2022屆福建省漳州市普通高中高三下第一次測試物理試題含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、用相同頻率的光照射兩塊不同材質(zhì)的金屬板M、N，金屬板M能發(fā)生光電效應(yīng)，金屬板N不能發(fā)生光電效應(yīng)。則（）A金屬板M的逸出功大于金屬板N的逸出功B若增加光的照射強度，則金屬板N有可

2、能發(fā)生光電效應(yīng)C若增加光的照射強度，則從金屬板M中逸出的光電子的最大初動能會增大D若增加光的照射強度，則單位時間內(nèi)從金屬板M中逸出的光電子數(shù)會增加2、如圖所示，一架無人機執(zhí)行航拍任務(wù)時正沿直線朝斜向下方向勻速運動用G表示無人機重力，F(xiàn)表示空氣對它的作用力，下列四幅圖中能表示此過程中無人機受力情況的是ABCD3、我國擁有世界上最大的單口徑射電望遠(yuǎn)鏡，被稱為“天眼”，如圖所示。“天眼” “眼眶”所圍圓面積為S，其所在處地磁場的磁感應(yīng)強度大小為B，與“眼眶”平面平行、垂直的分量分別為Bl、B2，則穿過“眼眶”的磁通量大小為A0BBSCB1SDB2S4、如圖所示，在平行有界勻強磁場的正上方有一等邊閉合

3、的三角形導(dǎo)體框，磁場的寬度大于三角形的高度，導(dǎo)體框由靜止釋放，穿過該磁場區(qū)城，在下落過程中BC邊始終與勻強磁場的邊界平行，不計空氣阻力，則下列說法正確的是（）A導(dǎo)體框進入磁場過程中感應(yīng)電流為逆時針方向B導(dǎo)體框進、出磁場過程，通過導(dǎo)體框橫截面的電荷量大小不相同C導(dǎo)體框進入磁場的過程中可能做先加速后勻速的直線運動D導(dǎo)體框出磁場的過程中可能做先加速后減速的直線運動5、在直角三角形abc區(qū)域內(nèi)存在垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B，邊長。一個粒子源在b點將質(zhì)量為m，電荷量為q的帶負(fù)電粒子以大小和方向不同的速度射入磁場，在磁場中運動時間最長的粒子中，速度的最大值是（ ）ABCD6、下列說法正確

4、的是:A國際單位制中力學(xué)中的三個基本物理量的單位是m、kg、m/sB滑動摩擦力可以對物體不做功,滑動摩擦力可以是動力C在渡河問題中,渡河的最短時間由河寬、水流速度和靜水速度共同決定D牛頓第一定律是經(jīng)過多次的實驗驗證而得出的二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一定質(zhì)量的理想氣體，從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再變化到狀態(tài)C，變化過程的p-V圖象如圖所示，已知狀態(tài)A時氣體溫度為200K。下列說法正確的是（）A狀態(tài)B時氣體溫度是600KB狀態(tài)C時氣體溫度是600KC狀態(tài)A到B的過程

5、，氣體放熱D狀態(tài)B到C的過程，氣體放熱E.狀態(tài)A到B再到C的過程，氣體內(nèi)能先增大后減小8、有四個完全相同的燈泡連接在理想變壓器的原、副線圈中，如圖所示。若開關(guān)接在位置1時，四個燈泡發(fā)光亮度相同；若將開關(guān)接在位置2時，燈泡均未燒壞。下列說法正確的是（）A該變壓器是降壓變壓器，原、副線圈匝數(shù)之比為31B該變壓器是升壓變壓器，原、副線圈匝數(shù)之比為13C開關(guān)接在位置2時，副線圈中的燈泡發(fā)光亮度均減弱D開關(guān)接在位置2時，副線圈中的燈泡發(fā)光亮度均加強9、如圖甲，豎直光滑桿固定不動，套在桿上的彈簧下端固定，將套在桿上的滑塊向下壓縮彈簧車離地高度h=0.1m處，滑塊與彈簧不拴接.現(xiàn)由靜止釋放滑塊，通過傳感器測

6、量出滑塊的速度和離地高度h，并作出如圖乙所示滑塊的動能Ek與h的關(guān)系圖像，其中h=0.2m0.35m圖線為直線，其余部分為曲線，h=0.18m時，滑塊動能最大，不計空氣阻力，取g=10m/s2，則由圖像可知（ ）A圖線各點斜率的絕對值表示合外力大小B滑塊的質(zhì)量為0.1kgC彈簧的原長為0.18mD彈簧的勁度系數(shù)為100N/m10、如圖所示，abcd為邊長為L的正方形線框，線框在紙面內(nèi)，電阻為R圖中虛線區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場現(xiàn)用外力作用于線框，使線框從圖示位置開始沿x軸正方向做初速度為零的勻加速運動，線框運動過程中，ad邊始終水平，線框平面始終與磁場垂直，磁場寬度大于L，x軸正方向作為力

