2018北京東城高三物理二模試題與答案

1、C.C.動能可以不同D.運行速率可以不同東城區(qū)2017-2018學年度第二學期高三綜合練習(二)2018.0513下列說法正確的是對于溫度不同的物體，溫度低的物體內(nèi)能一定小液體中懸浮微粒的無規(guī)則運動稱為布朗運動一定質(zhì)量的氣體當溫度不變壓強增大時，其體積可能增大在完全失重的情況下，密閉容器內(nèi)的氣體對器壁沒有壓強14用藍光照射一光電管，有光電效應現(xiàn)象發(fā)生。欲使光電子逸出時最大初動能增大，下列方法有效的是改用紫光照射B.改用紅光照射C.延長藍光的照射時間D.增大藍光的強度15質(zhì)子、中子和氘核的質(zhì)量分別為m】、m2和m3。當一個質(zhì)子和一個中子結(jié)合成氘核時，釋放的能量是(c表示真空中的光速)A.(m-m

2、-m)cB.(m+m-m)c123123C.(mi-m2-m3)c2D.(mi+m2-m3)c2在介質(zhì)中有一沿水平方向傳播的簡諧橫波。一質(zhì)點由平衡位置豎直向上運動，經(jīng)0.1s第一次達到最大位移處，在這段時間內(nèi)波傳播了0.8m,則可知這列波A.周期是0.2sB.波長是0.8mC.波速是8m/sD.振幅是0.4m由于通訊和廣播等方面的需要，許多國家發(fā)射了地球同步軌道衛(wèi)星，這些衛(wèi)星的周期可以不同B.離地高度可以不同18假如要撐住一扇用彈簧拉著的門，在門前地面上放一塊石頭，門往往能推動石頭慢慢滑動。然而，在門下縫隙處塞緊一個木楔（側(cè)面如圖所示），雖然木楔比石頭的質(zhì)量更小，卻能把門卡住。下列分析正確的是

3、木楔門能推動石頭是因為門對石頭的力大于石頭對門的力頂角0很小將門對木楔的力正交分解，其水平分力與地面給木楔的摩擦力大小相等若門對木楔的力足夠大，門就一定能推動木楔慢慢滑動塞在門下縫隙處的木楔，其頂角0無論多大都能將門卡住19圖中所示ox軸沿水平方向，oy軸沿豎直向上方向。在x0，y0的區(qū)域內(nèi)存在某種分布范圍足夠廣的介質(zhì)，其折射率隨著y的變化而變化。一束細光束入射到介質(zhì)表面，并沿著如圖所示從a到b的一條弧形路徑傳播。下列判斷正確的是此介質(zhì)的折射率隨著y的增大而減小海洋蜃景發(fā)生時空氣折射率隨高度的變化與此類似沙漠蜃景發(fā)生時空氣折射率隨高度的變化與此類似bAyD.這束細光束在繼續(xù)傳播的過程中會發(fā)生全

4、反射20光滑斜面上，某物體在沿斜面向上的恒力作用下從靜止開始沿斜面運動，一段時間后撤bAy去恒力，不計空氣阻力，設斜面足夠長。物體的速度用e表示，物體的動能用Ek表示，物k體和地球組成系統(tǒng)的重力勢能用Ep表示、機械能用E表示，運動時間用t表示、路程用l表示。對整個運動過程，下圖表示的可能是v隨t變化的v-t圖像Ep隨t變化的Ep-t圖像E隨l變化的E1圖像D.Ek隨l變化的Ek-l圖像21.（18分）（1）用單擺測定重力加速度的實驗裝置如圖所示。對測量原理的理解正確的是。（選填選項前的字母）4兀2/由g=卞可知，T一定時，g與l成正比4n2l由g=TT可知，l一定時，g與T2成反比4兀2/單擺

5、的振動周期T和擺長I可用實驗測定，由g=4n2r可算出當?shù)氐闹亓铀俣热魷y量結(jié)果得到的g值偏大，可能是因為。（選填選項前的字母）組裝單擺時，選擇的擺球質(zhì)量偏大測量擺長時，將懸線長作為單擺的擺長測量周期時，把n次全振動誤認為是（n+1）次全振動下表是某同學記錄的實驗數(shù)據(jù)，并做了部分處理。組次123456擺長1/cm40.0050.0060.0080.00100.00120.0050次全振動時t/s63.074.077.589.5100.0109.5周期T/s1.261.481.551.792.19周期的平方TVs21.592.012.403.204.80請計算第5組實驗中的T2=s2。將上表數(shù)據(jù)

