版權(quán)說明:本文檔由用戶提供并上傳,收益歸屬內(nèi)容提供方,若內(nèi)容存在侵權(quán),請進行舉報或認領(lǐng)
文檔簡介
1、Modem 設(shè)300b/s和 56kb/s;(2)xDSL 鏈路,通過數(shù)字技術(shù),對DSL,x 表示不同的傳輸方案;(3)ISDN,kb/s2Mb/s;(5)以太網(wǎng),雙絞線峰值速率會話過程中的所有分組都沿此邏輯通道進行。TCP/IP參考模型應(yīng)用層運輸層互連網(wǎng)層網(wǎng)絡(luò)接入層硬件PSTN端局到10Mb/s,100Mb/s。Modem 設(shè)300b/s和 56kb/s;(2)xDSL 鏈路,通過數(shù)字技術(shù),對DSL,x 表示不同的傳輸方案;(3)ISDN,kb/s2Mb/s;(5)以太網(wǎng),雙絞線峰值速率會話過程中的所有分組都沿此邏輯通道進行。TCP/IP參考模型應(yīng)用層運輸層互連網(wǎng)層網(wǎng)絡(luò)接入層硬件PSTN端局
2、到10Mb/s,100Mb/s。而傳統(tǒng)X.25分組數(shù)據(jù)網(wǎng)絡(luò), PSTN,ISDN,移動通信網(wǎng)等。1.2答:通信鏈路包括接入鏈路和網(wǎng)絡(luò)鏈路。接入鏈路有:(1)Modem鏈路,利用 PSTN電話線路,在用戶和網(wǎng)絡(luò)側(cè)分別添加備來實現(xiàn)數(shù)據(jù)傳輸,速率為用戶終端之間的用戶線路進行改造而成的數(shù)字用戶線利用 PSTN實現(xiàn)數(shù)據(jù)傳輸,提供兩個基本信道: B 信道(64kb/s),D信道(16kb/s或 64kb/s);(4)數(shù)字蜂窩移動通信鏈路,十幾網(wǎng)絡(luò)鏈路有:(1)X.25 提供 48kb/s,56kb/s 或 64kb/s 的傳輸速率,采用分組交換,以虛電路形式向用戶提供傳輸鏈路;(2)幀中繼,吞吐量大,速率
3、為 64kb/s ,2.048Mb/s;(3)SDH(同步數(shù)字系列),具有標準化的結(jié)構(gòu)等級 STM-N;(4)光波分復(fù)用 WDM,在一根光纖中能同時傳輸多個波長的光信號。1.3 答:分組交換網(wǎng)中,將消息分成許多較短的,格式化的分組進行傳輸和交換,每一個分組由若干比特組成一個比特串, 每個分組都包括一個附加的分組頭, 分組頭指明該分組的目的節(jié)點及其它網(wǎng)絡(luò)控制信息。每個網(wǎng)絡(luò)節(jié)點采用存儲轉(zhuǎn)發(fā)的方式來實現(xiàn)分組的交換。1.4 答:虛電路是分組傳輸中兩種基本的選擇路由的方式之一。在一個會話過程開始時,確定一條源節(jié)點到目的節(jié)點的邏輯通路, 在實際分組傳輸時才占用物理鏈路, 無分組傳輸時不占用物理鏈路,此時物
4、理鏈路可用于其它用戶分組的傳輸。電話交換網(wǎng) PSTN中物理鏈路始終存在,無論有無數(shù)據(jù)傳輸。1.5 答:差別: ATM信元采用全網(wǎng)統(tǒng)一的固定長度的信元進行傳輸和交換,長度和格式固定,可用硬件電路處理,縮短了處理時間。 為支持不同類型的業(yè)務(wù), ATM網(wǎng)絡(luò)提供四種類別的服務(wù): A,B,C,D類,采用五種適配方法: AAL1AAL5,形成協(xié)議數(shù)據(jù)單元 CS-PDU,再將 CS-PDU分成信元,再傳輸。1.7 答:OSI模型七個層次為:應(yīng)用層,表示層,會話層,運輸層,網(wǎng)絡(luò)層,數(shù)據(jù)鏈路層,物理層。TCP/IP五個相對獨立的層次為:應(yīng)用層,運輸層,互聯(lián)網(wǎng)層,網(wǎng)絡(luò)接入層,物理層。它們的對應(yīng)關(guān)系如下:OSI模型
5、應(yīng)用層表示層會話層運輸層網(wǎng)絡(luò)層數(shù)據(jù)鏈路層物理層t2cos 221/2 12X 1112mt122t 的均值為常數(shù),相關(guān)函數(shù)僅與時差lT.i.m Acos wctAT Tl.i.mT cosA2TA coswct 的均值和相關(guān)函數(shù)都具有各態(tài)歷經(jīng)性,N t ,t00 , N t 服從參數(shù)為2cos 2 tY01/2 22cos 2E X 002XE X t X tcos2wctR有關(guān),且為二階矩過程,所以該隨機過程是廣義12TTt2cos 221/2 12X 1112mt122t 的均值為常數(shù),相關(guān)函數(shù)僅與時差lT.i.m Acos wctAT Tl.i.mT cosA2TA coswct 的均值
