重慶市南開中學20182019學年高二物理期末考試試卷含解析doc

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卷

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此

級班

2018-2019學年重慶市南開中學高二期末考試物理試題

物理

注意事項：

．答題前，先將自己的姓名、準考據(jù)號填寫在試題卷和答題卡上，并將準考據(jù)號條形碼粘貼在答題卡上的指定地點。

2．選擇題的作答：每題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂

黑，寫在試題卷、底稿紙和答題卡上的非答題地區(qū)均無效。

．非選擇題的作答：用署名筆直接答在答題卡上對應(yīng)的答題地區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、底稿紙和答題卡上的非答題地區(qū)均無效。

4．考試結(jié)束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。

第I卷（選擇題)

一、單項選擇題

1．對于通電直導線在勻強磁場中所受的安培力，以下說法正確的選項是（）

A．安培力的方向可以不垂直于直導線

B．安培力的方向老是垂直于磁場的方向

C．安培力的大小與通電直導線和磁場方向的夾角沒關(guān)

D．將直導線從中點折成直角，安培力的大小必然變?yōu)樵瓉淼囊话?/p>

2．溝通發(fā)電機發(fā)電表示圖以下列圖,線圈轉(zhuǎn)動過程中,以下說法正確的選項是（）

A．轉(zhuǎn)到圖甲地點時，經(jīng)過線圈的磁通量變化率最大

B．轉(zhuǎn)到圖乙地點時，線圈中產(chǎn)生的感覺電動勢為零

C．轉(zhuǎn)到圖丙地點時，線圈中產(chǎn)生的感覺電流最大

D．轉(zhuǎn)到圖丁地點時，AB邊感覺電流方向為A→B

3．以下列圖，金屬棒AB原來處于靜止狀態(tài)(懸掛)．由于CD棒的運動，致使AB棒向右搖動，

則CD棒()

A．向右平動B．向左平動C．向里平動D．向外平動

4．以下列圖，質(zhì)量為m的金屬環(huán)用線懸掛起來，金屬環(huán)有一半處于水平且與環(huán)面垂直的勻強

磁場中，從某時刻開始，磁感覺強度平均減小，則在磁感覺強度平均減小的過程中，對于線拉力的

大小以下說法中正確的選項是()

A．大于環(huán)重力mg，并漸漸減小

B．素來等于環(huán)重力mg

C．小于環(huán)重力mg，并保持恒定

D．大于環(huán)重力mg，并保持恒定

5．以下列圖，速度選擇器中磁感覺強度大小為B和電場強度大小為E，兩者相互垂直；一束

帶電粒子以必然的初速度沿直線經(jīng)過速度選擇器后從狹縫P進入另一磁感覺強度大小為B′的勻強

磁場，最后打在平板S的D1D2上，不計粒子重力，則()

A．該束粒子帶負電

B．速度選擇器中的磁場方向垂直紙面回里

C．打在D1處的粒子大于打在D2處的粒子的速度

D．打在D1處的比荷大于打在D2處的粒子的比荷

6．如圖,E為電源,其內(nèi)阻為r,L為小燈泡(其燈絲電阻可視為不變),R1、R2為定值電阻,R3為

光敏電阻(其阻值大小隨所受照射光強度的增大而減小),V為理想電壓表。若將照射R3的光的強度增

強,則()

1

22D．2A．0B．mv0C．0+0mvmv-10．以下列圖，一個帶正電荷的物塊m，由靜止開始從斜面上A點下滑，滑到水平面BC上的D點停下來。已知物塊與斜面及水平面間的動摩擦因數(shù)相同，且不計物塊經(jīng)過B處時的機械能損失。現(xiàn)在ABC所在空間加豎直向下的勻強電場，第二次讓物塊m從A點由靜止開始下滑，結(jié)果物塊在水A．小燈泡變暗B．經(jīng)過R2的電流變大平面上的D′點停下來。后又撤去電場，在ABC所在空間加水平向里的勻強磁場，再次讓物塊m從AC．電壓表的示數(shù)變小D．電源內(nèi)阻的功率變大點由靜止開始下滑，結(jié)果物塊沿斜面滑下并在水平面上的D″點停下來．則以下說法中正確的選項是7．以下列圖,溝通電流表A1、A2、A3分別與電容器C．線圈L和電阻R串聯(lián)后接在同一個溝通）（電源上,供電電壓瞬市價為U=Usinωt,三個電流表讀數(shù)相同?，F(xiàn)換另一個電源供電,供電電壓剎時1m1值為U=Usinωt,ω=2ω.更換電源后,三個電流表的讀數(shù)將()2m221

