2022年河北省保定市高三第二次調(diào)研物理試卷含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、在物理學(xué)建立與發(fā)展的過程中，有許多科學(xué)家做出了理論與實(shí)驗(yàn)貢獻(xiàn)。關(guān)于這些貢獻(xiàn)，下列說法正

2、確的是（）A牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，并通過扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)量了引力常量B安培提出了分子電流假說，研究了安培力的大小與方向C法拉第發(fā)現(xiàn)了磁生電的現(xiàn)象，提出了法拉第電磁感應(yīng)定律D愛因斯坦在物理學(xué)中最早引入能量子，破除了“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念2、如圖，在xoy坐標(biāo)系中有圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，其圓心在原點(diǎn)O，半徑為L(zhǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外。粒子A帶正電，比荷為，第一次粒子A從點(diǎn)（L，0）在紙面內(nèi)以速率沿著與x軸正方向成角射入磁場(chǎng)，第二次粒子A從同一點(diǎn)在紙面內(nèi)以相同的速率沿著與x軸正方向成角射入磁場(chǎng)，已知第一次在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間是第二次的2倍，則ABCD3、如圖所示，A、B兩個(gè)質(zhì)量相等的小

3、球，分別從同一高度、傾角分別為、的光滑斜面頂端由靜止自由滑下。在小球從開始下滑到到達(dá)斜面底端的過程中，下列判斷正確的是（）AA球和B球到達(dá)斜面底端的速度大小不相等BA球重力做功的平均功率比B球重力做功的平均功率小CA球運(yùn)動(dòng)的加速度比B球運(yùn)動(dòng)的加速度大DA球所受重力的沖量大小比B球所受重力的沖量大小小4、如圖所示，一沿水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)分布在豎直高度為2L的某矩形區(qū)域內(nèi)（寬度足夠大），該區(qū)域的上下邊界MN、PS是水平的有一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)線框abcd從距離磁場(chǎng)上邊界MN的某高處由靜止釋放下落而穿過該磁場(chǎng)區(qū)域已知當(dāng)線框的ab邊到達(dá)MN時(shí)線框剛好做勻速直線運(yùn)動(dòng)（以此時(shí)開始計(jì)時(shí)），以MN處為坐標(biāo)原點(diǎn)

4、，取如圖坐標(biāo)軸x，并規(guī)定逆時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流的正方向，則關(guān)于線框中的感應(yīng)電流與ab邊的位置坐標(biāo)x間的以下圖線中，可能正確的是ABCD5、如圖所示，圓心在O點(diǎn)、半徑為R的光滑圓弧軌道ABC豎直固定在水平桌面上，OC與OA的夾角為60，軌道最低點(diǎn)A與桌面相切一足夠長(zhǎng)的輕繩兩端分別系著質(zhì)量為m1和m2的兩小球（均可視為質(zhì)點(diǎn)），掛在圓弧軌道光滑邊緣C的兩邊，開始時(shí)m1位于C點(diǎn)，然后從靜止釋放，若m1恰好能沿圓弧下滑到A點(diǎn)則（）A兩球速度大小始終相等B重力對(duì)m1做功的功率不斷增加Cm1=2m2Dm1=3m26、一定質(zhì)量的理想氣體，從狀態(tài)M開始，經(jīng)狀態(tài)N、Q回到原狀態(tài)M，其p-V圖象如圖所示，其中QM平行

5、于橫軸，NQ平行于縱軸則（ ）AMN過程氣體溫度不變BNQ過程氣體對(duì)外做功CNQ過程氣體內(nèi)能減小DQM過程氣體放出熱量二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，x軸上方有兩條曲線均為正弦曲線的半個(gè)周期，其高和底的長(zhǎng)度均為l，在x軸與曲線所圍的兩區(qū)域內(nèi)存在大小均為B，方向如圖所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，MNPQ為一邊長(zhǎng)為l的正方形導(dǎo)線框，其電阻為R，MN與x軸重合，在外力的作用下，線框從圖示位置開始沿x軸正方向以速度v勻速向右穿越磁場(chǎng)區(qū)域，則下列說法中正確的是（）A線框的PN邊

