四川省成都市成飛中學2023年高三物理下學期期末試題含解析

1、四川省成都市成飛中學2023年高三物理下學期期末試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 下面說法正確的是：A金屬是晶體，因此金屬材料一定表現(xiàn)為各向異性B晶體與非晶體可以通過外形來辨別C某些晶體可以轉化為非晶體D金屬材料各向同性，但金屬材料中的晶粒表現(xiàn)為各向異性參考答案：答案：CD2. 如圖所示，兩個質點在光滑的水平面上分別以一定的速度同時向右運動，此時分別作用水平向左的力，其中的大小不變，大小由零逐漸增大，它們恰好同時向右運動最遠，且位移大小相等，在此過程中，兩質點的瞬時速度與的關系應該是 AB先，后，最后CD先，后，最后參考答案：B解析：這

2、是用解析法很難下手的題目，但若能利用題設條件，分析并畫好兩個質點的圖像，就能很快找到答案.如圖所示，由于受力的大小不變，在圖像中畫出做勻減速運動的圖像，由于受力的大小逐漸增大，做加速度不斷增大的減速運動，其圖像是一條曲線.在圖像上，任一點的切線的斜率數值上等于在該時刻的加速度，由于的加速度由零不斷增大，畫出曲線切線斜率的絕對值也應從零開始不斷增大，即曲線的切線應從水平狀態(tài)開始不斷變陡，那么只有向右邊凸出的下降的曲線才能滿足這樣的條件，又因與的運動時間相等，所以曲線的終點也應在，與的運動位移大小相等，所以曲線包圍的面積應等于的面積，根據這些要求，曲線的起點、即質點的初速度必定小于點的初速度,且兩

3、條圖像必定會相交，如圖中的實線所示，圖中的兩條虛線表示的質點的圖像都不滿足題設條件（與的位移大小相等），所以B對。3. 據科技日報報道，2020年前我國將發(fā)射8顆海洋系列衛(wèi)星，包括4顆海洋水色衛(wèi)星、2顆海洋動力環(huán)境衛(wèi)星和2顆海陸雷達衛(wèi)星，以加強對黃巖島、釣魚島及西沙群島全部島嶼附近海域的監(jiān)測。設海陸雷達衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的軌道半徑是海洋動力環(huán)境衛(wèi)星的n倍，則在相同的時間內（ ）A海陸雷達衛(wèi)星到地球球心的連線掃過的面積是海洋動力環(huán)境衛(wèi)星的n倍B海陸雷達衛(wèi)星和海洋動力環(huán)境衛(wèi)星到地球球心的連線掃過的面積相等C海陸雷達衛(wèi)星到地球球心的連線掃過的面積是海洋動力環(huán)境衛(wèi)星的倍D海陸雷達衛(wèi)星到地球球心的

4、連線掃過的面積是海洋動力環(huán)境衛(wèi)星的倍參考答案：C4. 從一條弦線的兩端，各激發(fā)一個如圖（1）所示的脈沖波，它們以相同速率沿弦傳播（傳播方向相反）,在它們傳播過程中，可能出現(xiàn)的脈沖波形是圖中的參考答案： A5. (多選)列說法中正確的是 。 A布朗運動是液體分子的運動，它說明分子永不停息地做無規(guī)則運動 B葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用 C液晶顯示器是利用了液晶對光具有各向異性的特點D當兩分子間距離大于平衡位置的間距ro時，分子間的距離越大，分子勢能越小參考答案：BC二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 通電直導線A與圓形通電導線環(huán)B固定放置在同一水平面上，通有如圖

5、所示的電流時，通電直導線A受到水平向的安培力作用。當A、B中電流大小保持不變，但同時改變方向時，通電直導線A所受到的安培力方向水平向。參考答案：答案：右、右7. 一課外實驗小組用如圖所示的電路測量某待測電阻Rx的阻值，圖中R0為標準定值電阻（R0=20.0 ）；可視為理想電壓表。S1為單刀開關，S2位單刀雙擲開關，E為電源，R為滑動變阻器。采用如下步驟完成實驗：（1）按照實驗原理線路圖（a），將圖（b）中實物連線_；（2）將滑動變阻器滑動端置于適當位置，閉合S1；（3）將開關S2擲于1端，改變滑動變阻器動端的位置，記下此時電壓表的示數U1；然后將S2擲于2端，記下此時電壓表的示數U2；（4）待

6、測電阻阻值的表達式Rx=_（用R0、U1、U2表示）；（5）重復步驟（3），得到如下數據：12345U1/V0.250.300.360.400.44U2/V0.861.031.221.361.493.443.433.393.403.39（6）利用上述5次測量所得的平均值，求得Rx=_。（保留1位小數）參考答案： (1). 如圖所示： (2). (3). 48.2【命題意圖】 本題主要考查電阻測量、歐姆定律、電路連接研及其相關的知識點。【解題思路】開關S2擲于1端，由歐姆定律可得通過Rx的電流I=U1/R0，將開關S2擲于2端，R0和Rx串聯(lián)電路電壓為U2，Rx兩端電壓為U=U2-U1，由歐姆定

