2022年四川省綿陽(yáng)巿三臺(tái)中學(xué)高考沖刺模擬物理試題含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、在地球同步軌道上等間距布置三顆地球同步通訊衛(wèi)星，就可以讓地球赤道上任意兩位置間實(shí)現(xiàn)無(wú)線(xiàn)電通訊，現(xiàn)在地球同步衛(wèi)星的軌道半徑為地球半徑的11倍。假設(shè)將來(lái)地球的自轉(zhuǎn)周期變小，但仍要

2、僅用三顆地球同步衛(wèi)星實(shí)現(xiàn)上述目的，則地球自轉(zhuǎn)的最小周期約為A5小時(shí)B4小時(shí)C1小時(shí)D3小時(shí)2、2018年12月12日，嫦娥四號(hào)開(kāi)始實(shí)施近月制動(dòng)，為下一步月面軟著陸做準(zhǔn)備，首先進(jìn)入月圓軌道，其次進(jìn)入橢圓著陸軌道，如圖所示，B為近月點(diǎn)，A為遠(yuǎn)月點(diǎn)，關(guān)于嫦娥四號(hào)衛(wèi)星，下列說(shuō)法正確的是（）A衛(wèi)星在軌道上A點(diǎn)的加速度小于在B點(diǎn)的加速度B衛(wèi)星沿軌道運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，衛(wèi)星中的科考儀器處于超重狀態(tài)C衛(wèi)星從軌道變軌到軌道，機(jī)械能增大D衛(wèi)星在軌道經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能大于在軌道經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能3、下列說(shuō)法正確的是（）A電子的發(fā)現(xiàn)說(shuō)明原子具有核式結(jié)構(gòu)B衰變現(xiàn)象說(shuō)明電子是原子核的組成部分C某金屬在光照射下發(fā)生光電效應(yīng)，入射光頻

3、率越高，該金屬的逸出功越大D某金屬在光照射下發(fā)生光電效應(yīng)，入射光頻率越高，逸出光電子的最大初動(dòng)能越大4、現(xiàn)有一輕質(zhì)繩拉動(dòng)小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖所示，小球質(zhì)量為m，速度為v，重力加速度為g，輕繩與豎直方向夾角為，小球在運(yùn)動(dòng)半周時(shí)，繩對(duì)小球施加的沖量為（）ABCD5、某發(fā)電機(jī)通過(guò)理想變壓器給定值電阻R提供正弦交流電，電路如圖，理想交流電流表A，理想交流電壓表V的讀數(shù)分別為I、U，R消耗的功率為P。若發(fā)電機(jī)線(xiàn)圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉?lái)n倍，則AR消耗的功率變?yōu)閚PB電壓表V的讀數(shù)為nUC電流表A的讀數(shù)仍為ID通過(guò)R的交變電流頻率不變6、如圖是某金屬在光的照射下產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能Ek，與入射光

4、頻率v的關(guān)系圖象。由圖象可知錯(cuò)誤的是（）A該金屬的逸出功等于hv0B該金屬的逸出功等于EC入射光的頻率為時(shí)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為D入射光的頻率為2v0時(shí)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為E二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，勁度數(shù)為的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于水平面上質(zhì)量為的物體接觸（未連接），彈簧水平且無(wú)形變用水平力F緩慢推動(dòng)物體，在彈性限度內(nèi)彈簧長(zhǎng)度被壓縮了，此時(shí)物體靜止撤去F后，物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的最大距離為4物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為

5、，重力加速度為則（ ）A撤去F后，物體先做勻加速運(yùn)動(dòng)，再做勻減速運(yùn)動(dòng)B撤去F后，物體剛運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為C物體做勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為D物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)到速度最大的過(guò)程中克服摩擦力做的功為8、如圖甲所示，由一根導(dǎo)線(xiàn)繞成的矩形線(xiàn)圈的匝數(shù)n10匝，質(zhì)量m0.04 kg、高h(yuǎn)0.05 m、總電阻R0.5 、豎直固定在質(zhì)量為M0.06 kg的小車(chē)上，小車(chē)與線(xiàn)圈的水平長(zhǎng)度l相同。線(xiàn)圈和小車(chē)一起沿光滑水平面運(yùn)動(dòng)，并以初速度v02 m/s進(jìn)入垂直紙面向里的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B1.0 T，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中線(xiàn)圈平面和磁場(chǎng)方向始終垂直。若小車(chē)從剛進(jìn)磁場(chǎng)位置1運(yùn)動(dòng)到剛出磁場(chǎng)位置2的過(guò)程中速度v隨車(chē)的位移x變化的圖象如