6、和相關(guān)函數(shù)都具有各態(tài)歷經(jīng)性,N t ,t00 , N t 服從參數(shù)為2cos 2 tY01/2 22cos 2E X 002XE X t X tcos2wctR有關(guān),且為二階矩過程,所以該隨機過程是廣義12TT2TA2TTT2X t 是各態(tài)歷經(jīng)過程。0 是參數(shù)為0;(2) Nt的 Poisson分布,Y2cosY12YX 112tAwcXTTtdtTT2wct0 的 Poisson過程,如果:t ,t02cosYE 2coY 2cosY2E X tcoswct20dtl.im 0wctwc0 是平穩(wěn)的獨立增量過程;14Ecos2YAcos wcAcoswcA22lT.m coswctcosAc
7、os sinwcTTcoswc t2tcoswc t12A2TwcTdtcoswcffdTTdtddA22sinA2coswcwctsincos wcdttd0X 1X(1) P E X 1; X t2E X t X t24 121.11解:RX t,A2E X(t)顯然, X平穩(wěn)的。X tlim cos coswcX t X tl.i.mT cos12故 X1.12解:定義:稱計數(shù)過程(1)N(3) tkk etNE N t N ttk!2Nt,則NN 0N ssstNt ,ttkii!kem 00,Ykii!p tm 00,tk!tk!et1kekt tts,tN tD N ssss,t0
8、 是強度為0,P N tetm!t P N tekeZkektk 1tD N tN tt2etE N s N tN sE N s222的 poisson過程及題設(shè)知, Yi P Y tt1k!pt ,故 Yi P Z tt ktm!t tk etE N2 tEkk etNE N t N ttk!2Nt,則NN 0N ssstNt ,ttkii!kem 00,Ykii!p tm 00,tk!tk!et1kekt tts,tN tD N ssss,t0 是強度為0,P N tetm!t P N tekeZkektk 1tD N tN tt2etE N s N tN sE N s222的 poiss
9、on過程及題設(shè)知, Yi P Y tt1k!pt ,故 Yi P Z tt ktm!t tk etE N2 tE N t N ttt2E N sE N2s2ststt ,tk N tCk 1p tt ,tk N tC 1ptk!1ktk!tE N t1tttN 02min s,tmin0 和 Zipm0 是強度為 p 的 poisson過程。iimp t ,故 Z0,1,2,ktk 102E N t22tN tss,tt ,tik!ptp1 p tt ,tt eet2N s0 是一零初值的平ki kkekke0 是強度為 1tk 1!tktN sptptpi1 pptt2!kekkk!t的po
10、isson過程。k 1k 2tti0,1,21 p ti kk1k !ke0,1,2p ttiiptk !ki kE N tk 0t eDE N2 tk k 1k 0t eD不妨設(shè) sRE N sE N s E N ts t2R1.13 解:由 N穩(wěn)的獨立增量過程。又P Y ti 0ti kptk!即 tP Z ti 0ti k1k!即 tP N tN 4t ,tnnt1t11。01/413/44/94/914/9k00 是參數(shù)為nt0te3121/921tk!e0 的 Poisson分布,1,2,e3ed1 e2/51/43kettn服從tn 1!3t0tt4,n分布,即teetke1,2,
11、P N tN 4t ,tnnt1t11。01/413/44/94/914/9k00 是參數(shù)為nt0te3121/921tk!e0 的 Poisson分布,1,2,e3ed1 e2/51/43kettn服從tn 1!3t0tt4,n分布,即teetke1,2,n的概率密度函數(shù)為:n 1ttd00,1,2,12是其到達時間序列,0et0t1 et03(1)P(2)定理:設(shè) N則f0ftF tF t1.15解:知道過程現(xiàn)在的條件下,其“將來”的分布不依賴于“過去”狀態(tài)轉(zhuǎn)移圖如下:1當(dāng)甲有一個球時,狀態(tài)轉(zhuǎn)移圖如下:2/53/53/52 當(dāng)甲有兩個球時,狀態(tài)轉(zhuǎn)移圖如下:1/23/41/401/43 當(dāng)甲
