江蘇省沭陽縣修遠中學(xué)2022年高考物理倒計時模擬卷含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，帶正電的點電荷Q固定，電子僅在庫侖力作用下，做以Q點為焦點的橢圓運動，M、P、N為橢圓上的三點，

2、P點是軌道上離Q最近的點。M、N和EM、EN分別表示電子在M、N兩點的電勢和電場強度，則電子從M點逆時針運動到N點（）AMN，EMENBMN，EMENC電子的動能減小D電場力對電子做了正功2、2016里約奧運會男子50米自由泳決賽美國埃爾文奪得金牌。經(jīng)視頻分析發(fā)現(xiàn)：他從起跳到入水后再經(jīng)過加速到獲得最大速度2.488m/s所用的時間總共為2.5秒，且這一過程通過的位移為x1=2.988m。若埃爾文以最大速度運動的時間為19s，若超過該時間后他將做1m/s2的勻減速直線運動。則這次比賽中埃爾文的成績?yōu)椋ǎ〢19.94sB21.94sC20.94sD21.40s3、繼我國探月工程之后，2020年我國

3、計劃啟動火星探測任務(wù)，擇機發(fā)射火星探測器。若已知引力常量G和火星的半徑R，火星探測器環(huán)繞火星表面飛行的周期T，那么根據(jù)這些已知條件可估算（）A火星的第一宇宙速度B火星的自轉(zhuǎn)角速度C探測器的質(zhì)量D探測器受火星的引力4、一個做變速直線運動的物體，其加速度方向不變而大小逐漸減小至零，那么該物體的運動情況不可能是（ ）A速度不斷增大，加速度減小到零時速度最大B速度不斷減小，加速度減小到零時速度也減小到零C速度先減小后增大，加速度減小到零時速度最大D速度先增大后減小，加速度減小到零時速度最小5、如圖所示，質(zhì)量為m的滑塊從斜面底端以平行于斜面的初速度v0沖上固定斜面，沿斜面上升的最大高度為h.已知斜面傾角

4、為，斜面與滑塊間的動摩擦因數(shù)為 ，且50m則運動員沒有勻減速運動的過程，所以他勻速運動的時間為則埃爾文奪金的成績?yōu)椋簍=2.5+18.895=21.40sA19.94s與分析不符，故A錯誤；B21.94s與分析不符，故B錯誤；C20.94s與分析不符，故C錯誤；D21.40s與分析相符，故D正確。故選D。3、A【解析】A由題中條件可求火星的第一宇宙速度選項A正確； B由題中條件不能求解火星的自轉(zhuǎn)角速度，選項B錯誤；C根據(jù)而探測器的質(zhì)量m從兩邊消掉了，則不能求解探測器的質(zhì)量，選項C錯誤； D探測器的質(zhì)量未知，則不能求解探測器受火星的引力，選項D錯誤。故選A。4、D【解析】A當(dāng)速度的方向和加速度的

5、方向相同時，則可以做加速度逐漸減小的加速運動，故A正確；B當(dāng)加速度的方向和速度方向相反時，則可以做減速運動，當(dāng)加速度減小到零時速度也恰好減小到零，故B正確；C剛開始的時候速度和加速度的方向相反，則先做減速運動，當(dāng)減速到零時再做反向加速，加速度減小到零時速度最大，故C正確；D只有當(dāng)加速度的方向和速度的方向相同時，做加速運動，因為加速度方向不變，所以無法再做減速運動，故D錯誤。故選D。5、D【解析】本題考查動能、勢能、機械能有關(guān)知識，勢能Ep= mgh 勢能與高度成正比，上升到最大高度H時，勢能最大，A錯；由能量守恒，機械損失，克服摩擦力做功，轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，上升過程EE0-mgcosh/sin=E0

6、-mgh/tan,下行時，E=mgH-mg(H-h)/tan,勢能E與高度h為線性關(guān)系，B錯；上行時，動能EK=EK0-(mgsin+mgcos)h/cos下行時EK= (mgsin-mgcos)（H-h）/cos動能EK高度h是線性關(guān)系，C錯，D正確6、B【解析】電子在r軌道上圓周運動時，靜電引力提供向心力所以電子的動能為所以原子和電子的總能為再由能量關(guān)系得 即故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A廣西壯族自治區(qū)處在北緯之間，某極地衛(wèi)星通過廣西最

7、北端與最南端正上方所經(jīng)歷的時間為，已知轉(zhuǎn)過對應(yīng)角度的時間，則可以求得運動一周的時間即衛(wèi)星的周期A正確；B因為不知道該衛(wèi)星的質(zhì)量，根據(jù)萬有引力定律無法求得衛(wèi)星受到的向心力大小，B錯誤；C據(jù)萬有引力提供圓周運動向心力已知質(zhì)量和周期及常量可以求得衛(wèi)星的軌道半徑，根據(jù)可以求得衛(wèi)星的線速度大小，C正確；D因為不知道衛(wèi)星距地面的高度，故無法求得地球的半徑，所以無法得到地球的密度，D錯誤。故選AC。8、AD【解析】A圖示時刻平衡位置x=3m處的質(zhì)點正在向上振動，根據(jù)波動規(guī)律可知，實線波沿x軸正方向傳播，則虛線波沿x軸負方向傳播，故A正確；B介質(zhì)決定波速，兩列波傳播速度大小相同，由圖可知，實線波的波長1=6m

