2017年陜西省咸陽市高考物理二模試卷(精品解析版)

1、 PAGE PAGE 282017年陜西省咸陽市高考物理二模試卷一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分其中1-5為單選題，每小題有且只有一個(gè)選項(xiàng)正確；6-8題為多選題，每小題有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1已知類氫結(jié)構(gòu)氦離子（He+）的能級(jí)圖如圖所示，根據(jù)能級(jí)躍遷理論可知（）A氦離子（He+）處于n=l能級(jí)時(shí)，能吸收45 eV的能量躍遷到n=2能級(jí)B大量處在n=3能級(jí)的氦離子（He+）向低能級(jí)躍遷，只能發(fā)出2種不同頻率的光子C氦離子（He+）從n=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)比從n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)輻射出光子的波長大D若氦離子（He+）從n=2能級(jí)

2、躍遷到基態(tài)，釋放的光子能使某金屬板發(fā)生光電效應(yīng)，則從n=4能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)釋放的光子一定也能使該金屬板發(fā)生光電效應(yīng)2如圖甲，一維坐標(biāo)系中有一質(zhì)量為m=2kg的物塊靜置于x軸上的某位置（圖中未畫出），從t=0時(shí)刻開始，物塊在外力作用下沿x軸作勻變速直線運(yùn)動(dòng)，如圖乙為其位置坐標(biāo)和速率平方關(guān)系圖象，下列說法正確的是（）At=4 s時(shí)物塊的速率為2 m/sB加速度大小為1 m/s2Ct=4 s時(shí)物塊位于x=4 m處D在0.4 s時(shí)間內(nèi)物塊運(yùn)動(dòng)的位移6m3如圖所示，豎直平面內(nèi)有一固定的光滑橢圓大環(huán)，其長軸長BD=4L、短軸長AC=2L_勁度系數(shù)為k的輕彈簧上端固定在大環(huán)的中心O，下端連接一個(gè)質(zhì)量為m

3、、電荷量為q，可視為質(zhì)點(diǎn)的小環(huán)小環(huán)剛好套在大環(huán)上且與大環(huán)及彈簧絕緣，整個(gè)裝置處在水平向右的勻強(qiáng)電場中將小環(huán)從A點(diǎn)由靜止釋放、小環(huán)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度恰好為0已知小環(huán)在A、B兩點(diǎn)時(shí)彈簧的形變量大小相等，則（）A電場強(qiáng)度的大小E=B小環(huán)從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，彈簧的彈力不做功C小環(huán)從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，彈簧的彈性勢能先減小后增大D小環(huán)在A點(diǎn)時(shí)受到大環(huán)對它的彈力大小F=mgkL4等離子體氣流由左方連續(xù)以速度vo射入P1和P2兩板間的勻強(qiáng)磁場中，ab直導(dǎo)線與P1、P2相連接，線圈A與直導(dǎo)線cd連接線圈A內(nèi)有如圖乙所示的變化磁場，且磁場B的正方向規(guī)定為向左，如圖甲所示，則下列敘述正確的是（）A01 s

4、內(nèi)ab、cd導(dǎo)線互相排斥Bl2 s內(nèi)ab、cd導(dǎo)線互相吸引C23 s內(nèi)ab、cd導(dǎo)線互相吸引D34 s內(nèi)ab、cd導(dǎo)線互相吸引5某型號(hào)電動(dòng)自行車的電動(dòng)機(jī)銘牌如下：兩次都將蓄電池充足電，第一次以15km/h的速度勻速行駛，第二次以20km/h的速度勻速行駛?cè)粜旭倳r(shí)所受阻力與速度成正比，且電動(dòng)自行車行駛時(shí)熱損耗與輸出功率比值保持不變，則兩次行駛的最大里程之比及此自行車所配置的電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為（）A 0.2B 0.2C 7.2D 7.26“嫦娥三號(hào)”從距月面高度為100km的環(huán)月圓軌道上的P點(diǎn)實(shí)施變軌，進(jìn)入近月點(diǎn)為15km的橢圓軌道，由近月點(diǎn)Q成功落月，如圖所示關(guān)于“嫦娥三號(hào)”，下列說法正確的是（）A

5、沿軌道運(yùn)動(dòng)至P時(shí)，需制動(dòng)減速才能進(jìn)入軌道B沿軌道運(yùn)行的周期大于沿軌道運(yùn)行的周期C沿軌道運(yùn)行時(shí)，在P點(diǎn)的加速度大于在Q點(diǎn)的加速度D在軌道上由P點(diǎn)運(yùn)行到Q點(diǎn)的過程中，萬有引力對其做正功，它的動(dòng)能增加，重力勢能減小，機(jī)械能不變7如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量分別為m1=2kg、m2=3kg的物體置于光滑的水平面上，中間用輕質(zhì)彈簧秤連接兩個(gè)大小分別為F1=30N、F2=20N的水平拉力分別作用在m1、m2上，則（）A系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定時(shí)，彈簧秤的示數(shù)是50 NB系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定時(shí)，彈簧秤的示數(shù)是26 NC在突然撤去F1的瞬間，m1的加速度大小為13 m/s2D在突然撇去F1的瞬間，m1的加速度大小為15 m/s28如圖所示