12、有三個球時,狀態(tài)轉(zhuǎn)移圖如下:4/9101/9一步轉(zhuǎn)移概率矩陣如下:14/94/901/423/420 014/94/901/423/420 04/9 04/9 1/91 0331/42/51/9004 當(dāng)甲有四個球時,狀態(tài)轉(zhuǎn)移圖如下:1/23/41/411/45 當(dāng)甲有五個球時,狀態(tài)轉(zhuǎn)移圖如下:3/52/53/51.16解:PrimDijkstra:Kruskal:. 第二幀: 7C 8D DC C0 Flag 015S20 1 0 1 0 1 0 1 43474余數(shù)為 DiFlag S30 0 1 0 1 1 0 1 SD03DC11 1 1 0 0 1 0 0 D2DRemainderC2
13、0 1 1 1 1 0 0 0 DD6D Dg DC31 0 1 1 0 0 0 1 41D5i LRemainderC41 1 0 0 1 0 0 1 D3DD4Dig D校驗規(guī)則C1C2C3C4D7D3LS1S2S1S110S2S3S3S2DD6S37D5D5. 第二幀: 7C 8D DC C0 Flag 015S20 1 0 1 0 1 0 1 43474余數(shù)為 DiFlag S30 0 1 0 1 1 0 1 SD03DC11 1 1 0 0 1 0 0 D2DRemainderC20 1 1 1 1 0 0 0 DD6D Dg DC31 0 1 1 0 0 0 1 41D5i LRe
14、mainderC41 1 0 0 1 0 0 1 D3DD4Dig D校驗規(guī)則C1C2C3C4D7D3LS1S2S1S110S2S3S3S2DD6S37D5D5DD44D D03 4DD23D1D3方式開銷最小。2.2答:接收字符串為: C0 C0 10 36 87 DB DC DB DC DC DD DB DD C0 7C 8D DC DB DC C0 恢復(fù)為: 第一幀:空2.3答:插入后: 011011111 0 0011111 0 101011111 0 11111 0 01111010 恢復(fù):01111110 11111 0 110011111 0 011111 0 11111 0 1
15、100 01111110 Flag 1011111 0 2.4答:在接收端,收到 015后,如果下一位是“ 0”,就將該“ 0”刪去,如果是“1”,就表示一幀結(jié)束。按此規(guī)則:011 011111 0 111111 011111 0 1 01111110 0152.5答:S11 0 0 1 1 1 0 0 該碼的最小距離為 4。2.6解: DDDDD3D S Dg D2.7證明:(1)已知 CDRemainderSiS C DK 1i L 1i L 1i 0DCA1ACKB出錯卻導(dǎo)致分組 C重發(fā),最終分組 B 丟失。SN 指配給該分組,若沒有分組則B;(4)若從 B接收到 RNB的 RNSN的應(yīng)
16、RN放入一幀的 RN域發(fā)送給N次才能成功,而一個分組發(fā)送1SKS Dg DDiDi L 1i L 1K 1SCi 0CL DjB0NAKi次成功i 11Di DRemainderSiS C DK 1i L 1i L 1i 0DCA1ACKB出錯卻導(dǎo)致分組 C重發(fā),最終分組 B 丟失。SN 指配給該分組,若沒有分組則B;(4)若從 B接收到 RNB的 RNSN的應(yīng)RN放入一幀的 RN域發(fā)送給N次才能成功,而一個分組發(fā)送1SKS Dg DDiDi L 1i L 1K 1SCi 0CL DjB0NAKi次成功i 11Di Lg DCC DK 1iii 0L 11SCC0ACK,從而有DLRemain
17、derK 1SCi 0iLi1LCL Dii jC1K 1S Dii 0g Dii1C2L 220SKiDDi0DC1Dj2DL 1L 2C0LDLC DSC DK 2i1ii 1S D1C 代入到 CSC1i0ii 0S0DSDSCiiiiD 中,得一個任意的數(shù)據(jù)多項式 Si 0K 1C D其 CRC多項式K 1Remainderi 0K 1(2)將Ci 0K 1C Di 0K 1SC Di 0又有 CK 1對應(yīng)可得i 02.8 A0出錯ACK在這種情況下,由于時延的影響,分組2.9證:根據(jù)停等式 ARQ 協(xié)議,當(dāng)序號采用模 2表示時仍可正常運行。描述如下:發(fā)端 A:(1)置 SN0;(2)