A．D′點必然在D點左側(cè)B．D′點必然與D點重合A．A1將減小,A2將增大,A3將不變B．A1將增大,A2將減小,A3將不變C．D″點必然在D點右側(cè)C．A將不變,A將減小,A將增大D．A將減小,A將減小,A將不變D．D″點必然與D點重合1231238．一個匝數(shù)為100匝，電阻為0.5Ω的閉合線圈處于某一磁場中，磁場方向垂直于線圈平面，從某時刻起穿過線圈的磁通量按圖示規(guī)律變化。則線圈中產(chǎn)生交變電流的有效值為二、多項選擇題()11．如圖，水平川面上有一個傾角為θ的斜面，其表面絕緣.另一個帶正電的滑塊放在斜面上，兩物體均處于靜止狀態(tài)。當加上水平向右的勻強電場后，滑塊與斜面仍相對地面靜止，則（）

A．滑塊對斜面的壓力必然變大B．斜面體對地面的壓力必然變大

A．4.0AB．2.0AC．2AD．0.01AC．滑塊與斜面間的摩擦力必然變大D．斜面體與地面間的摩擦力必然變大

9．以下列圖，一質(zhì)量為m，電荷量為+q的帶正電絕緣體物塊位于高度略大于物塊高的水平寬12．以下列圖是教材中演示自感現(xiàn)象的兩個電路圖,L1和L2為自感系數(shù)很大、直流電阻不計的

敞絕緣地道中，地道足夠長，物塊上、下表面與地道上、下表面的動摩擦因數(shù)均為μ，整個空間存線圈,以下說法中正確的選項是（）

在垂直紙面向里、磁感覺強度為B的勻強磁場．現(xiàn)給物塊水平向右的初速度v0，空氣阻力忽略不計，

物塊電荷量不變，則整個運動過程中，物塊戰(zhàn)勝阻力做功不能能為（）

2A．閉合開關(guān)S1,待電路牢固后,燈A1熄滅A．兩線框剛開始做勻速運動時輕繩上的張力FT=mg223B．系統(tǒng)勻速運動的速度大?。?2B．開關(guān)S接通剎時,燈A、A同時變亮v=mgR/BLC．閉合開關(guān)S1,待電路牢固后,斷開S1剎時,燈A1突然閃亮,隨后漸漸熄滅C．導線框abcd經(jīng)過磁場的時間t=2B2L3/mgRD．閉合開關(guān)S2,電路牢固后,斷開S2剎時,燈A2、A3馬上熄滅D．兩線框從開始運動至等高的過程中所產(chǎn)生的總焦耳熱32244Q=2mgL-3mgR/2BL13．如圖,靜止的金屬棒ab、cd與足夠長的水平圓滑金屬導軌垂直且接觸優(yōu)秀,勻強磁場豎直16．如圖(a)所示，在半徑為R的虛線地區(qū)內(nèi)存在周期性變化的磁場，其變化規(guī)律如圖(b)所向下.ab棒在恒力F作用下向右運動,則()示。薄擋板MN兩頭點恰在圓周上，且MN所對的圓心角為120°。在t=0時，一質(zhì)量為m、電荷量

為+q的帶電粒子，以初速度v從A點沿直徑AOB射入場區(qū)，運動到圓心O后，做一次半徑為的完整的圓周運動，再沿直線運動到B點，在B點與擋板碰撞后原速率返回（碰撞時間不計，電荷量不A．安培力對ab棒做正功B變），運動軌跡如圖(a)所示。粒子的重力不計，不考慮變化的磁場所產(chǎn)生的電場，以下說法正確的．a(chǎn)bdca回路的磁通量先增加后減少C．安培力對cd棒做正功D是（）．F做的功等于回路產(chǎn)生的總熱量和系統(tǒng)動能增量之和14．如圖,理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1:n2=2:1，電壓表和電流表均為理想電表，燈泡電

阻RL=6Ω，AB端電壓U1=12sin100πt(V)；以下說法正確的選項是()