6、，豎直平行線MN、PQ間距離為a，其間存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場（含邊界PQ），磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，MN上O處的粒子源能沿不同方向釋放比荷為的帶負(fù)電粒子，速度大小相等、方向均垂直磁場粒子間的相互作用及重力不計(jì)，設(shè)粒子速度方向與射線OM夾角為，當(dāng)粒子沿=60射入時(shí)，恰好垂直PQ射出，則（）A從PQ邊界垂直射出的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為B沿=90射入的粒子，在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長C粒子的速率為DPQ邊界上有粒子射出的長度為2a二、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分第9-第12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答第13題-第16題為選考題，考生根據(jù)要求作答）（一）必考題9如圖甲所示，用細(xì)線豎直拉著包有白紙

7、的質(zhì)量為m（kg）的圓柱棒，蘸有顏料的毛筆固定在電動(dòng)機(jī)上并隨之轉(zhuǎn)動(dòng)當(dāng)燒斷懸掛圓柱棒的線后，圓柱棒豎直自由下落，毛筆就在圓柱棒表面的紙上畫出記號(hào)，如圖乙所示，設(shè)毛筆接觸棒時(shí)不影響棒的運(yùn)動(dòng)測得記號(hào)之間的距離依次為20.0mm，44.0mm，68.0mm，92.0mm，116.0mm，140.0mm，已知電動(dòng)機(jī)銘牌上標(biāo)有“1200r/min”字樣，根據(jù)以上內(nèi)容，回答下列問題：圖乙中的端是圓柱體的懸掛端（填“左”或“右”）；根據(jù)圖乙所給的數(shù)據(jù)，可知毛筆畫下記號(hào)D時(shí)，圓柱棒下落的速度vD=m/s； 圓柱棒豎直下落的加速度為m/s210（9分）某同學(xué)為了較精確地測量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室準(zhǔn)備了下

8、列器材：A待測干電池E（電動(dòng)勢約為1.5V，內(nèi)阻約為1）B電流表G（滿偏電流3.0mA，內(nèi)阻為100）C電流表A（量程00.6A，內(nèi)阻約為1）D滑動(dòng)變阻器R1（010，額定電流為2A）E滑動(dòng)變阻器R2（01k，額定電流為1A）F定值電阻R0（阻值為900）G開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干（1）為了能比較準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，同時(shí)還要考慮操作的方便，實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選（2）根據(jù)題意在圖1中畫出該實(shí)驗(yàn)所需要的電路圖（3）根據(jù)圖2電路圖，將實(shí)物圖連接起來，組成完整的電路（4）如圖3所示，是某同學(xué)根據(jù)正確的實(shí)驗(yàn)得到的數(shù)據(jù)作出的圖線，其中縱坐標(biāo)I1為電流表G的示數(shù)橫坐標(biāo)I2為電流表A的示數(shù)，由圖可知，被測干電池的電動(dòng)勢

9、為 V，內(nèi)電阻為（保留2位有效數(shù)字）11（14分）有一炮豎直向上發(fā)射炮彈，炮彈的質(zhì)量為M=6.0kg（內(nèi)含炸藥的質(zhì)量可以忽略不計(jì)），射出的初速度v0=60m/s當(dāng)炮彈到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)爆炸為沿水平方向運(yùn)動(dòng)的兩片，其中一片質(zhì)量為m=4.0kg現(xiàn)要求這一片不能落到以發(fā)射點(diǎn)為圓心、以R=600m為半徑的圓周范圍內(nèi)，則剛爆炸完時(shí)兩彈片的總動(dòng)能至少多大？（g=10/s2，忽略空氣阻力）12（18分）某種發(fā)電機(jī)的內(nèi)部結(jié)構(gòu)平面圖如圖甲，永磁體的內(nèi)側(cè)為半圓柱面形，它與圓柱形鐵芯之間的窄縫間形成如圖所示B=0.5T的磁場在磁場中有一個(gè)如圖乙所示的U形導(dǎo)線框abcd已知線框ab和cd邊長均為0.2m，bc邊長為0.4m

10、，線框以=200rad/s角速度順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)（1）從bc邊轉(zhuǎn)到圖甲所示正上方開始計(jì)時(shí)，求t=2.5103s這一時(shí)刻線框中感應(yīng)電動(dòng)勢的大小，并在給定的坐標(biāo)平面內(nèi)畫出ad兩點(diǎn)電勢差Uad隨時(shí)間變化的關(guān)系圖線（感應(yīng)電動(dòng)勢的結(jié)果保留兩位有效數(shù)字，Uad正值表示UaUd）（2）如將此電壓加在圖丙所示的豎直放置的平行金屬板上，且電動(dòng)勢為正時(shí)E板電勢高，讓一質(zhì)量為m=6.41013kg，電量為q=3.21010C的帶正電微粒從時(shí)刻開始由E板出發(fā)向F板運(yùn)動(dòng)，已知EF兩板間距L=0.5m，粒子從E運(yùn)動(dòng)到F用多長時(shí)間？（粒子重力不計(jì)）（二）選考題，任選一模塊作答【物理一物理3-3】（15分）13下列說法正確的是