7、律可得待測電阻阻值Rx=U/I=R0=（-1）R0。5次測量所得的平均值,（3.44+3.43+3.39+3.40+3.39）=3.41，代入Rx=（-1）R0=（3.41-1）20.0=48.2。8. 質量為100kg的小船靜止在水面上，船兩端有質量40kg的甲和質量60kg的乙，當甲、乙同時以3m/s的速率向左、向右跳入水中后，小船的速度大小為0.6m/s，方向是向左參考答案：考點：運動的合成和分解專題：運動的合成和分解專題分析：根據動量守恒定律分析，甲乙船三者組成的系統(tǒng)動量守恒解答：解：甲乙船三者組成的系統(tǒng)動量守恒規(guī)定向左為正方向設小船的速度大小為v，由動量守恒定律有：0=m甲v甲+m乙

8、v乙+mv 0=403603+100v解得：v=0.6m/s速度v為正值，說明方向向左故答案為：0.6，向左點評：解決本題的關鍵熟練運用動量守恒定律，注意動量的失量性，與速度的正負是解題的關鍵9. 在利用插針法測定玻璃磚折射率的實驗中，某同學拿玻璃磚當尺子，用一支粗鉛筆在白紙上畫出玻璃磚的兩邊界，造成兩邊界間距離比玻璃磚寬度大了少許，如圖所示，則他測得的折射率 。（填“偏大”“偏小”或“不變”）。參考答案：偏小10. （選修3-3（含2-2）模塊）(4分）已知某物質摩爾質量為M，密度為，阿伏加德羅常數為NA，則該物質的分子質量為_ ，單位體積的分子數為 。參考答案：答案：M / NA （2分）

9、； NA / M （2分）11. A.動能相等的兩物體A、B在光滑水平面上沿同一直線相向而行，它們的速度大小之比vA:vB=2: 1，則動量大小之比PA:PB= ;兩者碰后粘在一起運動，其總動量與A原來動量大小之比P:PA= 。參考答案：1:2；1:1根據動量與動能的關系：【考點】動能和速度的關系：vA:vB=2: 1，可知兩者質量之比1:4，所以動量的關系為：1:2；兩者碰撞遵循動量守恒，其總動量與A的動量等大反向，所以碰后的總動量與A原來的動量之比為1:1。12. 如圖所示，用一根長為的細繩一端固定在O點，另一端懸掛質量為m的小球A，為使細繩與豎直方向夾300角且繃緊，小球A處于靜止，對小

10、球施加的最小力F_參考答案：13. 為了探究物體做功與物體速度變化的關系，現(xiàn)提供如圖所示的器材，讓小車在橡皮筋的作用下彈出后，沿木板滑行請思考探究思路并回答下列問題(打點計時器交流電頻率為50 Hz)(1)為了消除摩擦力的影響應采取什么措施？答：將木板的一端用木塊墊起適當的高度，使小車能下滑即可(2)當我們分別用相同的橡皮筋1條、2條、3條、并起來進行第1次、第2次、第3次、實驗時，每次實驗中橡皮筋拉伸的長度都應保持一致，我們把第1次實驗時橡皮筋對小車做的功記為W.(3)由于橡皮筋對小車做功而使小車獲得的速度可以由打點計時器和紙帶測出，如下圖所示的是其中四次實驗打出的部分紙帶(4)試根據第(2

11、)、(3)項中的信息，填寫下表：次數1234橡皮筋對小車做功W小車速度v(m/s)v2(m2/s2)從表中數據可得出結論：_.參考答案：固定打點計數器 (1分)緩慢勻速 (1分)次數1234橡皮筋對小車做功W2W3W4W三行各1分，有錯不得分小車速度v(m/s)1.01.4151.732.0v2(m2/s2)1.02.03.04.0結論：橡皮筋對小車做的功與小車速度的平方成正比三、 簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. （簡答）光滑的長軌道形狀如圖所示，下部為半圓形，半徑為R，固定在豎直平面內質量分別為m、2m的兩小環(huán)A、B用長為R的輕桿連接在一起，套在軌道上，A環(huán)距軌道底部高

12、為2R現(xiàn)將A、B兩環(huán)從圖示位置靜止釋放重力加速度為g求：（1）A環(huán)到達軌道底部時，兩環(huán)速度大??；（2）運動過程中A環(huán)距軌道底部的最大高度；（3）若僅將輕桿長度增大為2R，其他條件不變，求運動過程中A環(huán)距軌道底部的最大高度參考答案：（1）A環(huán)到達軌道底部時，兩環(huán)速度大小為；（2）運動過程中A環(huán)距軌道底部的最大高度為R；（3）若僅將輕桿長度增大為2R，其他條件不變，運動過程中A環(huán)距軌道底部的最大高度為R解：（1）A、B都進入圓軌道后，兩環(huán)具有相同角速度，則兩環(huán)速度大小一定相等，對系統(tǒng)，由機械能守恒定律得：mg?2R+2mg?R=（m+2m）v2，解得：v=；（2）運動過程中A環(huán)距軌道最低點的最大高