18、若從高層接收到一個分組,則將等待;(3)將第 SN個分組裝入物理幀中發(fā)送給接收節(jié)點SN,則將 SN模 2加 1,返回(2),若在規(guī)定時間內(nèi),并未收到答,則返回( 3)。收端 B:(1)置 RN0;(2)無論何時從 A端收到一個 SN=RN的分組,將該分組傳送給高層,并將 RN模2加 1;(3)在接收到分組的規(guī)定有限時長內(nèi)將A,返回(2)。2.10解:設(shè)任意一個分組平均需要發(fā)送的概率為iNTr,故320064 103820T820T8200.058200.052UmaxUn 1 PnU8UTPT1111max0.05sPP16400幀15769幀1 P1 21 n 1 Pn11 2n1 P1 2
19、 即81 P, 所以U 與誤幀率及信道傳播時延與數(shù)據(jù)幀的傳輸時延的比值D22iNTrTACKTACKiNTr,故320064 103820T820T8200.058200.052UmaxUn 1 PnU8UTPT1111max0.05sPP16400幀15769幀1 P1 21 n 1 Pn11 2n1 P1 2 即81 P, 所以U 與誤幀率及信道傳播時延與數(shù)據(jù)幀的傳輸時延的比值D22iNTrTACKTACKTACK0.082s后可收到應(yīng)答;0.134s后可收到應(yīng)答。nPn728時,U時,1Tr12864 103221 2n1 21 2 即11110.002s104 個6119 個172P2
20、P20.015s2與Un1 P111n12PnP1 n 1 P1 P1均小于12P;i 1成功發(fā)送一個分組所需要的時間為2.11與課本上圖 211 的a,c圖基本相同,只需將 A,B 名字交換。2.13答:TP(1)(2)(3)當(dāng)節(jié)點連續(xù)發(fā)送時,可以發(fā)送的幀最多a.b.2.14答:停等式 ARQ 1 P返回 nARQ 1 2 11 P選擇重傳 ARQ 1 21 PARPANET ARQ1 2這里有關(guān)。當(dāng)n當(dāng)n2 時,選擇重傳式 ARQ 和 ARPANET ARQ 鏈路8時選擇重傳式 ARQ 鏈路利用率高,當(dāng) nDOWNDISCACKIDISCUPDISCACKIDISCACKDDOWN 狀態(tài)。
21、DISCACKIDISCUPDISCACKIDISCACKD8時,2 時,選擇重傳式 ARQ 和 ARPANET ARQ 鏈路8時選擇重傳式 ARQ 鏈路利用率高,當(dāng) nDOWNDISCACKIDISCUPDISCACKIDISCACKDDOWN 狀態(tài)。DISCACKIDISCUPDISCACKIDISCACKD8時,ACKIACKDDISCACKIDISCACKDACKIACKDACKIDOWNACKDDOWNACKDDOWNACKDDOWNACKDACKD利用率都最高,當(dāng) nARPANET ARQ 鏈路利用率高。2.18答:(1)在沒有發(fā)生任何差錯的情況下如下圖所示:UPINITACKDt
22、INITACKI在各種可能的差錯下:DOWNDISCACKItDISCACKD可見,不論發(fā)生哪一種差錯,每個節(jié)點最終都會認為鏈路處于(2)有兩種可能情況UPDOWNINITACKDtINITACKIUPDOWNINITACKDt丟失INITACKIUP2.19答:(1)故障ACKDXYB 將這個分組作為新分組轉(zhuǎn)發(fā)給C接收重復(fù)分組。B 做完第二件事即發(fā)確認后出現(xiàn)故障,則C丟失 B 故AC 之間建立起一對 SN,RN(在運輸層,參看課本A 經(jīng)B正確無誤地交付到 C。在第一種情況下,即使 A 重發(fā) B故C對這一n故障ACKDXYB 將這個分組作為新分組轉(zhuǎn)發(fā)給C接收重復(fù)分組。B 做完第二件事即發(fā)確認后