6、到達(dá)x坐標(biāo)為處時(shí)，感應(yīng)電流最大B線框的PN邊到達(dá)x坐標(biāo)為處時(shí)，感應(yīng)電流最大C穿越磁場(chǎng)的整個(gè)過程中，線框中產(chǎn)生的焦耳熱為D穿越磁場(chǎng)的整個(gè)過程中，外力所做的功為8、如圖甲所示，A、B兩物塊靜止在光滑水平面上，兩物塊接觸但不粘連，A、B的質(zhì)量分別為，。t=0時(shí)刻對(duì)物塊A施加一水平向右推力F1，同時(shí)對(duì)物塊B施加一水平向右拉力F2，使A、B從靜止開始運(yùn)動(dòng)，力F1、F2隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示。下列說法正確的是（ ）A時(shí)刻A對(duì)B的推力大小為B0時(shí)刻內(nèi)外合力對(duì)物塊A做的功為C從開始運(yùn)動(dòng)到A、B分離，物體B運(yùn)動(dòng)的位移大小為D時(shí)刻A的速度比B的速度小9、下列說法中正確的是（ ）A分子運(yùn)動(dòng)的平均速率可能為零，瞬

7、時(shí)速度不可能為零B液體與大氣相接觸時(shí)，表面層內(nèi)分子所受其他分子的作用表現(xiàn)為相互吸引C空氣的相對(duì)濕度用空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)表示D有些非晶體在一定條件下可以轉(zhuǎn)化為晶體E.隨著分子間距增大，分子間引力和斥力均減小，分子勢(shì)能不一定減小10、科學(xué)實(shí)驗(yàn)證明，通電長(zhǎng)直導(dǎo)線周圍磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，式中常量k0，I為電流強(qiáng)度，l為距導(dǎo)線的距離。如圖所示，三根完全相同且通有恒定電流的長(zhǎng)直導(dǎo)線a、b、c，其截面位于等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，a、b、c通過的恒定電流大小分別為Ia、Ib、Ic，b、c位于光滑絕緣水平面上，三根導(dǎo)線均可保持靜止?fàn)顟B(tài)，則（ ）Aa、b通有同向的恒定電流B導(dǎo)線a受的合磁場(chǎng)力豎直向上C導(dǎo)線a、

8、b所受的合磁場(chǎng)力大小相等、方向相反D導(dǎo)線a、b、c上通有的電流大小關(guān)系為Ia2Ib2Ic三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)利用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，同時(shí)測(cè)量彈簧的彈性勢(shì)能，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，兩滑塊A、B上各固定一相同窄片。部分實(shí)驗(yàn)步驟如下：I.用螺旋測(cè)微器測(cè)量窄片的寬度d；II.將氣墊導(dǎo)軌調(diào)成水平；II.將A、B用細(xì)線綁住，在AB間放入一個(gè)被壓縮的輕小彈簧；IV.燒斷細(xì)線，記錄A、B上的窄片分別通過光電門C、D的擋光時(shí)間t1、t2。(1)若測(cè)量窄片的寬度d時(shí)，螺旋測(cè)微器的示數(shù)如圖乙所示，則d=_mm。(2)實(shí)驗(yàn)中，還

9、應(yīng)測(cè)量的物理量是_A滑塊A的質(zhì)量m1以及滑塊B的質(zhì)量m2B燒斷細(xì)線后滑塊A、B運(yùn)動(dòng)到光電門C、D的時(shí)間tA、tBC燒斷細(xì)線后滑塊A、B運(yùn)動(dòng)到光電門C、D的路程x1、x2(3)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式是_ ；燒斷細(xì)線前彈簧的彈性勢(shì)能Ep=_。(均用題中相關(guān)物理量的字母表示)12（12分）某實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的裝置通過研究小車的勻變速運(yùn)動(dòng)求小車的質(zhì)量。小車上前后各固定一個(gè)擋光條（質(zhì)量不計(jì)），兩擋光條間的距離為L(zhǎng)，擋光條寬度為d，小車釋放時(shí)左端擋光條到光電門的距離為x，掛上質(zhì)量為m的鉤碼后，釋放小車，測(cè)得兩遮光條的擋光時(shí)間分別為t1、t2。（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光條的寬度，示數(shù)如圖乙所示，則擋光條的

10、寬度為d=_cm；（2）本實(shí)驗(yàn)進(jìn)行前需要平衡摩擦力，正確的做法是_；（3）正確平衡摩擦力后，實(shí)驗(yàn)小組進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。不斷改變左端擋光條到光電門的距離x，記錄兩遮光條的擋光時(shí)間t1、t2，作出圖像如圖丙所示，圖線的縱截距為k，小車加速度為_；小車的質(zhì)量為_（用題中的字母表示）。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，固定在豎直平面內(nèi)的傾斜軌道AB，與水平光滑軌道BC相連，豎直墻壁CD高，緊靠墻壁在地面固定一個(gè)和CD等高，底邊長(zhǎng)的斜面，一個(gè)質(zhì)量的小物塊視為質(zhì)點(diǎn)在軌道AB上從距離B點(diǎn)處由靜止釋放，從C點(diǎn)水平拋出，已知