11、（）A物體的內(nèi)能是物體中所有分子熱運(yùn)動(dòng)動(dòng)能和分子勢能的總和B分子間同時(shí)存在著引力和斥力，當(dāng)分子間距增加時(shí)，分子間的引力減小，斥力減小C液晶具有液體的流動(dòng)性，同時(shí)具有晶體的各向異性特征D液體中懸浮微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)稱為布朗運(yùn)動(dòng)E密封在容積不變的容器內(nèi)的理想氣體，若氣體從外界吸熱，則溫度一定升高14（9分）如圖所示，在一圓形管道內(nèi)封閉有理想氣體，用一固定活塞K和不計(jì)質(zhì)量可自由移動(dòng)的活塞A將管內(nèi)氣體分割成體積相等的兩部分，溫度都為T0=300K，壓強(qiáng)都為P0=1.0l05Pa現(xiàn)保持下部分氣體溫度不變，只對上部分氣體緩慢加熱，當(dāng)活塞A移動(dòng)到最低點(diǎn)B時(shí)（不計(jì)摩擦），求：（1）下部分氣體的壓強(qiáng)；（2）上部分

12、氣體的溫度【物理一物理3-4】（15分）15圖甲為一列簡諧橫波在某一時(shí)刻的波形圖，圖乙為質(zhì)點(diǎn)P以此時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)的振動(dòng)圖象由圖可知（）A質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期T=0.2 sB波速v=20 m/sC因?yàn)橐粋€(gè)周期質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)0.8 m，所以波長=0.8 mD從該時(shí)刻起經(jīng)過0.15 s，波沿x軸正方向傳播了3 mE從該時(shí)刻起經(jīng)過0.25 s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q的加速度大于質(zhì)點(diǎn)P的加速度16如圖所示，一截面為直角三角形的玻璃鏡ABC，A=30一條光線以45的入射角從AC邊上的D點(diǎn)射入棱鏡，光線最終垂直BC邊射出畫出光在玻璃棱鏡中的傳播路線；求玻璃的折射率；判斷AB面是否有光線射出2017年陜西省咸陽市高考物理二模試卷參考答

13、案與試題解析一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分其中1-5為單選題，每小題有且只有一個(gè)選項(xiàng)正確；6-8題為多選題，每小題有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1已知類氫結(jié)構(gòu)氦離子（He+）的能級(jí)圖如圖所示，根據(jù)能級(jí)躍遷理論可知（）A氦離子（He+）處于n=l能級(jí)時(shí)，能吸收45 eV的能量躍遷到n=2能級(jí)B大量處在n=3能級(jí)的氦離子（He+）向低能級(jí)躍遷，只能發(fā)出2種不同頻率的光子C氦離子（He+）從n=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)比從n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)輻射出光子的波長大D若氦離子（He+）從n=2能級(jí)躍遷到基態(tài)，釋放的光子能使某金屬板發(fā)生光電效應(yīng)，則從

14、n=4能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)釋放的光子一定也能使該金屬板發(fā)生光電效應(yīng)【分析】能級(jí)間躍遷釋放或吸收的能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式求解釋放不同頻率光子的種數(shù)，只有入射光子的能量大于金屬的逸出功才會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，從而即可求解【解答】解：A、吸收的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，才能發(fā)生躍遷，從n=1躍遷到n=2，吸收的光子能量為40.8eV，故A錯(cuò)誤B、大量處在n=3能級(jí)的氦離子（He+）向低能級(jí)躍遷，能發(fā)出3種不同頻率的光子，故B錯(cuò)誤C、由圖可知，n=4和n=3的能級(jí)差小于n=3和n=2的能級(jí)差，則從n=4躍遷到n=3能級(jí)釋放的光子能量小于從n=3躍遷到n=2能級(jí)輻射的光子能量，所以從n=

15、4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)比從n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)輻射出光子的頻率低，波長大，故C正確D、從n=2能級(jí)躍遷到基態(tài)釋放的光子能量為13.6（54.4）=40.8ev，若能使某金屬板發(fā)生光電效應(yīng)，從n=4能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)釋放的光子能量3.4（13.6）=10.2ev40.8ev，不一定能使該板發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯(cuò)誤故選：C【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道能級(jí)間躍遷能級(jí)差與光子能量的關(guān)系，以及知道從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷，釋放光子，從低能級(jí)向高能級(jí)躍遷，吸收光子，并掌握光電效應(yīng)現(xiàn)象的條件2如圖甲，一維坐標(biāo)系中有一質(zhì)量為m=2kg的物塊靜置于x軸上的某位置（圖中未畫出），從t=0時(shí)刻開始，物塊在外力作用下

16、沿x軸作勻變速直線運(yùn)動(dòng)，如圖乙為其位置坐標(biāo)和速率平方關(guān)系圖象，下列說法正確的是（）At=4 s時(shí)物塊的速率為2 m/sB加速度大小為1 m/s2Ct=4 s時(shí)物塊位于x=4 m處D在0.4 s時(shí)間內(nèi)物塊運(yùn)動(dòng)的位移6m【分析】根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)寫出x關(guān)于v2的表達(dá)式，根據(jù)位移速度公式求出x關(guān)于v2的表達(dá)式，進(jìn)行對比，得到加速度，并分析物塊的運(yùn)動(dòng)情況根據(jù)圖象的斜率和截距求解位移即可【解答】解：A、B、由，結(jié)合圖象可知物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度a=0.5m/s2，初位置x0=2m；t=4 s時(shí)物塊的速率為：v=at=0.54=2 m/s故A正確，B錯(cuò)誤；C、由，v=at得t=4s時(shí)物塊位于x=2m處，故