6、圖乙所示，則根據(jù)以上信息可知（ ）A小車(chē)的水平長(zhǎng)度l10cmB小車(chē)的位移x15cm時(shí)線(xiàn)圈中的電流I1.5AC小車(chē)運(yùn)動(dòng)到位置3時(shí)的速度為1.0m/sD小車(chē)由位置2運(yùn)動(dòng)到位置3的過(guò)程中，線(xiàn)圈產(chǎn)生的熱量Q0.0875J9、如圖所示，電路中R1和R2均為可變電阻，平行板電容器C的極板水平放置。閉合開(kāi)關(guān)S，電路達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，一帶電油滴恰好懸浮在兩板之間。下列說(shuō)法正確的是()A僅增大的R2阻值，油滴仍然靜止B僅增大R1的阻值，油滴向上運(yùn)動(dòng)C增大兩板間的距離，油滴仍然靜止D斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，油滴將向下運(yùn)動(dòng)10、如圖所示，一物塊從傾角為的斜面底端以初速度沿足夠長(zhǎng)的斜面上滑，經(jīng)時(shí)間t速度減為零，再經(jīng)2t時(shí)間回到出發(fā)點(diǎn)，

7、下列說(shuō)法正確的是（ ）A物塊上滑過(guò)程的加速度大小是下滑過(guò)程加速度大小的2倍B物塊返回斜面底端時(shí)的速度大小為C物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為D物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）某同學(xué)要用電阻箱和電壓表測(cè)量某水果電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，考慮到水果電池組的內(nèi)阻較大，為了提高實(shí)驗(yàn)的精確度，需要測(cè)量電壓表的內(nèi)阻。實(shí)驗(yàn)器材中恰好有一塊零刻度在中央的雙電壓表，該同學(xué)便充分利用這塊電壓表，設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路，既能實(shí)現(xiàn)對(duì)該電壓表的內(nèi)阻的測(cè)量，又能利用該表完成水果電池組電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量，他用到的實(shí)驗(yàn)器材有：待測(cè)水果電

8、池組（電動(dòng)勢(shì)約，內(nèi)阻約）、雙向電壓表（量程為，內(nèi)阻約為）、電阻箱（）、滑動(dòng)變阻器（），一個(gè)單刀雙擲開(kāi)關(guān)及若干導(dǎo)線(xiàn)。（1）該同學(xué)按如圖所示電路圖連線(xiàn)后，首先測(cè)出了電壓表的內(nèi)阻。請(qǐng)完善測(cè)量電壓表內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)步驟：將的滑動(dòng)觸頭滑至最左端，將撥向1位置，將電阻箱阻值調(diào)為0；調(diào)節(jié)的滑動(dòng)觸頭，使電壓表示數(shù)達(dá)到滿(mǎn)偏；保持_不變，調(diào)節(jié)，使電壓表的示數(shù)達(dá)到_；讀出電阻箱的阻值，記為，則電壓表的內(nèi)阻_。（2）若測(cè)得電壓表內(nèi)阻為，可分析此測(cè)量值應(yīng)_（選填“大于”“等于”或“小于”）真實(shí)值。（3）接下來(lái)測(cè)量水果電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)步驟如下：將開(kāi)關(guān)撥至_（選填“1”或“2”）位置，將的滑動(dòng)觸片移到最_端，不再移動(dòng)；

9、調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電壓表的示數(shù)達(dá)到一個(gè)合適值，記錄下電壓表的示數(shù)和電阻箱的阻值；重復(fù)步驟，記錄多組電壓表的示數(shù)及對(duì)應(yīng)的電阻箱的阻值。（4）若將電阻箱與電壓表并聯(lián)后的阻值記錄為，作出圖象，則可消除系統(tǒng)誤差，如圖所示，其中縱截距為，斜率為，則電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式為_(kāi)，內(nèi)阻的表達(dá)式為_(kāi)。12（12分）某學(xué)習(xí)小組用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究動(dòng)能定理。A、B處分別為光電門(mén)，可測(cè)得小車(chē)遮光片通過(guò)A、B處所用的時(shí)間；用小車(chē)遮光片通過(guò)光電門(mén)的平均速度表示小車(chē)通過(guò)A、B點(diǎn)時(shí)的速度，鉤碼上端為拉力傳感器，可讀出細(xì)線(xiàn)上的拉力F。(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)量小車(chē)上安裝的遮光片寬度如圖丙所示，則寬度d=_mm，適當(dāng)墊高木板O端，使小