11、小物塊在AB段與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，達(dá)到B點(diǎn)時(shí)無能量損失；AB段與水平面的夾角為重力加速度，(1)求小物塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度大?。?2)求小物塊從C點(diǎn)拋出到擊中斜面的時(shí)間；(3)改變小物塊從軌道上釋放的初位置，求小物塊擊中斜面時(shí)動(dòng)能的最小值.14（16分）如圖所示為一滑草場(chǎng)的滑道示意圖，某條滑道由AB、BC、CD三段組成，其中AB段和BC段與水平面的傾角分別為530和370，且這兩段長(zhǎng)度均為，載人滑草車從坡頂A點(diǎn)由靜止開始自由下滑，先加速通過AB段，再勻速通過BC段，最后停在水平滑道CD段上的D點(diǎn)，若滑草車與AB、BC、CD三段草地之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，不計(jì)滑草車在滑道交接處的能量損失，求：

12、（1）滑草車與草地之間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（2）滑草車經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度大小；（3）滑草車從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至D點(diǎn)的時(shí)間t？15（12分）如圖甲，足夠大平行板MN、PQ水平放置，MN板上方空間存在疊加的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0，電場(chǎng)方向與水平成30角斜向左上方（圖中未畫出），電場(chǎng)強(qiáng)度大小E0 = 。有一質(zhì)量為m、電量為q的帶正電小球，在該電磁場(chǎng)中沿直線運(yùn)動(dòng)，并能通過MN板上的小孔進(jìn)入平行板間。小球通過小孔時(shí)記為t=0時(shí)刻，給兩板間加上如圖乙所示的電場(chǎng)E和磁場(chǎng)B，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E0，方向豎直向上；磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0，方向垂直紙面向外，重力加速度為g。（坐標(biāo)系中t1 = 、

13、t2=+ 、t3=+ t4=+ 、t5=+ ）(1)求小球剛進(jìn)入平行板時(shí)的速度v0；(2)求t2時(shí)刻小球的速度v1的大??；(3)若小球經(jīng)歷加速后，運(yùn)動(dòng)軌跡能與PQ板相切，試分析平行板間距離d滿足的條件。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】A牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，卡文迪許通過扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)量了引力常量，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B安培提出了分子電流假說，研究了安培力的大小與方向，選項(xiàng)B正確；C法拉第發(fā)現(xiàn)了“磁生電”的現(xiàn)象，紐曼和韋伯歸納出法拉第電磁感應(yīng)定律，故C錯(cuò)誤；D普朗克在物理學(xué)中最早引入能量子，破除了“能量連續(xù)變化”

14、的傳統(tǒng)觀念，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。2、B【解析】粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示：，根據(jù)洛倫茲力提供向心力有：則粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為：根據(jù)幾何知識(shí)可知BOCO1以及BODO2為菱形，所以1=180-（90-）=90+2=180-（90+）根據(jù)題意可知1=22，所以得到+290 。A，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B，與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；C，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B。3、B【解析】A根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得解得兩個(gè)小球達(dá)到底部的速度大小相等，故A錯(cuò)誤；BC小球的加速度大小為運(yùn)動(dòng)時(shí)間則運(yùn)動(dòng)過程中A斜面斜角小，則A運(yùn)動(dòng)的時(shí)間比B的大，由于高度相同，重力

15、做功相等，所以A球重力做功的平均功率比B球重力做功的平均功率小，故B正確，C錯(cuò)誤；C由于A運(yùn)動(dòng)的時(shí)間比B的大，由公式可知，A球所受重力的沖量大小比B球所受重力的沖量大小大，故D錯(cuò)誤。故選B。4、D【解析】A.由于ab邊向下運(yùn)動(dòng)，由右手定則可以判斷出，線框在進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，其感應(yīng)電流的方向?yàn)閍bcd，沿逆時(shí)針方向，故在圖像中，的這段距離內(nèi)，電流是正的；線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后，穿過線框的磁通量沒有變化，故其感應(yīng)電流為0；當(dāng)線框的ab邊從磁場(chǎng)的下邊出來時(shí)，由于其速度要比ab邊剛?cè)氪艌?chǎng)時(shí)的速度大，故其感應(yīng)電流要比大，感應(yīng)電流的方向與ab邊剛?cè)氪艌?chǎng)時(shí)相反；由于ab邊穿出磁場(chǎng)時(shí)其速度較大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流較大，且其