17、C錯(cuò)誤；D、由s=，在0.4 s時(shí)間內(nèi)物塊運(yùn)動(dòng)的位移s=0.09m，故D錯(cuò)誤故選：A【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了牛頓第二定律以及運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式的直接應(yīng)用，圖象問題，一般要根據(jù)物理規(guī)律得到解析式，再從斜率和截距出發(fā)研究圖象的意義3如圖所示，豎直平面內(nèi)有一固定的光滑橢圓大環(huán)，其長軸長BD=4L、短軸長AC=2L_勁度系數(shù)為k的輕彈簧上端固定在大環(huán)的中心O，下端連接一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q，可視為質(zhì)點(diǎn)的小環(huán)小環(huán)剛好套在大環(huán)上且與大環(huán)及彈簧絕緣，整個(gè)裝置處在水平向右的勻強(qiáng)電場中將小環(huán)從A點(diǎn)由靜止釋放、小環(huán)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度恰好為0已知小環(huán)在A、B兩點(diǎn)時(shí)彈簧的形變量大小相等，則（）A電場強(qiáng)度的大小E=B小環(huán)從A

18、點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，彈簧的彈力不做功C小環(huán)從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，彈簧的彈性勢能先減小后增大D小環(huán)在A點(diǎn)時(shí)受到大環(huán)對它的彈力大小F=mgkL【分析】將小環(huán)從A點(diǎn)由靜止釋放，小環(huán)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度恰好為O已知小環(huán)在A、B兩點(diǎn)時(shí)彈簧的形變量大小相等，可以知道小環(huán)在A點(diǎn)時(shí)彈簧壓縮量為0.5L，在B點(diǎn)時(shí)彈簧伸長為0.5L，結(jié)合功能關(guān)系分析個(gè)選項(xiàng)即可【解答】解：A、已知小環(huán)在A、B兩點(diǎn)時(shí)彈簧的形變量大小相等，彈簧的彈性勢能相等，小環(huán)從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，由能量守恒定律得，Eq2L=mgL，得：E=故A錯(cuò)誤B、小環(huán)從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，彈簧從壓縮到原長，再到伸長，則彈簧的彈力先做正功再做負(fù)功，故

19、B錯(cuò)誤C、小環(huán)從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，彈簧的形變量先減小后增大，則彈簧的彈性勢能先減小后增大，故C正確D、已知小環(huán)在A、B兩點(diǎn)時(shí)彈簧的彈力大小相等，說明在A點(diǎn)彈簧的壓縮量等于在B點(diǎn)的伸長量相等，設(shè)為x，原長為L0則得：在A點(diǎn)：L0 x=L在B點(diǎn)：2L0+x=2L，解得小環(huán)在A點(diǎn)時(shí)，彈簧壓縮量為：x=0.5L，受到大環(huán)對它的彈力為：F=mg+kL，故D錯(cuò)誤故選：C【點(diǎn)評(píng)】此題關(guān)鍵是對物體受力情況和彈簧的狀態(tài)作出正確的分析，需要考慮電場力的情況，并運(yùn)用到能量守恒定律進(jìn)行分析4等離子體氣流由左方連續(xù)以速度vo射入P1和P2兩板間的勻強(qiáng)磁場中，ab直導(dǎo)線與P1、P2相連接，線圈A與直導(dǎo)線cd連接線圈

20、A內(nèi)有如圖乙所示的變化磁場，且磁場B的正方向規(guī)定為向左，如圖甲所示，則下列敘述正確的是（）A01 s內(nèi)ab、cd導(dǎo)線互相排斥Bl2 s內(nèi)ab、cd導(dǎo)線互相吸引C23 s內(nèi)ab、cd導(dǎo)線互相吸引D34 s內(nèi)ab、cd導(dǎo)線互相吸引【分析】等離子流通過勻強(qiáng)磁場時(shí)，正離子向上偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子向下偏轉(zhuǎn)，因此將形成從a到b的電流，線圈A中磁場均勻變化，形成感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律判斷出流經(jīng)導(dǎo)線cd的電流方向，然后根據(jù)流經(jīng)導(dǎo)線的電流同向時(shí)相互吸引，反向時(shí)相互排斥判斷導(dǎo)線之間作用力情況【解答】解：AB、由左側(cè)電路可以判斷ab中電流方向由a到b；由右側(cè)電路及圖乙可以判斷，02 s內(nèi)cd中電流為由c到d，跟ab中電流同

21、向，因此ab、cd相互吸引，故A錯(cuò)誤，B正確；CD、24 s內(nèi)cd中電流為由d到c，跟ab中電流反向，因此ab、cd相互排斥，故C、D錯(cuò)誤；故選：B【點(diǎn)評(píng)】利用法拉第電磁感應(yīng)定律E=s 時(shí)，注意Bt圖象中斜率的物理意義注意感應(yīng)電動(dòng)勢的大小看磁通量的變化率，而非磁通量大小或者磁通量的變化量5某型號(hào)電動(dòng)自行車的電動(dòng)機(jī)銘牌如下：兩次都將蓄電池充足電，第一次以15km/h的速度勻速行駛，第二次以20km/h的速度勻速行駛?cè)粜旭倳r(shí)所受阻力與速度成正比，且電動(dòng)自行車行駛時(shí)熱損耗與輸出功率比值保持不變，則兩次行駛的最大里程之比及此自行車所配置的電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為（）A 0.2B 0.2C 7.2D 7.2【分析