13、度為h1，如圖所示，整體機械能守恒：mg?2R+2mg?3R=2mg（hR）+mgh，解得：h=R；（3）若將桿長換成2R，A環(huán)離開底部的最大高度為h2如圖所示整體機械能守恒：mg?2R+2mg（2R+2R）=mgh+2mg（h+2R），解得：h=R；答：（1）A環(huán)到達軌道底部時，兩環(huán)速度大小為；（2）運動過程中A環(huán)距軌道底部的最大高度為R；（3）若僅將輕桿長度增大為2R，其他條件不變，運動過程中A環(huán)距軌道底部的最大高度為R15. 質量為m=4kg的小物塊靜止于水平地面上的A點，現(xiàn)用F=10N的水平恒力拉動物塊一段時間后撤去，物塊繼續(xù)滑動一段位移停在B點，A、B兩點相距x=45m，物塊與地面間

14、的動摩擦因數=0.2g取10m/s2求：（1）撤去力F后物塊繼續(xù)滑動的時間t；（2）物塊在力F作用過程發(fā)生的位移x1的大小參考答案：（1）撤去力F后物塊繼續(xù)滑動的時間為3s；（2）物塊在力F作用過程發(fā)生的位移x1的大小36m解：設F作用時間為t1，之后滑動時間為t，前段加速度大小為a1，后段加速度大小為a2（1）由牛頓第二定律可得：Fmg=ma1mg=ma2且：a1t1=a2t可得：a1=0.5m/s2 ，a2=2m/s2 ，t1=4t（a1t12+a2t2）=x解得：t=3s（2）由（1）可知，力F作用時間t1=4t=12x1=a1t12= =36 m答：（1）撤去力F后物塊繼續(xù)滑動的時間為

15、3s；（2）物塊在力F作用過程發(fā)生的位移x1的大小36m四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 如圖所示，在同一豎直平面上，質量為2m的小球A靜止在光滑斜面底部的壓縮彈簧的頂端，此時小球距斜面頂端的高度為H=2L，解除彈簧的鎖定后，小球沿斜面向上運動離開斜面后，達到最高點時（此時A球的速度恰好水平）與靜止懸掛在此處的小球B發(fā)生彈性碰撞，碰撞后球B剛好能擺到與懸點O同一高度，球A沿水平方向拋射落在水平面C上的P點，O點的投影O與P的距離為L已知球B質量為m，懸繩長L，視兩球為質點，重力加速度為g，不計空氣阻力求：（1）球B在兩球碰撞后瞬間受到懸繩拉力的大小；（2）球A在兩球碰撞前瞬間的速度大

16、?。唬?）彈簧的彈力對球A所做的功參考答案：【考點】： 動量守恒定律；牛頓第二定律；動能定理；機械能守恒定律【專題】： 動量定理應用專題【分析】： （1）由動能定理求出碰撞后B的速度，由牛頓第二定律求出繩子的拉力；（2）兩球碰撞過程動量守恒，由動量守恒定律與機械能守恒定律求出球的速度；（3）由能量守恒定律可以求出彈簧的彈力所做的功： 解：（1）設球B在兩球碰撞后一瞬間的速度大小為，由動能定理得：mgL=0mvB2，解得：vB=，對B球，由牛頓第二定律得：Tmg=m，解得：T=3mg；（2）設球A在兩球碰撞前一瞬間的速度大小為v0，球A在兩球碰撞后一瞬間的速度大小為vA，兩球碰撞過程動量守恒，以

17、A的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：2mv0=2mvA+mvB，由機械能守恒定律得：?2mv02=?2mvA2+mvB2，解得：vA=，v0=；（3）碰后球A做平拋運動，設碰后一瞬間球A距O的高度為h，由平拋運動規(guī)律得：h=gt2，=vAt，解得：h=L，彈簧將球A彈起到A碰B的過程中，由能量守恒定律得：W彈=2mg?3L+?2mv02，解得：W彈=mgL；答：（1）球B在兩球碰撞后瞬間受到懸繩拉力的大小為3mg；（2）球A在兩球碰撞前瞬間的速度大小為；（3）彈簧的彈力對球A所做的功為mgL17. 如圖所示，質量為M的直角三棱柱A放在水平地面上，三棱柱的斜面是光滑的，且斜面傾角為。質量為m的光滑球放在三棱柱和光滑豎直墻壁之間，A和B都處于靜止狀態(tài)。求地面對三棱柱的支持力和摩擦力。(要畫受力分析圖)參考答案：18. 如圖13所示，A板左側存在著水平向左的勻強電場E，A板上有一水平小孔正對右側豎直屏上的D點，A板與屏之間距離為L，A板與屏之間存在豎直向下的勻強電場E2和沿垂直紙面向外的勻強磁場。一個帶負電的可視為質點的微粒從P點以某一初速度v0豎直向上射入電場，經時間0.4s恰好從A板中的小孔水平進入右側區(qū)域，并作勻速圓周運動，最終打在屏上的C處。已知微粒電量和質量的比值 = 25 Ckg，磁感應強度B=01T，A板與屏之間距離L=0.2m，屏上C點離D點的