16、電流與線框的速度成正比，即線框受到的安培力與線框的速度也成正比，與剛?cè)氪艌?chǎng)時(shí)線框受到的平衡力做對(duì)比，發(fā)現(xiàn)線框受到的合外力方向是向上的，即阻礙線框的下落，且合外力是變化的，故線框做的是變減速直線運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生的電流也是非均勻變化的，故AB錯(cuò)誤；C.再就整體而言，線框穿出磁場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能要大于穿入磁場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能，故穿出時(shí)的電流要大于，所以C錯(cuò)誤，D正確5、C【解析】A. m1由C點(diǎn)下滑到A點(diǎn)過程中，兩球沿繩子方向的速度大小相等；m1由C點(diǎn)滑下去一段后，繩子與圓的切線不重合，而是類似于圓的一根弦線存在，m2一直沿豎直方向上升，所以兩球速度大小不相等，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B.重力對(duì)m1做功的功率指的是豎直分速度，m1從

17、C點(diǎn)靜止釋放，所以C點(diǎn)處m1的豎直分速度為零；m1恰好能沿圓弧下滑到A點(diǎn)，A點(diǎn)處m1的豎直分速度也為零；從C點(diǎn)到A點(diǎn)過程中，m1的豎直分速度不為零；所以整個(gè)過程中m1的豎直分速度從無到有再從有到無，也就是一個(gè)先變大后變小的過程，所以重力對(duì)m1做功的功率先增大后變?。还蔅項(xiàng)錯(cuò)誤；CD. m1 從C點(diǎn)靜止釋放，恰好能沿圓弧下滑到A點(diǎn)，則據(jù)幾何關(guān)系和機(jī)械能守恒得：解得：m1=2m2故C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤。6、D【解析】AMN過程氣體的pV乘積先增加后減小，可知溫度先升高后降低，選項(xiàng)A錯(cuò)誤； BNQ過程氣體的體積不變，不對(duì)外做功，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；CNQ過程氣體壓強(qiáng)增大，體積不變，由可知，溫度升高，則內(nèi)能增加

18、，選項(xiàng)C錯(cuò)誤； DQM過程氣體壓強(qiáng)不變，體積減小，外界對(duì)氣體做功，即W0；由可知，溫度降低，內(nèi)能減小，即E0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律E=W+Q可知Q0，氣體放出熱量，選項(xiàng)D正確二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】AB電流和切割長(zhǎng)度成正比，所以線框的PN邊到達(dá)x坐標(biāo)為處時(shí)，相當(dāng)于長(zhǎng)度為l的邊框來切割磁感線，線框的PN邊到達(dá)x坐標(biāo)為處時(shí)， 相當(dāng)于兩個(gè)長(zhǎng)度為l的邊框來切割磁感線，兩個(gè)電動(dòng)勢(shì)疊加，所以線框的PN邊到達(dá)x坐標(biāo)為處時(shí)，感應(yīng)電流最大為故A錯(cuò)誤，B正確；C因?yàn)?/p>

19、電流的變化符合交流電的特征，所以線框的PN邊到達(dá)x坐標(biāo)為處時(shí)，產(chǎn)生的焦耳熱為線框的PN邊從到2l處時(shí)，產(chǎn)生的焦耳熱為線框的PN邊從2l到處時(shí)，產(chǎn)生的焦耳熱為所以產(chǎn)生的總焦耳熱為又因?yàn)橥饬λ龅墓偷扔诮苟鸁?，所以C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。8、BD【解析】C設(shè)t時(shí)刻AB分離，分離之前AB物體共同運(yùn)動(dòng)，加速度為a，以整體為研究對(duì)象，則有：分離時(shí)：根據(jù)乙圖知此時(shí)，則從開始運(yùn)動(dòng)到A、B分離，物體B運(yùn)動(dòng)的位移大?。汗蔆錯(cuò)誤；A時(shí)刻還未分離，以整體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律，則有：對(duì)B，根據(jù)牛頓第二定律：F2+FAB=mBa則故A錯(cuò)誤；B0時(shí)間，根據(jù)乙圖知：F1+F2=F0則始終有，對(duì)整體根據(jù)牛頓第二定

20、律：則時(shí)刻對(duì)A根據(jù)動(dòng)能定理：故B正確；D時(shí)，AB達(dá)到共同速度此后AB分離，對(duì)A，根據(jù)動(dòng)量定理：I=mAv根據(jù)乙圖t0t0，F(xiàn)-t圖象的面積等于F1這段時(shí)間對(duì)A的沖量，則則對(duì)B，根據(jù)動(dòng)量定理：I=mBv根據(jù)乙圖t0t0，F(xiàn)-t圖象的面積等于F2這段時(shí)間對(duì)B的沖量，則則則t0t0時(shí)間內(nèi)B比A速度多增大故D正確。故選：BD。9、BDE【解析】A分子做永不停息的做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，其平均速率不可能為零，而瞬時(shí)速度可能為零，故A錯(cuò)誤；B表面張力的微觀解釋為液體表面層的分子間距較大，表現(xiàn)為引力，故B正確；C空氣絕對(duì)濕度用空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)表示，故C錯(cuò)誤；D晶體具有規(guī)則的幾何形狀，有一定的熔點(diǎn)，物理性質(zhì)表現(xiàn)為