7、的正方向，則磁場對線框的作用力F隨時間t的變化圖線及線框ab邊的電壓U隨時間t的變化圖象正確的是ABCD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)設(shè)計了一個既可以測電阻又可以測電源電動勢與內(nèi)阻的實驗電路，如圖甲所示，實驗室提供了以下實驗器材：電源E（電動勢約為6V，內(nèi)阻約為1）；定值電阻R0（阻值約為5）；電流表A（量程30mA，內(nèi)阻約為5）；電流表B（量程1A，內(nèi)阻約為1）；電壓表C（量程6V，內(nèi)阻約為5k）；電壓表D（量程3V，內(nèi)阻約為3k）；滑動變阻器F（阻值020）；滑動變阻器G（阻值0500）根據(jù)題中所給信息，請回答以下

8、問題(1)電流表應(yīng)選_，滑動變阻器應(yīng)選_；（選填器材代號）(2)該同學(xué)操作正確無誤，用U1、U2、I分別表示電表V1、V2、A的讀數(shù)，其數(shù)據(jù)如下表所示：I（A）0.300.350.400.450.500.55U1（V）5.685.615.575.515.485.40U2（V）1.441.691.912.162.392.62根據(jù)表中數(shù)據(jù)求得定值電阻R0=_（保留一位小數(shù)），其測量值_真實值（選填“”、“”、“”、“0，則由熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸熱，選項C錯誤；D狀態(tài)B到C的過程，氣體體積減小，則W0；溫度降低，則U0，則由熱力學(xué)第一定律可知，Q0，即氣體放熱，選項D正確；E狀態(tài)A到B再到C的

9、過程，氣體溫度先升高后降低，可知氣體的內(nèi)能先增大后減小，選項E正確。故選ADE。8、AD【解析】AB四個燈泡發(fā)光程度相同，所以原線圈電流與副線圈電流之比為1：3，根據(jù)可知該變壓器是降壓變壓器，原副線圈匝數(shù)比為3：1，故A正確，B錯誤；CD接到2位置，原線圈電壓變大，根據(jù)電壓與匝數(shù)的關(guān)系可知副線圈電壓變大，所以副線圈中的燈泡的電流變大，發(fā)光亮度均加強，故D正確，C錯誤。故選AD。9、AD【解析】A根據(jù)動能定理可得故圖像的斜率表示滑塊受到的合外力大小，A正確；B在圖象中，圖線的斜率表示滑塊所受的合外力，由于高度從0.2m上升到0.35m范圍內(nèi)圖象為直線，其余部分為曲線，說明滑塊從0.2m上升到0.

10、35m范圍內(nèi)所受作用力為恒力，即只受重力作用，所以從h=0.2m，滑塊與彈簧分離，彈簧的原長的0.2m，斜率大小為即重力大小為所以故BC錯誤；D在滑塊與彈簧未分離的過程中，當(dāng)滑塊受到的重力和彈力等大時，滑塊的速度最大，即動能最大，故有根據(jù)題意可知0.18m時動能最大，而彈簧原長為0.2m，代入解得D正確。故選AD。10、AD【解析】線圈做初速度為零的勻加速直線運動，速度v=at，進磁場和出磁場受到的安培力，則A正確，B錯誤；進磁場時，ab兩端的電壓；在磁場中運動時，；出磁場時，ab兩端的電壓，則選項C錯誤，D正確；故選AD.【點睛】對于圖象問題，關(guān)鍵是能夠根據(jù)已知的公式、定律等推導(dǎo)出橫坐標(biāo)和縱

11、坐標(biāo)的關(guān)系式，分析斜率的變化，然后作出正確的判斷三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B F 4.8 = 【解析】(1)12電源電動勢為6V，保護電阻約為5，則電流約為I=A=1A故為了能準(zhǔn)確測量，電流表應(yīng)選擇B；因電源內(nèi)電阻較小，故滑動變阻器應(yīng)選擇阻值較小的F；(2)345由電路圖可知，U2為定值電阻兩端的電壓，電流表示數(shù)為R0中的電流，由圖可知電壓表示數(shù)與電流表示數(shù)成正比，則可知，定值電阻的阻值為R0=4.8由于采用了電流表外接法，故測量出的電流偏大，則由歐姆定律可知，測量值小于真實值；如果用來測量電動勢和內(nèi)阻，由于采用相對電源的電流