22、】根據(jù)平衡條件可知牽引力與阻力間的關(guān)系，再根據(jù)P=FV可知功率關(guān)系，再由速度公式即可明確最大里程的表達(dá)式，從而求出最大里程的比值；根據(jù)輸出功率和總功率之間的關(guān)系進(jìn)行分析即可求出內(nèi)阻大小【解答】解：設(shè)阻力f=kv，勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)F=f，則由P=Fv可知，P=fv=kv2故功率與速度平方成正比，因此功率之比為：P1：P2=152：202=9：16；行駛里程S=vt；因電池的輸出的總功率相同，故P1t1=P2t2因此時(shí)間t1：t2=P2：P1=16：9則里程之比為： =；根據(jù)功率關(guān)系可知，P出=UII2r代入數(shù)據(jù)可得：175=36525r解得：r=0.2故A正確，BCD錯(cuò)誤故選：A【點(diǎn)評(píng)】本題考查電動(dòng)車

23、中的功能關(guān)系應(yīng)用，要注意明確源總功轉(zhuǎn)化為內(nèi)能和電動(dòng)車的機(jī)械能，同時(shí)在車行駛過程中電動(dòng)機(jī)輸出的功轉(zhuǎn)化為因摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能和電動(dòng)車的動(dòng)能6“嫦娥三號(hào)”從距月面高度為100km的環(huán)月圓軌道上的P點(diǎn)實(shí)施變軌，進(jìn)入近月點(diǎn)為15km的橢圓軌道，由近月點(diǎn)Q成功落月，如圖所示關(guān)于“嫦娥三號(hào)”，下列說法正確的是（）A沿軌道運(yùn)動(dòng)至P時(shí)，需制動(dòng)減速才能進(jìn)入軌道B沿軌道運(yùn)行的周期大于沿軌道運(yùn)行的周期C沿軌道運(yùn)行時(shí)，在P點(diǎn)的加速度大于在Q點(diǎn)的加速度D在軌道上由P點(diǎn)運(yùn)行到Q點(diǎn)的過程中，萬有引力對其做正功，它的動(dòng)能增加，重力勢能減小，機(jī)械能不變【分析】由開普勒第三定律確定周期大小關(guān)系，根據(jù)衛(wèi)星變軌原理確定衛(wèi)星是加速還是減速

24、變軌由牛頓第二定律和萬有引力定律分析加速度關(guān)系由開普勒第二定律分析速度關(guān)系【解答】解：A、在軌道I上運(yùn)動(dòng)，從P點(diǎn)開始變軌，可知嫦娥三號(hào)做近心運(yùn)動(dòng)，在P點(diǎn)應(yīng)該制動(dòng)減速以減小向心力，通過做近心運(yùn)動(dòng)減小軌道半徑，故A正確；B、軌道的半長軸小于軌道I的半徑，根據(jù)開普勒第三定律可知沿軌道運(yùn)行的周期小于軌道I上的周期，故B錯(cuò)誤；C、在軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，衛(wèi)星只受萬有引力作用，在P點(diǎn)時(shí)的萬有引力比Q點(diǎn)的小，故P點(diǎn)的加速度小于在Q點(diǎn)的加速度，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)開普勒第二定律可知，知在軌道上由P點(diǎn)運(yùn)行到Q點(diǎn)的過程中，萬有引力對嫦娥三號(hào)做正功，嫦娥三號(hào)的速度逐漸增大，動(dòng)能增加，重力勢能減小，機(jī)械能不變，故D正確故選：A

25、D【點(diǎn)評(píng)】此題要求同學(xué)們掌握航天器變軌原理，知道圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)萬有引力完全提供向心力，近心運(yùn)動(dòng)時(shí)萬有引力大于所需向心力7如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量分別為m1=2kg、m2=3kg的物體置于光滑的水平面上，中間用輕質(zhì)彈簧秤連接兩個(gè)大小分別為F1=30N、F2=20N的水平拉力分別作用在m1、m2上，則（）A系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定時(shí)，彈簧秤的示數(shù)是50 NB系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定時(shí)，彈簧秤的示數(shù)是26 NC在突然撤去F1的瞬間，m1的加速度大小為13 m/s2D在突然撇去F1的瞬間，m1的加速度大小為15 m/s2【分析】根據(jù)牛頓第二定律，分別對兩個(gè)物體整體和任一物體研究，求出彈簧秤的讀數(shù)突然撤去F1的瞬間，彈簧秤的示數(shù)不變由牛

26、頓第二定律求解突然撤去F1的瞬間兩個(gè)物體的加速度【解答】解：A、設(shè)彈簧的彈力大小為F，根據(jù)牛頓第二定律得 對整體有：a=m/s2=2m/s2，方向水平向右 對m1：F1F=m1a代入解得，F(xiàn)=26N故A錯(cuò)誤，B正確C、在突然撤去F1的瞬間，m1的加速度大小為，方向水平向左，則m1的加速度發(fā)生改變故C正確，D錯(cuò)誤故選：BC【點(diǎn)評(píng)】本題運(yùn)用整體法和隔離法結(jié)合求解彈簧秤的彈力，是常用的方法要抓?。撼啡ネ饬r(shí)，彈簧的彈力不能突變8如圖所示，豎直平行線MN、PQ間距離為a，其間存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場（含邊界PQ），磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，MN上O處的粒子源能沿不同方向釋放比荷為的帶負(fù)電粒子，速度大小相等、方