A．電流頻次為50HzB．電壓表的讀數(shù)為6VC．電流表的讀數(shù)為0.5AD．變壓器輸入功率為6W15．如圖,正方形導線框ABCD、abcd的邊長均為L,電阻均為R,質(zhì)量分別為2m和m,它們分別系在一高出兩個定滑輪的輕繩兩頭,且正方形導線框與定滑輪處于同一豎直平面內(nèi)。A．磁場方向垂直紙面向外在兩導線框之間有一寬度為2L、磁感覺強度大小為B．方向垂直紙面向里的勻強磁場。開始時導線框ABCD的下邊與勻強磁場的上界限重合,導線框abcd的上邊到勻強磁場的下界限的距離為B．圖(b)中L.現(xiàn)將系統(tǒng)由靜止釋放,當導線框ABCD恰巧全部進入磁場時,系統(tǒng)開始做勻速運動。不計摩擦和空氣阻力,則()C．圖(b)中D．若t=0時，質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電粒子，以初速度v從A點沿AO入射，偏轉(zhuǎn)、碰撞后，仍可返回A點

第II卷（非選擇題)

三、實驗題

317．“研究LED燈的伏安特點”實驗中,所用器材有:燈泡L1與L2(最大阻值均為幾十歐)、量程合適的電流表A(內(nèi)阻約幾歐)和電壓表V(內(nèi)阻特別大)、直流電源E、滑動變阻器R、電鍵S。

(1)某同學已連結(jié)好如圖甲所示的電路,在閉合電鍵前,請認真辨圖,指出圖中的不當之處

____；

A.不應(yīng)采用電流表外接法B.電流不應(yīng)從電壓表的負接線柱流入

C.不應(yīng)采用滑動變阻器的分壓接法D.滑動變阻器的滑片不應(yīng)位于中間

(2)修正電路后,閉合電鍵,挪動滑動變阻器的滑片并獲取燈泡L1的I-U圖像如圖乙中的圖線

L1,則可知燈L1的電阻隨電壓增大而__________(填“變大”“變小”或“不變)；

換用燈L2重做實驗,得其I-U圖像如圖乙中的圖線L2,現(xiàn)將滑動變阻器的滑片移至合適地點

并固定,同時撤去“導線1”接燈L2時電流表的讀數(shù)為0.16A,接燈L1時電流的讀數(shù)為0.08A,當燈被

短路時,電流表的讀數(shù)應(yīng)為________(結(jié)果保存兩位有效數(shù)字)；

18．小明在實驗室睜開研究實驗,他將一根銅棒和一根鋅棒插入一只蘋果內(nèi),就組成一個簡單

的“水果電池”,將三個蘋果電池串聯(lián)起來組成電池組,進行以下實驗：

采用多用電表的直流電壓(0~2.5V)擋大體測量該電池組的電動勢,指針地點以下列圖,其

示數(shù)為________V；

對該電池組進行電動勢與內(nèi)阻的精準測量(已知該電池組內(nèi)阻約為500Ω),現(xiàn)有以下器材:

電流表A1:量程20mA,內(nèi)阻為10Ω電流表A2:量程38mA,內(nèi)阻為10Ω

滑動變阻器R1:阻值范圍為0~30Ω滑動變阻器R2:阻值范圍為0~3KΩ

定值電阻R0:阻值為990Ω開關(guān)一個,導線若干

①實驗中應(yīng)當采用的滑動變阻器是________(填“R1”或“R2")

②依據(jù)實驗要求在下框中填入所需元件字母,將實驗電路圖補充圓滿____；

③根提實驗電路圖進行實驗,獲取兩只電流表讀數(shù)的多組數(shù)據(jù),在圖中繪出對應(yīng)數(shù)據(jù)的圖象如

以下列圖,可求得該電池組的電動勢與內(nèi)電阻分別為:E________V；r=________Ω(r的計算結(jié)果保存三位

有效數(shù)字)。

四、解答題

19．如圖，一個100匝的閉合圓形線圈2,面積為S=20cm,,放在勻強磁場中,線圈平面跟磁感線方向垂直。勻強磁場的磁感覺強度B隨時間t變化的規(guī)律如圖(b)所示。設(shè)t=0時,B的方向如圖(a)所示,垂直于紙面向里。求：

線圈在0～4×10-3s內(nèi)的平均感覺電動勢的大小；

若線圈總電阻為3Ω，則,10s內(nèi)線圈中產(chǎn)生的熱量大小。

20．以下列圖為離子解析裝置的簡化模型,空間存在以虛線OP為分界限的范圍足夠?qū)拸V勻強電場和勻強磁場,電場方向與分界限垂直,電場強度大小E磁感覺強度大小B，OP=a?，F(xiàn)有某一速率為v的正離子從O點垂直于OP飛入勻強磁場所區(qū),經(jīng)兩個半圓周后豎直向上經(jīng)過P點,不計離子的重