12、表外接法，由于電壓表分流作用而使電流表示數(shù)偏小，則測出的電動勢偏??；(3)6由于電壓表支路中電流為零，故電壓表不再分流，則此時電流表測出的電流為干路電流，電壓表示數(shù)為路端電壓，因此測量結(jié)果是準(zhǔn)確的。12、AC 【解析】（1）1采用“10”擋，調(diào)零后測量該電阻，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)非常大，最后幾乎緊挨滿偏刻度停下來，說明待測電阻的阻值較小，為了使歐姆表指針在中值電阻附近讀數(shù)，減小誤差，需更換較小的倍率，更換“1”擋倍率后需重新調(diào)零后再測量，故AC正確，BD錯誤；故選AC；（2）2電源電動勢只有3V，故選用電壓表V1（量程03V，內(nèi)阻很大）；回路中的電流最大電流為A=100mA故選用電流表A1（量程050

13、mA內(nèi)阻約12），待測電阻阻值遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，電流表應(yīng)選外接法，但根據(jù)歐姆定律，若將電阻直接接在電壓表兩端時，電阻兩端最大電壓為V=1.5V只是電壓表V1量程的一半；若將待測電阻與定值電阻串聯(lián)，則它們兩端電壓為V=4V能達(dá)到電壓表V1的量程，為達(dá)到測量盡量準(zhǔn)確的目的，滑動變阻器采用分壓式接法，故選用阻值小的滑動變阻器R1，電路圖如圖所示四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【小題1】【小題2】【小題3】B21.5B1【解析】粒子在勻強電場中做類平拋運動，將運動沿水平方向與豎直方向分解，根據(jù)動為學(xué)規(guī)律即可求解；當(dāng)粒子

14、進入磁場時，做勻速圓周運動，由牛頓第二定律可確定運動的半徑最后由幾何關(guān)系可得出磁場的寬度L；根據(jù)幾何關(guān)系確定離開磁場的半徑范圍，再由半徑公式可確定磁感應(yīng)強度【小題1】設(shè)點電荷進入磁場時的速度大小為v，與水平方向成角，由類平拋運動的速度方向與位移方向的關(guān)系有：tan則30根據(jù)速度關(guān)系有：v【小題2】設(shè)點電荷在區(qū)域中的軌道半徑為r1，由牛頓第二定律得： ，軌跡如圖：由幾何關(guān)系得：Lr1解得：L【小題3】當(dāng)點電荷不從區(qū)域右邊界離開磁場時，點電荷在磁場中運動的時間最長設(shè)區(qū)域中最小磁感應(yīng)強度為B，對應(yīng)的軌跡半徑為r2，軌跡如圖：同理得：根據(jù)幾何關(guān)系有：Lr2(1sin) 解得：B1.5B1【點睛】本題考

15、查了粒子在電場與磁場中的運動，粒子在電場中做類平拋運動，在磁場中做圓周運動，本題涉及了類平拋運動、勻速圓周運動，學(xué)會處理這兩運動的規(guī)律：類平拋運動強調(diào)運動的分解，勻速圓周運動強調(diào)幾何關(guān)系確定半徑與已知長度的關(guān)系14、 (1)6m/s；(2)50N【解析】(1)A沿斜軌道下滑時，由牛頓第二定律結(jié)合運動學(xué)公式兩物塊碰撞滿足動量守恒，選取水平向右為正方向解得(2)物塊從b運動到e的過程，根據(jù)動能定理在e點，根據(jù)牛頓第二定律解得根據(jù)牛頓第三定律可知物塊對軌道點的壓力大小為。15、（1）tan= 0.05；（2）0.8；（3）1.9m，53?！窘馕觥浚?）當(dāng)物塊剛好能從斜面開始下滑時，有 mgsin=1mgcos解得：tan=1=0.05，斜面的傾角=arctan0.05（2）物塊從頂端無初速釋放開始直至恰好停在桌面邊緣，根據(jù)動能定理 W合=得：mgL1sin371mg L1cos372mg（L2L1cos37）=0代入數(shù)據(jù)，解得2=0.8（3）物塊從頂端無初速釋放開始直至運動到桌面末端，根據(jù)動能定理得：mgL1sin1mg L1cos2 mg（L2L1cos）=代入數(shù)據(jù)得sin+0.75 cos1.2=變形得（sincos+sincos）1.2=式中tan=0.75，=37，即s