6、輸入計算機，可得到右圖所示的1-T2圖像，圖線經(jīng)過坐標原點，斜率k=0.25m/s2。由此求得重力加速度g=m/s2。（n2=9.87，此空答案保留3位有效數(shù)字）（2）在測定電容器電容值的實驗中，將電容器、電壓傳感器、阻值為3k的電阻R、電源、單刀雙擲開關按圖甲所示電路圖進行連接。先使開關S與1端相連，電源向電容器充電，充電完畢后把開關S擲向2端，電容器放電，直至放電完畢。實驗得到的與電壓傳感器相連接的計算機所記錄的電壓隨時間變化的u-t曲線如圖乙所示，圖丙為由計算機對圖乙進行數(shù)據(jù)處理后記錄了“峰值”及曲線與時間軸所圍“面積”的圖。I電壓傳感器.按計外機時同侶prf400I電壓傳感器.按計外機

7、時同侶prf40023.23.（18分）選填“選填“相同”或“相反”），大小都隨時間；（選填“增加”或“減小”）該電容器的電容值為F；（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）某同學認為：仍利用上述裝置，將電壓傳感器從電阻兩端改接在電容器的兩端，也可以測出電容器的電容值。請你分析并說明該同學的說法是否正確。22（16分）如圖所示，質(zhì)量為m=0.10kg的小物塊以初速度從粗糙水平桌面上某處開始運動，經(jīng)時間t=0.2s后以速度u=3.0m/s飛離桌面，最終落在水平地面上。物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)ii=0.25，桌面高h=0.45m，不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2。求：（1）小物塊的初速度u0的大?。唬?）

8、小物塊落地點距飛出點的水平距離x；3）小物塊落地時的動能Ek。k地球表面附近存在一個豎直向下的電場，其大小約為ioovm。在該電場的作用下，大氣中正離子向下運動，負離子向上運動，從而形成較為穩(wěn)定的電流，這叫做晴天地空電流。地表附近某處地空電流雖然微弱，但全球地空電流的總電流強度很大，約為1800A。以下分析問題時假設地空電流在全球各處均勻分布。（1）請問地表附近從高處到低處電勢升高還是降低？（2）如果認為此電場是由地球表面均勻分布的負電荷產(chǎn)生的，且已知電荷均勻分布的帶電球面在球面外某處產(chǎn)生的場強相當于電荷全部集中在球心所產(chǎn)生的場強；地表附近電場的大小用E表示，地球半徑用R表示，靜電力常量用k表

9、示，請寫出地表所帶電荷量的大小Q的表達式；（3）取地球表面積S=5.1x1014m2，試計算地表附近空氣的電阻率p0的大??；（4）我們知道電流的周圍會有磁場，那么全球均勻分布的地空電流是否會在地球表面形成磁場？如果會，說明方向；如果不會，說明理由。24.（20分）有電阻的導電圓盤半徑為R,其邊緣用電阻不計的導電材料包裹，可繞固定點O在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動，其軸心O和邊緣處電刷A均不會在轉(zhuǎn)動時產(chǎn)生阻力，空氣阻力也忽略不計。用導線將電動勢為E的電源、導電圓盤、電阻和開關連接成閉合回路，如圖1所示在圓盤所在區(qū)域內(nèi)充滿豎直向下的勻強磁場，如圖2所示只在A、O之間的一塊圓形區(qū)域內(nèi)存在豎直向下的勻強磁場，兩圖中磁