力及空氣阻力,求：

4行板電容器,同時加上垂直平面向里的勻強磁場B=10-2T。已知粒子的比荷為4108C/kg，C點與圓形

容器最左端A距離為d,不計子的重力。求：

該正離子的比荷；

該正離子從O點出發(fā)到豎直向上經(jīng)過P點全程所用的時間。

21．某水電站的輸出功率為P0=100kW,向遠處的用戶供電。電站采用升壓變壓器升壓后再輸電,

抵達用戶后再用降壓變壓器將電壓降為U4=220V供用戶使用。已知輸電導線的總電阻R=5Ω.輸電線

路損失的功率為輸出功率的2%,兩臺變壓器均為理想變壓器，求：

(1)輸電線上的電壓損失值U；(1)當加快電壓為U=200V時,帶電粒子在磁場中的運動半徑；損1(2)降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比.(2)假如d=0.2m,為防范粒子打到絕緣容器上,加快電壓U應(yīng)知足什么條件；22．如圖，在同一水平面中的圓滑平行導軌P、Q相距L=1.5m,導軌左端接好像圖的電路。其(3)將磁場反向,調(diào)治加快電壓,使粒子能垂直打到絕緣容器壁上,粒子與器壁碰撞后原速反彈中水平放置的平行板電容器兩極板M、N部距離d=10mm,定值電阻R=R=12Ω,R=2Ω,金屬棒ab電阻且電量不變最后粒子好回到C點,則當d為多大時,粒子回到C點用時最短,最短時間為多少。123r=2Ω,其他電阻不計。磁感覺強度B=0.5T的勻強磁場豎直向下穿過導軌平面,在外力F作用下金屬棒ab沿導軌向右勻速運動時,質(zhì)量m=1×10-14kg,帶電量q=-1×10-14C的微粒恰巧懸浮于電容器兩極板間。取g=10m/s2，在整個運動過程中金屬棒與導軌接觸優(yōu)秀。且運動速度保持恒定。試求：