27、向均垂直磁場粒子間的相互作用及重力不計(jì)，設(shè)粒子速度方向與射線OM夾角為，當(dāng)粒子沿=60射入時(shí)，恰好垂直PQ射出，則（）A從PQ邊界垂直射出的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為B沿=90射入的粒子，在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長C粒子的速率為DPQ邊界上有粒子射出的長度為2a【分析】由粒子沿=60射入時(shí)，恰好垂直PQ射出，得到粒子運(yùn)動(dòng)半徑；再根據(jù)洛倫茲力作向心力，即可得到粒子速率，進(jìn)而得到粒子運(yùn)動(dòng)周期及運(yùn)動(dòng)時(shí)間；【解答】解：AC、帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)，不計(jì)重力，則粒子只受洛倫茲力做圓周運(yùn)動(dòng)；所以有，所以，粒子沿=60射入時(shí)，恰好垂直PQ射出，則粒子在磁場中轉(zhuǎn)過30，如圖所示，所以有Rsin30=a，所以，R=2a

28、；所以，故C錯(cuò)誤；，故A正確；D、=0時(shí)，粒子離開磁場在PQ上O的水平線上方處；當(dāng)增大時(shí)，粒子離開磁場在PQ上的位置下移，直到粒子運(yùn)動(dòng)軌跡與PQ相切；繼續(xù)增大，則粒子不能從PQ邊界射出；粒子運(yùn)動(dòng)軌跡與PQ相切時(shí)，由半徑R=2a，可知，粒子轉(zhuǎn)過的角度為60，所以，出射點(diǎn)在O的水平線下方處；所以，PQ邊界上有粒子射出的長度為2a，故D正確；B、粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑相同，周期相同由D分析可知，粒子出射點(diǎn)在PQ上時(shí)，當(dāng)粒子運(yùn)動(dòng)軌跡與PQ相切時(shí)，粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的圓弧對應(yīng)的弦最長，粒子轉(zhuǎn)過的角度最大1=60，對應(yīng)的1=120；當(dāng)120180時(shí)，粒子從MN邊界射出，且越大，對應(yīng)的中心角較小，運(yùn)動(dòng)的

29、時(shí)間越?。凰?，沿=120射入的粒子，在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長，故B錯(cuò)誤；故選：AD【點(diǎn)評(píng)】求帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)問題，要注意粒子所帶電荷的符號(hào)，如本題粒子所帶電荷為負(fù)電荷，偏轉(zhuǎn)方向和帶正電的粒子正好相反二、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分第9-第12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答第13題-第16題為選考題，考生根據(jù)要求作答）（一）必考題9如圖甲所示，用細(xì)線豎直拉著包有白紙的質(zhì)量為m（kg）的圓柱棒，蘸有顏料的毛筆固定在電動(dòng)機(jī)上并隨之轉(zhuǎn)動(dòng)當(dāng)燒斷懸掛圓柱棒的線后，圓柱棒豎直自由下落，毛筆就在圓柱棒表面的紙上畫出記號(hào)，如圖乙所示，設(shè)毛筆接觸棒時(shí)不影響棒的運(yùn)動(dòng)測得記號(hào)之間的距離依次為20.0m

30、m，44.0mm，68.0mm，92.0mm，116.0mm，140.0mm，已知電動(dòng)機(jī)銘牌上標(biāo)有“1200r/min”字樣，根據(jù)以上內(nèi)容，回答下列問題：圖乙中的左端是圓柱體的懸掛端（填“左”或“右”）；根據(jù)圖乙所給的數(shù)據(jù)，可知毛筆畫下記號(hào)D時(shí)，圓柱棒下落的速度vD=1.60m/s； 圓柱棒豎直下落的加速度為9.60m/s2【分析】了解該實(shí)驗(yàn)裝置的原理，它類似于打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，蘸有顏料的毛筆隨電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)一圈就在圓柱棒面上的紙上畫出記號(hào)，這就像打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔一定時(shí)間就打一個(gè)點(diǎn)數(shù)據(jù)的處理思路與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出來的紙帶處理一樣利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，可計(jì)算出打出某點(diǎn)時(shí)紙帶運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度【解答】解：圓柱棒豎

31、直自由下落，速度越來越大，因此毛筆所畫出的記號(hào)之間的距離越來越大，因此左端的記號(hào)后畫上，所以左端是懸掛端電動(dòng)機(jī)的轉(zhuǎn)速n=1200 r/min，所以周期T= min=0.05 s，勻變速直線運(yùn)動(dòng)的中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這一段的平均速度為：vD=m/s=1.60 m/s，加速度為：a=9.60 m/s2故答案為：左；1.60，9.60【點(diǎn)評(píng)】該實(shí)驗(yàn)裝置是根據(jù)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的特點(diǎn)和實(shí)驗(yàn)原理進(jìn)行設(shè)計(jì)新的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的處理思路與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出來的紙帶處理一樣10某同學(xué)為了較精確地測量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室準(zhǔn)備了下列器材：A待測干電池E（電動(dòng)勢約為1.5V，內(nèi)阻約為1）B電流表G（滿偏電流3.0mA，內(nèi)

32、阻為100）C電流表A（量程00.6A，內(nèi)阻約為1）D滑動(dòng)變阻器R1（010，額定電流為2A）E滑動(dòng)變阻器R2（01k，額定電流為1A）F定值電阻R0（阻值為900）G開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干（1）為了能比較準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，同時(shí)還要考慮操作的方便，實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選D（2）根據(jù)題意在圖1中畫出該實(shí)驗(yàn)所需要的電路圖（3）根據(jù)圖2電路圖，將實(shí)物圖連接起來，組成完整的電路（4）如圖3所示，是某同學(xué)根據(jù)正確的實(shí)驗(yàn)得到的數(shù)據(jù)作出的圖線，其中縱坐標(biāo)I1為電流表G的示數(shù)橫坐標(biāo)I2為電流表A的示數(shù)，由圖可知，被測干電池的電動(dòng)勢為1.4 V，內(nèi)電阻為0.67（保留2位有效數(shù)字）【分析】（1）在保證安全的前提下，為方