23、出現(xiàn)故障,則C丟失 B 故AC 之間建立起一對 SN,RN(在運輸層,參看課本A 經(jīng)B正確無誤地交付到 C。在第一種情況下,即使 A 重發(fā) B故C對這一nTD5811KB。DISCACKI故障RN1C,但 CB不會向 CP77),n2TPINTIACKDXn故障ACKID02 0.128DISCRN1故障INTIXD0D0故障DISCINTID0丟失ACKD(2)故障丟失Y2.20解:假定有 n個節(jié)點交換機,在題中所給的條件下,傳輸一個分組(從源端到目的端)需要 (n-1)T 秒,傳輸兩個分組需要 (n+1)T 秒,如此類推,傳輸 m個分組需要(n-1+2(m-1)T 秒,速率為 m/(n-1
24、+2(m-1)T .若 mn,可以認為分組交付給目的地的速率最快為 1/2T分組/秒。2.21答:(1) 采用收數(shù)據(jù)轉(zhuǎn)發(fā)發(fā)確認的機制, 假定 B 做完第二件事即轉(zhuǎn)發(fā)后出現(xiàn)故障, 則 A 由于沒有收到 B發(fā)回的確認,在定時器溢出后將重發(fā)上一分組,已在 B 出故障那次收到了該分組。因此,造成(2)采用收數(shù)據(jù)發(fā)確認轉(zhuǎn)發(fā)的機制,假定轉(zhuǎn)發(fā)該分組。而實際上 A 又收到了 B發(fā)回的確認,所以 A 繼續(xù)發(fā)送下一分組。由此造成障前的那個分組。只有采用端到端的發(fā)確認消息的方法,在才能保證在任何情況下數(shù)據(jù)都能從障前那一分組, C 收到后也能根據(jù) AC 之間的 SN,RN 辨認出這一重復(fù)分組而將其丟棄。在第二種情況下
25、,只要 A 沒有收到 C對 B 故障前那一分組的確認,就會重復(fù)發(fā)送這一分組,直到收到數(shù)據(jù)的確認。2.23解:設(shè)窗口為 nkb,則吞吐量為120256解出窗口為 n2.24答:經(jīng)六次變化后窗口為9門限窗口632超時后門限窗口為 9KB3 4 9門限窗口632超時后門限窗口為 9KB3 4 5678B/K度長口窗塞擁01傳送次數(shù)/次2.26答:在差錯控制時, ARQ 協(xié)議用于保證分組的正確傳輸,它側(cè)重于分組的內(nèi)容;在流控時, ARQ 用于減緩網(wǎng)絡(luò)中分組的發(fā)送速度,側(cè)重于網(wǎng)絡(luò)的狀態(tài)。5 人/分鐘T 0.5 20N15 103NN5/2W150 1032550W250 分組/分鐘的 session,平
26、均服務(wù)時間為25分組625/65W50 分組 /分鐘的 session,平均服務(wù)時間為565/65W0.5 0T100055/2515T10005025T15 103/秒。25/6T15 103分組/秒 。15/6T15 分鐘75 人115/221211110005516100055 人/分鐘T 0.5 20N15 103NN5/2W150 1032550W250 分組/分鐘的 session,平均服務(wù)時間為25分組625/65W50 分組 /分鐘的 session,平均服務(wù)時間為565/65W0.5 0T100055/2515T10005025T15 103/秒。25/6T15 103分組/
27、秒 。15/6T15 分鐘75 人115/22121111000551610005516ss55s,分組到達率為T251T2551T525,分組到達率為2510N25125s ,分組到達率為N25/665s ,分組到達率為N5/665150601215060115055161/52513052125分組 /秒s1262561分組 /秒。ss。平均每個顧客的服務(wù)時間為根據(jù) little 定理,得快餐店內(nèi)的平均顧客數(shù)為3.5解:(1)10個相等容量的時分復(fù)用系統(tǒng):對于一個 session而言,平均服務(wù)時間為在系統(tǒng)中的平均分組數(shù)為:根據(jù) little 定理,得分組的平均時延為: T隊列中的平均分組數(shù)
28、為: NQ統(tǒng)計復(fù)用:平均服務(wù)時間為NNQ(2)時分復(fù)用:對于分組到達率為25060NNQ對于分組到達率為5060NNQ1502550WRi ,此時等待隊NkRiWi,WRR1rX21t1 M2100025TiNi個用戶的服務(wù)時間E Rilim Wi ,有X NQ可用下圖表示:t0tt111RiEiRrXi 1M ts,分組到達率為T25Xxk1d2i2256N25125kE1502550WRi ,此時等待隊NkRiWi,WRR1rX21t1 M2100025TiNi個用戶的服務(wù)時間E Rilim Wi ,有X NQ可用下圖表示:t0tt111RiEiRrXi 1M ts,分組到達率為T25Xx