10、場的磁感應強度大小均為B,且磁場區(qū)域固定。如果將開關S閉合，圓盤將會轉(zhuǎn)動起來。（1）在圖1中，將開關S閉合足夠長時間后，圓盤轉(zhuǎn)速達到穩(wěn)定。從上往下看，圓盤的轉(zhuǎn)動方向是順時針還是逆時針？求穩(wěn)定時圓盤轉(zhuǎn)動的角速度叫的大小。（2）在圖2中，進行了兩次操作：第一次，當圓盤加速到時將開關斷開，圓盤逐漸減速停下；第二次，當圓盤加速到2e0時將開關斷開，圓盤逐漸減速停下。已知從理論上可以證明：在圓盤減速過程中任意一個極短的時間At內(nèi)，角速度的變化量gkFM，F(xiàn)是該時刻圓盤在磁場區(qū)域受到的安培力的大小，k為常量。求兩次操作中從開始減速到停下的過程中圓盤轉(zhuǎn)過的角度之比q：每。由于圖1中的磁場范圍比圖2中的大，所

11、以剛閉合開關瞬時，圖1中圓盤比圖2中圓盤加速得快。有人認為：斷開開關后，圖1中圓盤也將比圖2中圓盤減速得快。請分析說明這樣的想法是否正確。參考答案1314151617181920BADCCBCD21.(1)CC4.009.87(2)相反，減小1.0 x10-2正確。因為當開關S與2連接，電容器放電的過程中，電容器C與電阻R上的電壓大小相等，因此通過對放電曲線進行數(shù)據(jù)處理后記錄的“峰值U”及曲線與時間軸所圍“面mQS積S”，仍可應用C二二計算電容值。URUm22(16分)fUmg(1)小物塊的加速度a=Pg，由v-v=at，將u=3.0m/s，“=0.25,t=0.2smm0代入，得小物塊的初速

12、度v0=3.5m/s。(2)小物塊飛離桌面后做平拋運動，飛行時間t-：，將h=0.45m代入，得t=0.3s，由gxvt，將q=3.0m/s代入得小物塊落地點距飛出點的水平距離x=0.9m。11（3）對小物塊從離開桌面到落地的過程應用動能定理，mgh二E-怎mv2，將h=0.45m,k2u=3.0m/s，m=0.10kg代入，得小物塊落地時的動能Ek=0.9J。23.（18分）（1）降低。QER2（2）由E=k，得電荷量的大小Q=廠。R2k（3）如圖，從地表開始向上取一小段高度為Ah的空氣層（Ah遠小于地球半徑R），則從空氣層上表面到下表面之間的電勢差為U=EAh，這段空氣層的電阻AhTUES

13、ry，且1；三式聯(lián)立得到p0，將i0V/m，EES=5.1x10i4m2代入，得0=2.8x1Oi3Qm。方法二：因為電流關于地心分布是球面對稱的，所以磁場分布也必將關于地心球面對稱，這就要求磁感線只能沿半徑方向；但是磁感線又是閉合曲線。以上兩條互相矛盾，所以地空電流不會產(chǎn)生磁場。24.（20分）1）a.從上往下看，圓盤的轉(zhuǎn)動方向是逆時針方向。b.圓盤轉(zhuǎn)動時，產(chǎn)生沿半徑方向的感應電動勢，在與軸O距離為r處沿半徑方向取一小段長度Ar，這一小段距離上的感應電動勢AE感=BrmAr，從軸O到圓盤邊緣處求和，可得0+R1感應電動勢E=B（）R=KBR23。當轉(zhuǎn)動穩(wěn)定后，圓盤的感應電動勢（即反電動勢）感

14、222E與電源電動勢相等，因此有萬BR2=E，解得：=石11BR2（2）圖2中開關斷開圓盤減速時，由于磁場區(qū)域固定，所以仍有圓盤的感應電動勢EX,感且可認為圓盤中電流流經(jīng)的路徑及電阻不變，因此安培力FxIxEX，即安培力F與角速度成正比；由題意知：在任意一段極短的時間At內(nèi)，角速度的變化量A=kFAt，考慮到其中FX，可知Am=krnAt（k為另一常量），又因為mAt=AO（圓盤轉(zhuǎn)過角度的變化量），因此有：對應任一小段時間At,總有AOxA。所以，從開始減速到停下的這段時間內(nèi)，圓盤轉(zhuǎn)過的角度正比于其角速度的改變量，即O：02=叫：2叫=1:2。（3）開關斷開后，由于圖1中磁場充滿整個圓盤，使得圓盤沿每條半