33、便實(shí)驗(yàn)操作，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器；（2）所給實(shí)驗(yàn)器材中，有兩個(gè)電流表，沒有電壓表，也沒有電阻箱，只能用伏安法測電池電動(dòng)勢與內(nèi)阻，可以用電流表與定值電阻組裝一個(gè)電壓表，根據(jù)伏安法測電源電動(dòng)勢與內(nèi)阻的原理作出電路圖（3）根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖；（4）根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)的知識(shí)求出I1和電源兩端電壓U的關(guān)系，根據(jù)圖象與縱軸的交點(diǎn)求出電動(dòng)勢，由與橫軸的交點(diǎn)可得出路端電壓為某一值時(shí)電流，則可求得內(nèi)阻【解答】解：（1）電源電動(dòng)勢為1.5V較小，電源的內(nèi)阻較小，為多次幾組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，方便實(shí)驗(yàn)操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器，因此滑動(dòng)變阻器應(yīng)選D，（2）上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個(gè)電流表，

34、將電流表G與定值電阻R0串聯(lián)，改裝成電壓表，用電流表A測電路電流，滑動(dòng)變阻器R1串聯(lián)接入電路，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示（3）根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對應(yīng)點(diǎn)，然后用直線把各點(diǎn)連接起來，作出圖象如圖所示；（4）根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)的知識(shí)得電源兩端電壓為：U=I1（900+100）=1000I1，根據(jù)圖象與縱軸的交點(diǎn)得電動(dòng)勢為E=1.4mA1000=1.4V，與橫軸的交點(diǎn)可得出路端電壓為1.0V時(shí)電流是0.6A，由閉合電路歐姆定律E=U+Ir可得，電源內(nèi)阻r=0.67； 故答案為：（1）D；（2）電路圖如左圖所示；（3）實(shí)物電路圖如右圖所示；（4）1.4；0.67【點(diǎn)評(píng)】在測量電源電動(dòng)勢和內(nèi)阻時(shí)，要注

35、意根據(jù)畫出的UI圖象分析出電動(dòng)勢及內(nèi)阻11（14分）（2003北京）有一炮豎直向上發(fā)射炮彈，炮彈的質(zhì)量為M=6.0kg（內(nèi)含炸藥的質(zhì)量可以忽略不計(jì)），射出的初速度v0=60m/s當(dāng)炮彈到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)爆炸為沿水平方向運(yùn)動(dòng)的兩片，其中一片質(zhì)量為m=4.0kg現(xiàn)要求這一片不能落到以發(fā)射點(diǎn)為圓心、以R=600m為半徑的圓周范圍內(nèi)，則剛爆炸完時(shí)兩彈片的總動(dòng)能至少多大？（g=10/s2，忽略空氣阻力）【分析】當(dāng)炮彈到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)爆炸為沿水平方向運(yùn)動(dòng)的兩片，兩片炸彈做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)求出一片炸彈的初速度，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得出另一塊炸彈的初速度，從而得出剛爆炸完時(shí)兩彈片的總動(dòng)能【解答】解：設(shè)炮彈止升到

36、達(dá)最高點(diǎn)的高度為H，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律，有解得：H=180m設(shè)質(zhì)量為m的彈片剛爆炸后的速度為v，另一塊的速度為V，根據(jù)動(dòng)量守恒定律，有mv=（Mm）V設(shè)質(zhì)量為m的彈片運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，有解得t=6sR=vt 解得v=100m/s，V=200m/s炮彈剛爆炸后，兩彈片的總動(dòng)能解以上各式得代入數(shù)值得答：剛爆炸完時(shí)兩彈片的總動(dòng)能至少6.0104J【點(diǎn)評(píng)】本題涉及到豎直上拋運(yùn)動(dòng)、平拋運(yùn)動(dòng)，綜合運(yùn)用了動(dòng)量守恒定律、能量守恒定律以及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，綜合性強(qiáng)，關(guān)鍵理清運(yùn)動(dòng)過程，選擇合適的規(guī)律求解12（18分）（2017咸陽二模）某種發(fā)電機(jī)的內(nèi)部結(jié)構(gòu)平面圖如圖甲，永磁體的內(nèi)側(cè)為半圓柱面形，它與

37、圓柱形鐵芯之間的窄縫間形成如圖所示B=0.5T的磁場在磁場中有一個(gè)如圖乙所示的U形導(dǎo)線框abcd已知線框ab和cd邊長均為0.2m，bc邊長為0.4m，線框以=200rad/s角速度順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)（1）從bc邊轉(zhuǎn)到圖甲所示正上方開始計(jì)時(shí)，求t=2.5103s這一時(shí)刻線框中感應(yīng)電動(dòng)勢的大小，并在給定的坐標(biāo)平面內(nèi)畫出ad兩點(diǎn)電勢差Uad隨時(shí)間變化的關(guān)系圖線（感應(yīng)電動(dòng)勢的結(jié)果保留兩位有效數(shù)字，Uad正值表示UaUd）（2）如將此電壓加在圖丙所示的豎直放置的平行金屬板上，且電動(dòng)勢為正時(shí)E板電勢高，讓一質(zhì)量為m=6.41013kg，電量為q=3.21010C的帶正電微粒從時(shí)刻開始由E板出發(fā)向F板運(yùn)動(dòng)，已