29、k1d2i2256N25125kE RiNQ1 1t 2151150X E NiRM tXi 1X56s1212i225W1225分組 /秒R1。W平均服務(wù)時間為50 103NNQ3.13 證明:設(shè)第 i 個用戶到達系統(tǒng)時,第 l個用戶正在接收服務(wù),其剩余服務(wù)時間為列中有 個用戶。設(shè)第k個用戶的服務(wù)時間為 X ,用戶 i的等待時間為:i 1Wik i Nii 1求平均k i Ni令iWW假定系統(tǒng)有穩(wěn)態(tài)解,且具有各態(tài)歷經(jīng)性,則剩余服務(wù)時間r()X1X1在 0,t 區(qū)間平均剩余服務(wù)時間為:RtM tRi121ADE:200個/分BDEF:600個/分xs100個/分600個/分1100個/分501
30、003000 100114NijNrT1AC1500.053s22 1100ADCEkb/s 60s129NDE1291.748702msNACCE2msTBCEF200200個/分600個/分1000bitNCE41114個個0.077s1CE1500.087s500BCDE3000個/分1121ADE:200個/分BDEF:600個/分xs100個/分600個/分1100個/分501003000 100114NijNrT1AC1500.053s22 1100ADCEkb/s 60s129NDE1291.748702msNACCE2msTBCEF200200個/分600個/分1000bitNCE41114個個0.077s1CE1500.087s500BCDE3000個/分14NBD1140.075s/秒2ms14TBDEF600500個/分800個/分NEF1441111500.090s1400個/分1119NBD15NCE2ms703151410.050s個
溫馨提示
- 1. 本站所有資源如無特殊說明,都需要本地電腦安裝OFFICE2007和PDF閱讀器。圖紙軟件為CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.壓縮文件請下載最新的WinRAR軟件解壓。
- 2. 本站的文檔不包含任何第三方提供的附件圖紙等,如果需要附件,請聯(lián)系上傳者。文件的所有權(quán)益歸上傳用戶所有。
- 3. 本站RAR壓縮包中若帶圖紙,網(wǎng)頁內(nèi)容里面會有圖紙預(yù)覽,若沒有圖紙預(yù)覽就沒有圖紙。
- 4. 未經(jīng)權(quán)益所有人同意不得將文件中的內(nèi)容挪作商業(yè)或盈利用途。
- 5. 人人文庫網(wǎng)僅提供信息存儲空間,僅對用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護處理,對用戶上傳分享的文檔內(nèi)容本身不做任何修改或編輯,并不能對任何下載內(nèi)容負責(zé)。
- 6. 下載文件中如有侵權(quán)或不適當(dāng)內(nèi)容,請與我們聯(lián)系,我們立即糾正。
- 7. 本站不保證下載資源的準確性、安全性和完整性, 同時也不承擔(dān)用戶因使用這些下載資源對自己和他人造成任何形式的傷害或損失。
最新文檔
- 2024買賣房產(chǎn)合同樣本
- 女裝批量采購合同
- 醫(yī)院勞動合同書2024年
- 房屋合同法律效力分析
- 2024年小區(qū)物業(yè)管理系統(tǒng)合同
- 2024年度XX房地產(chǎn)營銷代理合同
- 工程代理加盟居間合同樣本
- 旅游客運車輛包車合同
- 2024代理商分銷合同探討與研究
- 2024養(yǎng)豬場荒山租賃合同
- 2024年第九屆“鵬程杯”六年級語文邀請賽試卷(復(fù)賽)
- 國開2024年《建筑結(jié)構(gòu)#》形考作業(yè)1-4答案
- DL-T1475-2015電力安全工器具配置與存放技術(shù)要求
- 漏檢分析改善措施
- 新制定《公平競爭審查條例》學(xué)習(xí)課件
- GB/T 44051-2024焊縫無損檢測薄壁鋼構(gòu)件相控陣超聲檢測驗收等級
- TD/T 1060-2021 自然資源分等定級通則(正式版)
- 完整加快發(fā)展新質(zhì)生產(chǎn)力課件
- 三位數(shù)除以兩位數(shù)300題-整除-有標準答案
- 辦公室裝修工程施工方案講義
- 奇異的仿生學(xué) 知到智慧樹網(wǎng)課答案
評論
0/150
提交評論