21、各向異性，非晶體則沒有規(guī)則的幾何形狀，沒有一定的熔點(diǎn)，物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向同性，二者在一定的條件下可以相互轉(zhuǎn)化，例如，天然水晶是晶體，而熔化以后再凝結(jié)的水晶（即石英玻璃）就是非晶體，故D正確；E隨著分子間距增大，分子間引力和斥力均減小，當(dāng)分子距離小于r0時(shí)，分子力為斥力，距離增大時(shí)分子斥力做正功，分子勢(shì)能減??；當(dāng)分子距離大于r0時(shí)，分子力為引力，距離增大時(shí)分子引力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大，故E正確。故選BDE。10、BD【解析】AB對(duì)長(zhǎng)直導(dǎo)線分析，長(zhǎng)直導(dǎo)線受到重力、長(zhǎng)直導(dǎo)線對(duì)長(zhǎng)直導(dǎo)線的磁場(chǎng)力和長(zhǎng)直導(dǎo)線對(duì)長(zhǎng)直導(dǎo)線的磁場(chǎng)力，根據(jù)平衡條件可知長(zhǎng)直導(dǎo)線與長(zhǎng)直導(dǎo)線作用力是相互排斥，長(zhǎng)直導(dǎo)線對(duì)長(zhǎng)直導(dǎo)線作用力是相

22、互排斥，所以長(zhǎng)直導(dǎo)線與長(zhǎng)直導(dǎo)線有反向的恒定電流，長(zhǎng)直導(dǎo)線受的合磁場(chǎng)力豎直向上，且有大小等于長(zhǎng)直導(dǎo)線的重力，故A錯(cuò)誤，B正確；C視長(zhǎng)直導(dǎo)線、整體，對(duì)其受力分析，根據(jù)平衡條件可得光滑絕緣水平面對(duì)長(zhǎng)直導(dǎo)線支持力等于長(zhǎng)直導(dǎo)線重力的倍；對(duì)長(zhǎng)直導(dǎo)線受力分析，受到重力、光滑絕緣水平面對(duì)其支持力、長(zhǎng)直導(dǎo)線對(duì)其吸引力和長(zhǎng)直導(dǎo)線對(duì)其排斥力，根據(jù)力的合成與分解可得長(zhǎng)直導(dǎo)線所受的合磁場(chǎng)力大小等于長(zhǎng)直導(dǎo)線重力的倍，方向豎直向下，故C錯(cuò)誤；D對(duì)長(zhǎng)直導(dǎo)線受力分析，在水平方向，根據(jù)平衡條件可得即可得對(duì)長(zhǎng)直導(dǎo)線受力分析，同理可得故D正確；故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演

23、算過程。11、4.800 A 【解析】(1)1螺旋測(cè)微器主尺的示數(shù)為4.5mm，可動(dòng)刻度的示數(shù)為0.01mm30.0=0.300mm，故d=4.5mm+0.300mm=4.800mm(2)2驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，需要測(cè)量滑塊A、B的質(zhì)量m1和m2故選A(3)3根據(jù)動(dòng)量守恒定律其中、可得4根據(jù)能量守恒定律可得，燒斷細(xì)線前彈簧的彈性勢(shì)能12、0.650 去掉鉤碼，將木板右端墊高，輕推小車，使兩擋光片擋光時(shí)間相等 【解析】(1)1擋光條的寬度為d=0.6cm+0.05mm10=0.650cm.(2)2本實(shí)驗(yàn)進(jìn)行前需要平衡摩擦力，正確的做法是去掉鉤碼，將木板右端墊高，輕推小車，使兩擋光片擋光時(shí)間相等；(3)34兩遮光片經(jīng)過光電門時(shí)的速度分別為 則由可得即由題意可知解得由牛頓第二定律可得mg=(M+m)a解得四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2) (3)【解析】(1)對(duì)滑塊從A到B過程，根據(jù)動(dòng)能定理列式求解末速度；(2)從C點(diǎn)畫出后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)分位移公式并結(jié)合幾何關(guān)系列式分析即可；(3)動(dòng)能最小時(shí)末速度最小，求解末速度表達(dá)