10、車(chē)不掛鉤碼時(shí)能在長(zhǎng)木板上勻速運(yùn)動(dòng)。掛上鉤碼，從O點(diǎn)由靜止釋放小車(chē)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)；(2)保持拉力F=0.2N不變，僅改變光電門(mén)B的位置，讀出B到A的距離s，記錄對(duì)于的s和tB數(shù)據(jù)，畫(huà)出圖像如圖乙所示。根據(jù)圖像可求得小車(chē)的質(zhì)量m=_kg；(3)該實(shí)驗(yàn)中不必要的實(shí)驗(yàn)要求有_A鉤碼和拉力傳感器的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量B畫(huà)出圖像需多測(cè)幾組s、tB的數(shù)據(jù)C測(cè)量長(zhǎng)木板墊起的高度和木板長(zhǎng)度D選用寬度小一些的遮光片四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，xOy坐標(biāo)系中，在y0的區(qū)域內(nèi)分布有沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在0yy0的區(qū)

11、域內(nèi)分布有垂直于xOy平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子以初速度v0由坐標(biāo)（0，y0）處沿x軸正方向射入電場(chǎng)。已知電場(chǎng)強(qiáng)度大小粒子重力不計(jì)。求：(1)粒子第一次到達(dá)x軸速度的大小和方向；(2)要使粒子不從yy0邊界射出磁場(chǎng)，求磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)滿(mǎn)足的條件；(3)要使粒子從電場(chǎng)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)能通過(guò)點(diǎn)P（50y0，0）（圖中未畫(huà)出），求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。14（16分）如圖所示，一位同學(xué)在用氣墊導(dǎo)軌探究動(dòng)量守恒定律時(shí)，測(cè)得滑塊甲質(zhì)量為m甲，它以v1的速度水平撞上同向滑行的滑塊乙。乙的質(zhì)量為m乙，速度為v2。碰撞后滑塊甲以v3的速度繼續(xù)向前運(yùn)動(dòng)。求滑塊乙的滑行速度v乙的大小。15（12分）如圖所示

12、，T形活塞將絕熱汽缸內(nèi)的氣體分隔成A、B兩部分，活塞左、右兩側(cè)截面積分別為S1、S2，活塞與汽缸兩端的距離均為L(zhǎng)，汽缸上有a、b、c三個(gè)小孔與大氣連通，現(xiàn)將a、b兩孔用細(xì)管(容積不計(jì))連接已知大氣壓強(qiáng)為p0，環(huán)境溫度為T(mén)o，活塞與缸壁間無(wú)摩擦(1)若用釘子將活塞固定，然后將缸內(nèi)氣體緩慢加熱到T1，求此時(shí)缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；(2)若氣體溫度仍為T(mén)0，拔掉釘子，然后改變缸內(nèi)氣體溫度，發(fā)現(xiàn)活塞向右緩慢移動(dòng)了L的距離(活塞移動(dòng)過(guò)程中不會(huì)經(jīng)過(guò)小孔)，則氣體溫度升高還是降低？變化了多少？參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析

13、】設(shè)地球的半徑為R，則地球同步衛(wèi)星的軌道半徑為r=1.1R，已知地球的自轉(zhuǎn)周期T=24h，地球同步衛(wèi)星的轉(zhuǎn)動(dòng)周期與地球的自轉(zhuǎn)周期一致，若地球的自轉(zhuǎn)周期變小，則同步衛(wèi)星的轉(zhuǎn)動(dòng)周期變小。由公式可知，做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑越小，則運(yùn)動(dòng)周期越小。由于需要三顆衛(wèi)星使地球赤道上任意兩點(diǎn)之間保持無(wú)線(xiàn)電通訊，所以由幾何關(guān)系可知三顆同步衛(wèi)星的連線(xiàn)構(gòu)成等邊三角形并且三邊與地球相切，如圖。由幾何關(guān)系可知地球同步衛(wèi)星的軌道半徑為r=2R由開(kāi)普勒第三定律得故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。2、A【解析】A衛(wèi)星在軌道II上運(yùn)動(dòng)，A為遠(yuǎn)月點(diǎn)，B為近月點(diǎn)，衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的加速度由萬(wàn)有引力產(chǎn)生即所以可知衛(wèi)星在B點(diǎn)運(yùn)行加速度大，故A正確；B衛(wèi)星