38、知EF兩板間距L=0.5m，粒子從E運(yùn)動(dòng)到F用多長時(shí)間？（粒子重力不計(jì)）【分析】（1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=BS直接求出感應(yīng)電動(dòng)勢的大小；通過右手定則確定ad兩點(diǎn)間的電勢高低，從而判斷開始時(shí)ad間電勢的高低，由圖示電場知線框轉(zhuǎn)過弧度ag間電勢將反向，根據(jù)已知的角速度可以求出電勢變化的時(shí)間（2）抓住開始時(shí)的時(shí)間，在一個(gè)運(yùn)動(dòng)周期內(nèi)：根據(jù)圖象知，在t0=6.00103s時(shí)刻電動(dòng)勢為正的，粒子將向Y板做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為Tt0然后再向Y板做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過0.004s時(shí)速度減為0然后再向X板勻加速0.001s，在緊接著的0.001s內(nèi)粒子將向X板勻減速運(yùn)動(dòng)至速度為0，然后進(jìn)

39、入第二個(gè)運(yùn)動(dòng)周期根據(jù)分段運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)求出每個(gè)周期前進(jìn)的距離，根據(jù)已知位移從而求出時(shí)間即可【解答】解：（1）線框轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，bc邊始終和磁場方向垂直，感應(yīng)電動(dòng)勢大小不變，設(shè)t=2.5103s的感應(yīng)應(yīng)電動(dòng)勢為E：E=BL2L1帶入數(shù)據(jù)得：E=25V線框轉(zhuǎn)動(dòng)的周期：，根據(jù)安培定則，從t=0開始，內(nèi)Uad為正值，內(nèi)Uad為負(fù)值，圖象如圖，t=2.5103s這一時(shí)刻線框轉(zhuǎn)動(dòng)，所以線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢的大小為25V（2）在EF上加電壓后，板間產(chǎn)生強(qiáng)度E不變，方向交替變化的勻強(qiáng)電場，微粒時(shí)刻開始運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)情況如圖，設(shè)微粒在電場中運(yùn)動(dòng)的加速度為a，則有：其中微粒在一個(gè)周期內(nèi)前進(jìn)的距離S=2S12S1由各式得：S=0

40、.125m由于粒子做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，所以實(shí)際運(yùn)動(dòng)時(shí)間小于4T，設(shè)運(yùn)動(dòng)總時(shí)間為t，t=3T+20.3Tt其中t滿足：由以上各式t=3.32102s答：（1）t=2.5103s這一時(shí)刻線框中感應(yīng)電動(dòng)勢的大小為25V，ad兩點(diǎn)電勢差Uad隨時(shí)間變化的關(guān)系圖線如圖（2）粒子從E運(yùn)動(dòng)到F用的時(shí)間為3.32102s【點(diǎn)評(píng)】掌握法拉第電磁感應(yīng)定律及通過右手定則判斷感應(yīng)電勢的高低是解決本題前兩問的基礎(chǔ)，在粒子往復(fù)運(yùn)動(dòng)中根據(jù)粒子的受力特點(diǎn)和運(yùn)動(dòng)的周期性展開討論即可（二）選考題，任選一模塊作答【物理一物理3-3】（15分）13下列說法正確的是（）A物體的內(nèi)能是物體中所有分子熱運(yùn)動(dòng)動(dòng)能和分子勢能的總和B分子間同時(shí)存在著引

41、力和斥力，當(dāng)分子間距增加時(shí)，分子間的引力減小，斥力減小C液晶具有液體的流動(dòng)性，同時(shí)具有晶體的各向異性特征D液體中懸浮微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)稱為布朗運(yùn)動(dòng)E密封在容積不變的容器內(nèi)的理想氣體，若氣體從外界吸熱，則溫度一定升高【分析】內(nèi)能是所有分子的動(dòng)能和所有分子勢能的總和；分子間同時(shí)存在引力和斥力，兩力均隨分子間的距離增大而減小；知道液晶的特性；知道布朗運(yùn)動(dòng)的概念和特點(diǎn)；根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析理想氣體內(nèi)能的變化，理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)【解答】解：A、物體的內(nèi)能就是物體內(nèi)部所有分子的熱運(yùn)動(dòng)動(dòng)能和分子勢能的總和，故A正確；B、分子間同時(shí)存在引力和斥力，兩力都隨分子間的距離增大而減小，故B正確；C、液晶具有液體的流動(dòng)性，同時(shí)具有晶體的各向異性特征，故C正確；D、液體中懸浮微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)稱為布朗運(yùn)動(dòng)，故D正確；E、根據(jù)U=W+Q，密封在容積不變的容器內(nèi)的理想氣體，不會(huì)對外做功，吸熱則內(nèi)能增加，溫度一定升高，故E正確；故選：ABCDE【點(diǎn)評(píng)】本題考查了內(nèi)能、分子力變化規(guī)律、液晶的特點(diǎn)、布朗運(yùn)動(dòng)和熱力學(xué)第一定律等知識(shí)點(diǎn)，知道布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，知道理想氣體的內(nèi)能只取決于溫度14如圖所示，在一圓形管道內(nèi)封閉有理想氣體，用一固