8、，虛線波的波長2=9m，由v=f可知，實線波和虛線波的頻率之比為f1：f2=2：1=3：2由于f1不等于f2，故兩列波在相遇區(qū)域不會發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，故B錯誤；C實線波的頻率為2.50Hz，波長1=6m，則波速故C錯誤；D實線波波峰傳到平衡位置x1.875m處的質(zhì)點所用時間為虛線波波峰傳到平衡位置x1.875m處的質(zhì)點所用時間為說明從圖示時刻起再過0.025s，平衡位置x1.875m處的質(zhì)點處于波峰位置，由波的疊加可知，平衡位置x1.875m處的質(zhì)點將位于y30cm，故D正確。故選AD。9、BC【解析】AB.由核電荷數(shù)守恒知X的電荷數(shù)為0，故X為中子；由質(zhì)量數(shù)守恒知a=3，故A不符合題意，B

9、符合題意；CD.由題意知，核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損m=mu-mBa-mKr-2mn，由質(zhì)能方程可知，釋放的核能E=mc2=（mu-mBa-mKr-2mn）c2，故C符合題意，D不符合題意；10、BD【解析】AB由小球的速度圖象知，開始小球的速度增大，說明小球的重力大于彈簧對它的彈力，當(dāng)x為0.1 m時，小球的速度最大，然后減小，說明當(dāng)x為0.1 m時，小球的重力等于彈簧對它的彈力所以可得：kxmg解得：kN/m20 N/m彈簧的最大縮短量為x最大0.61 m，所以F最大20 N/m0.61 m12.2 N彈力最大時的加速度a51 m/s2小球剛接觸彈簧時加速度為10 m/s2，所以壓縮到最短時加

10、速度最大，故A錯誤，B正確；C小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，單獨的小球機械能不守恒，故C錯誤；D根據(jù)自由落體運動算得小球自由落體運動下落的高度D正確故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、30 0.4m/s 0.6m/s 0.8m/s 1.2 1.2 兩滑塊組成的系統(tǒng)在相互作用過程中動量守恒 【解析】(1)1由碰撞前A、B位置可知碰撞發(fā)生在30cm處；(2)234碰后A的位置在40cm，60cm，80cm處，則碰后B的位置在45cm，75cm，105cm處，則由碰撞前A、B位置可知碰撞發(fā)生在30cm處，碰后B從30m處運動到45

11、cm處，經(jīng)過時間碰前A從10cm處運動到30cm處用時則碰前(3)5碰撞前兩個滑塊各自的質(zhì)量與各自的速度的乘積之和6碰撞后兩個滑塊各自的質(zhì)量與各自的速度的乘積之和7本實驗中得出的結(jié)論是兩滑塊組成的系統(tǒng)在相互作用過程中動量守恒12、打點計時器 1.8 64 不變 【解析】（1）實驗時,應(yīng)先接通打點計時器電源，再接通電動機的電源；（2）根據(jù)v=xt 求解線速度，根據(jù)=vr 求解角速度；（3）根據(jù)v=r=12D結(jié)合圖像判斷角速度的變化.【詳解】（1）實驗時,應(yīng)先接通打點計時器電源，再接通電動機的電源；（2）紙帶運動的速度大小為v=xt=3.6010-20.02m/s=1.8m/s；角速度=vr=1.

12、85.610-22rad/s=64rad/s；（3） 根據(jù)v=r=12D，因v-D圖像是過原點的直線，可知 不變.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）0.5J【解析】（1）滑塊在滑動摩擦力作用下，做勻減速運動，木板做勻加速運動，根據(jù)牛頓第二定律，對滑塊有對木板有解得設(shè)時滑塊滑到木板的右端二者恰好共速，則有根據(jù)位移關(guān)系有解得，所以當(dāng)時滑塊不滑下木板。（2）若，滑塊沒有滑下木板，根據(jù)速度時間公式有得滑塊在木板上相對滑動時間二者達到共速共速后一起減速，根據(jù)牛頓第二定律有共同運動時間，木板總位移木板與地面摩擦產(chǎn)生的熱量解得14、；【解析】在B點的反射光線與入射光線NB關(guān)于AB對稱，則可知從P點射出的光線與原平行于AB的入射光線平行對稱，作出光路圖如圖所示由光路圖知由折射定律得解得入射點N與出射點P間的距離為該條光線在玻璃球中的路程光在玻璃球中的速度光在玻璃球中的時間15、 (1) 71.5N，方向豎直向下 (1) 3.3s (3) 11.5m【解析】（1）滑塊B由初位置到圓弧軌道底端：mg（h+R）=mv11得v1=5m/s圓弧軌道最低點：FN-mg=m得FN=71.5N由牛頓第三定律滑塊對軌道的壓力為71.5N，方向豎直向下（1）B滑上A系統(tǒng)動量守恒：