(1)R1兩頭的路端電壓；

金屬棒ab向右勻速運動的速度大?。?/p>

在金屬棒ab沿導軌向右勻速運動2m過程中，回路中產(chǎn)生的總熱量。

23．以下列圖,半徑R=0.5m的絕緣圓形容器左側(cè)有一平行板電容器,電容器內(nèi)有電場,無磁場，

兩極板與水平直徑平行,下極板恰幸虧水平半徑OA上,下極板有一小孔C。一帶正電的粒了從湊近上

板處靜止釋放,經(jīng)電場加快后從下小孔C處以豎直向下的速度出射,當粒子走開電場后就馬上撤掉平

52018-2019學年重慶市南開中學高二期末考試物理試題

物理答案

1．B

【解析】

本題察看了產(chǎn)生條件、大小與方向，當電流方向與磁場平行時不受安培力，依據(jù)左手定則可

知安培力的方向與磁場垂直．引用公式F=BIL時，注意要求磁場與電流垂直，若不垂直應(yīng)當將導線

沿磁場與垂直于磁場分解，因此垂直時安培力最大，最大為F=BIL．

A、B、依據(jù)左手定則可知，安培力方向與磁場和電流組成的平面垂直，即與電流和磁場方向

都垂直，故A錯誤，B正確；

C、磁場與電流不垂直時，安培力的大小為F=BILsinθ，則安培力的大小與通電導線和磁場

方向的夾角相關(guān)，故C錯誤；

D、當電流方向與磁場的方向平行，所受安培力為0，將直導線從中折成直角，讓其中的一半

與磁場的方向平行，安培力的大小將變?yōu)樵瓉淼囊话?；將直導線在垂直于磁場的方向的平面內(nèi)從中

折成直角，安培力的大小必然變?yōu)樵瓉淼?，故D錯誤．

應(yīng)選：B．

【討論】解決本題的要點是知道當導線的方向與磁場的方向平行，所受安培力為0，最小．當

導線的方向與磁場方向垂直時，安培力最大，為F=BIL．

2．D

【解析】

轉(zhuǎn)到圖甲地點時，線圈平面與磁感線垂直，磁通量最大，但磁通量變化率最小為零，故A錯

誤；轉(zhuǎn)到圖乙地點時，線圈產(chǎn)生的感覺電動勢最大，故B錯誤；轉(zhuǎn)到圖丙地點時，線圈位于中性面

地點，此時感覺電流最小，且感覺電流方向改變，故C錯誤；轉(zhuǎn)到圖丁地點時，依據(jù)楞次定律可知

AB邊感覺電流方向為A→B，故D正確；應(yīng)選D。

【點睛】

本題主要察看了發(fā)電機的工作原理。要知道發(fā)電機是依據(jù)電磁感覺原理制成的。感覺電流的

方向與導體切割磁感線的方向相關(guān)，可以經(jīng)過線圈的轉(zhuǎn)動情況，判斷線圈中產(chǎn)生的感覺電流放向的

變化.

3．D

【解析】

若CD棒水平向右運動或水平向左搖動，則運動方向與磁場方向平行，沒有感覺電流產(chǎn)生，則

AB棒不會受安培力作用，不會運動，故AB錯誤；若CD棒垂直紙面向里平動，由右手定則判斷感覺

電流由A到B，由左手定則判斷AB受力向左，則AB將向左搖動，與題干不符，故C錯誤；若CD棒

垂直紙面向外平動，由右手定則判斷感覺電流由B到A，由左手定則判斷AB受力向右，則AB將向

右搖動，故D正確；應(yīng)選D。

【點睛】

本題察看左手定則和右手定則的靈巧應(yīng)用，判斷電流的方向用右手定則，判斷力的方向用左

手定則．

4．A

【解析】

磁感覺強度平均減小，穿過回路的磁通量平均減小，依據(jù)法拉第電磁感覺定律得悉，回路中

產(chǎn)生恒定的電動勢，感覺電流也恒定不變．由楞次定律可知，感覺電流方向：順時針，再由左手定

則可得，安培力的協(xié)力方向：豎直向下．金屬環(huán)素來保持靜止，則拉力大于重力，由于磁感覺強度

平均減小．因此拉力的大小也漸漸減小，故A正確，BCD均錯誤．

考點：本題察看法拉第電磁感覺定律、楞次定律。

5．B

【解析】

帶電粒子在磁場中向下偏轉(zhuǎn)，依據(jù)左手定則，知該粒子帶正電，而速度選擇器中正電荷遇到

電場力向下，則遇到的洛倫茲力向上，則磁場方向垂直紙面向里，故A錯誤，B正確；粒子經(jīng)過速

度選擇器時所受的電場力和洛倫茲力平衡，有：qE=qvB．則，即全部進入磁場B′的粒子的速

度都是相同的，即打在D1處的粒子等于打在D2處的粒子的速度，故C錯誤；粒子在磁場B'中做勻速

圓周運動，經(jīng)過速度選擇器進入磁場B'的粒子速度相等，依據(jù)知，打在D1處的比荷小于打在

D2處的粒子的比荷，故D錯誤。應(yīng)選B。

【點睛】

解決本題的要點知道粒子在速度選擇器中做勻速直線運動，在磁場中做勻速圓周運動，明確

洛倫茲力充任向心力的正確應(yīng)用是解題的要點。

6．D

【解析】

將照射R3的光的強度加強，光敏電阻的阻值減小，電路中的總電阻減?。挥砷]合電路歐姆定

律可得，電路中干路電流增大，故R1兩頭的電壓增大，電壓表的示數(shù)變大。故C錯誤；因干路電流

增大，電源的內(nèi)電壓增大則路端電壓減小，同時R1兩頭的電壓增大，故并聯(lián)電路部分電壓減小，則流過R2的電流減小，流過燈泡的電流必然增大，燈泡變亮，故AB錯誤；干路電流增大，則電源內(nèi)阻

的功率變大，故D正確；應(yīng)選D。

【點睛】

閉合電路的動向解析問題一般按外電路、內(nèi)電路再外電路的解析思路進行；解析內(nèi)電路主要

依據(jù)總電流及內(nèi)阻解析內(nèi)壓，而外電路較為復雜，要注意靈巧應(yīng)用電路的性質(zhì)．

7．B

【解析】

由公式2πf=ω知，今后溝通電的頻次變大，線圈的感抗變大，電容器的容抗變小，對電阻

沒影響，因此A1示數(shù)將增大，A2數(shù)將減小，A3示數(shù)不變，因此選項B正確，ACD錯誤。應(yīng)選B。

【點睛】

本題察看電容、電感對交變電流的影響，也就是容抗、感抗與交變電流的關(guān)系．當交變電流

的頻次變大時，線圈的感抗變大，電容器的容抗變?。?/p>

8．C

【解析】

0-0.5s內(nèi)的磁通量變化率為：K=Wb/s=0.02Wb/s，則感覺電動勢；則感覺

電流；在0.5s-1s內(nèi)磁通量不變，感覺電流為零；設(shè)有效值為I，則，即

，解得I=2A；應(yīng)選C.