14、在軌道I上運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力完全提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力，故衛(wèi)星中儀器處于完全失重狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；C衛(wèi)星從軌道變軌到軌道，需要點(diǎn)火減速，所以從軌道變軌到軌道，外力做負(fù)功，機(jī)械能減小，故C錯(cuò)誤；D衛(wèi)星從A點(diǎn)到B點(diǎn)，萬(wàn)有引力做正功，動(dòng)能增大，故衛(wèi)星在軌道經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能小于在軌道經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能，故D錯(cuò)誤。故選A。3、D【解析】A 粒子散射實(shí)驗(yàn)說(shuō)明原子具有核式結(jié)構(gòu)，故A錯(cuò)誤；B 衰變是原子核中的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子同時(shí)產(chǎn)生電子的過(guò)程，但電子不是原子核的組成部分，故B錯(cuò)誤；CD 在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，金屬的逸出功與入射光的頻率無(wú)關(guān)； 可知，入射光頻率越高，逸出光電子的最大初動(dòng)能越大，故C錯(cuò)誤D正確。故選D。4、A【解析

15、】由題意可知在水平方向運(yùn)動(dòng)半周，速度反向，水平方向有Ix=2mv豎直方向上繩子與豎直線(xiàn)夾角滿(mǎn)足mgtan=故豎直方向沖量為根據(jù)矢量的合成的三角形法則可知繩對(duì)小球施加的沖量為故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。5、B【解析】當(dāng)發(fā)電機(jī)線(xiàn)圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉?lái)n倍，發(fā)電機(jī)產(chǎn)生交流電的電動(dòng)勢(shì)有效值和頻率都將發(fā)生變化。變壓器的輸入電壓變化后，變壓器的輸出電壓、副線(xiàn)圈的電流、R消耗的功率隨之改變，原線(xiàn)圈的電流也會(huì)發(fā)生變化。原線(xiàn)圈中電流的頻率變化，通過(guò)R的交變電流頻率變化。【詳解】B：發(fā)電機(jī)線(xiàn)圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉?lái)n倍，發(fā)電機(jī)線(xiàn)圈的角速度變?yōu)樵瓉?lái)n倍，據(jù)可得，發(fā)電機(jī)產(chǎn)生交流電電動(dòng)勢(shì)的最大值變?yōu)樵瓉?lái)n倍，原線(xiàn)圈兩端電壓變?yōu)樵瓉?lái)

16、n倍。據(jù)可得，副線(xiàn)圈兩端電壓變?yōu)樵瓉?lái)n倍，電壓表V的讀數(shù)為nU。故B項(xiàng)正確。A：R消耗的功率，副線(xiàn)圈兩端電壓變?yōu)樵瓉?lái)n倍，則R消耗的功率變?yōu)椤９蔄項(xiàng)錯(cuò)誤。C：流過(guò)R的電流，副線(xiàn)圈兩端電壓變?yōu)樵瓉?lái)n倍，則流過(guò)R的電流變?yōu)樵瓉?lái)的n倍；再據(jù)，原線(xiàn)圈中電流變?yōu)樵瓉?lái)n倍，電流表A的讀數(shù)為。故C項(xiàng)錯(cuò)誤。D：發(fā)電機(jī)線(xiàn)圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉?lái)n倍，發(fā)電機(jī)產(chǎn)生交流電的頻率變?yōu)樵瓉?lái)的n倍，通過(guò)R的交變電流頻率變?yōu)樵瓉?lái)的n倍。故D項(xiàng)錯(cuò)誤。6、C【解析】ABD根據(jù)光電效應(yīng)方程有Ekm=hW0其中W0為金屬的逸出功，其中W0=h0所以有Ekm=hh0由此結(jié)合圖象可知，該金屬的逸出功為E或者W0=h0，當(dāng)入射光的頻率為20時(shí)，代

17、入方程可知產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為E，故ABD正確；C入射光的頻率時(shí)，小于極限頻率，不能發(fā)生光電效應(yīng)，故C錯(cuò)誤。此題選擇錯(cuò)誤的，故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】A撤去F后，物體水平方向上受到彈簧的彈力和滑動(dòng)摩擦力，滑動(dòng)摩擦力不變，而彈簧的彈力隨著壓縮量的減小而減小，彈力先大于滑動(dòng)摩擦力，后小于滑動(dòng)摩擦力，則物體向左先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，隨著彈力的減小，合外力先減小后增大，則加速度先減小后增大，故物體先做變加速運(yùn)動(dòng)，再做變減速運(yùn)動(dòng)，最后物體

18、離開(kāi)彈簧后做勻減速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；B剛開(kāi)始時(shí)，由牛頓第二定律有：解得：B正確；C由題意知，物體離開(kāi)彈簧后通過(guò)的最大距離為3x0，由牛頓第二定律得：將此運(yùn)動(dòng)看成向右的初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，則：聯(lián)立解得：，C錯(cuò)誤；D當(dāng)彈簧的彈力與滑動(dòng)摩擦力大小相等、方向相反時(shí)，速度速度最大時(shí)合力為零，則有解得，所以物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)到速度最大的過(guò)程中克服摩擦力做的功為：D正確。故選BD。8、AC【解析】A.從位置1到位置2，開(kāi)始進(jìn)入磁場(chǎng)，安培力向左，小車(chē)減速，全進(jìn)入磁場(chǎng)后，回路磁通量不再變化，沒(méi)有感應(yīng)電流，不受安培力開(kāi)始勻速，所以根據(jù)圖像可以看出小車(chē)長(zhǎng)10cm，A正確B.小車(chē)的位移x15cm時(shí)，處于勻速階段，磁通量

19、不變，回路電流為零，B錯(cuò)誤C.小車(chē)進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中：，出磁場(chǎng)過(guò)程中：，而進(jìn)出磁場(chǎng)過(guò)程中電量：，進(jìn)出磁場(chǎng)過(guò)程中磁通量變化相同，所以電量相同，所以，解得：，C正確D.從位置2運(yùn)動(dòng)到位置3的過(guò)程中，根據(jù)能量守恒：，解得：，D錯(cuò)誤9、ABD【解析】開(kāi)始液滴靜止，液滴處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知：mg=qUd；由圖示電路圖可知，電源與電阻R1組成簡(jiǎn)單電路，電容器與R1并聯(lián)，電容器兩端電壓等于R1兩端電壓，等于路端電壓，電容器兩端電壓：U=IR1=ER1r+R1；僅增大R2的阻值，極板間電壓不變，液滴受力情況不變，液滴靜止不動(dòng)，故A正確；僅增大R1的阻值，極板間電壓U變大，液滴受到向上的電場(chǎng)力變大，液滴受到

20、的合力豎直向上，油滴向上運(yùn)動(dòng)，故B正確；僅增大兩板間的距離，極板間電壓不變，板間場(chǎng)強(qiáng)減小，液滴受到的電場(chǎng)力減小，液滴所受合力豎直向下，液滴向下運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；斷開(kāi)電鍵，電熱器通過(guò)兩電阻放電，電熱器兩極板間電壓為零，液滴只受重力作用，液滴向下運(yùn)動(dòng)，故D正確；故選ABD?！军c(diǎn)睛】本題考查了判斷液滴運(yùn)動(dòng)狀態(tài)問(wèn)題，分析清楚電路結(jié)構(gòu)，分析清楚極板間場(chǎng)強(qiáng)如何變化、判斷出液滴受力如何變化是解題的關(guān)鍵10、BC【解析】A根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)公式得：則：x相同，t是2倍關(guān)系，則物塊上滑過(guò)程的加速度大小是下滑過(guò)程加速度大小的4倍，故A錯(cuò)誤；B根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)公式得：，則物塊上滑過(guò)程的初速度大小是返回斜面底端時(shí)的速

21、度大小的2倍，故B正確；CD以沿斜面向下為正方向，上滑過(guò)程，由牛頓第二定律得：mgsin+mgcos=ma1下滑過(guò)程，由牛頓第二定律得：mgsin-mgcos=ma2又a2=4a1聯(lián)立解得：故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、（1） 半偏（或最大值的一半） （2）大于 （3）2 左 （4） 【解析】（1）由題圖可知，當(dāng)S撥向1位置，滑動(dòng)變阻器在電路中為分壓式接法，利用電壓表的半偏法得：調(diào)節(jié)使電壓表滿(mǎn)偏；1.保持不變，與電壓表串聯(lián)；2.調(diào)節(jié)使電壓表的示數(shù)達(dá)到半偏（或最大值的一半）；3.則電壓表的內(nèi)阻與電阻箱示數(shù)

22、相同。（2）4.由閉合電路歐姆定律可知，調(diào)節(jié)變大使電壓表達(dá)到半偏的過(guò)程中，總電阻變大。干路總電流變小，由得變大，由電路知，滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭右側(cè)分得的電壓變小，則變大，電壓表半偏時(shí)，上分得的電壓就會(huì)大于電壓表上分得的電壓，那么的阻值就會(huì)大于電壓表的阻值。（3）5.6.測(cè)水果電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，利用伏阻法，S撥到2位置，同時(shí)將的滑動(dòng)觸頭移到最左端。利用，聯(lián)立求E、r。（4）7.8.由閉合電路歐姆定律得：，變形得，則，解得：，。12、1.125 0.6 AC 【解析】(1)1根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)則可知，固定刻度為1mm，可動(dòng)刻度為12.50.01mm=0.125mm，則遮光片寬度：d=1mm+0.125mm=1.125mm。(2)2小車(chē)做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間為tB，利用平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度可知，小車(chē)通過(guò)光電門(mén)B的速