【點睛】

求解電流的有效值時抓住三個相同，即相同時間，相同電阻，產(chǎn)生相同熱量。

9．C

【解析】

由題意對滑塊受力解析，因不知道開始時滑塊所受洛倫茲力與重力誰大，故彈力方向大小均

不可以確定，應(yīng)討論：若滑塊遇到向上的洛倫茲力F=mg，則支持力FN=0，摩擦力f=0，滑塊將勻速運

動，摩擦力不做功，故A可能；若F＜mg，則彈力方向向上，豎直方向知足FN+F=mg，水平方向受摩

擦力向左，滑塊做減速運動，由F=qvB知，F(xiàn)減小，F(xiàn)N則增大，f增大，由-f=ma可知，v連續(xù)減小，

最后減為零，由動能定理知，22-W=0-mv0，解得：W=mv0，故B可能；若F＞mg，則滑塊遇到向下的壓FN，在豎直方向知足F=mg+FN，滑塊向右做減速運動，由動向解析知，當F=mg時FN=0，f=0，最后

滑塊做勻速運動，此時知足：qvB=mg，解得：，對滑塊整個過程由動能定理得：22-W=mv-mv，0

2，故C不能能，D可能；本題選不能能的，應(yīng)選C。聯(lián)立解得：W=mv0-【點睛】

洛倫茲力是變力，其方向時刻與速度方向垂直，故洛倫茲力永不做功，波及到洛倫茲力與功、

動能等問題，要用動能定理求解．

10．BC

【解析】

設(shè)AB斜面與水平面的夾角為，以物塊為研究對象進行受力解析由動能定理有

，化簡解得：，當加上豎直向下的勻強

電場后知足，聯(lián)立可得悉，因此與D

點必然重合，應(yīng)選項A錯誤、B正確；加上勻強磁場，物塊遇到垂直于運動方向的洛倫茲力的作用，

洛倫茲力不做功，與第一種情況比較，摩擦力變小，但戰(zhàn)勝摩擦力做的功不變，重力做功不變，由

動能可知，物塊滑行的位移比第一種情況大，即必然在D點右側(cè)，因此選項C正確、D錯誤。

考點：動能定理、靜電場、洛倫茲力

11．AD

【解析】

未加電場前，斜面體對滑塊的支持力N=mgcosθ，加上電場后，支持力的大小變?yōu)镹′=mgcos

+qEsinθ，知滑塊對斜面的壓力變大。故A正確。對整體解析，未加電場時，水平方向上不受力，斜面體與地面的摩擦力為零，加上電場后，整體遇到水平向左的摩擦力，知斜面體與地面間的摩擦

力增大。豎直方向支持力的大小仍舊等于總重力，因此斜面體與地面間的壓力不變。故D正確，B

錯誤?；瑝K開始受重力、支持力和靜摩擦力處于平衡，加上勻強電場后，滑塊多了一個水平向右的

電場力，所受的靜摩擦力方向可能沿斜面向上，可能沿斜面向下，則摩擦力的大小可能減小、可能

增大，可能不變。故C錯誤。應(yīng)選AD。

12．AC

【解析】

閉合開關(guān)S1，待電路牢固后，因線圈的電阻為零，則燈A1被短路而熄滅，斷開S1剎時，由于

線圈產(chǎn)生自感電動勢阻截電流的減小，則在燈泡和線圈之間再次形成回路，則燈A1突然閃亮，隨后

漸漸熄滅，選項AC正確；開關(guān)S2接通剎時，燈A3馬上亮起來，而燈A2由于與線圈串聯(lián)，則要阻截電流的增加，可知A2漸漸變亮；電路牢固后，斷開S2剎時，經(jīng)過燈A3原來的電流馬上消失，而線圈導線框ABCD恰巧全部進入磁場時磁通量不再變化，回路中沒有感覺電流，則線框ABCD不受

中藥產(chǎn)生自感電動勢阻截電流的減小，則在燈A2、A3中組成新的回路，電流慢慢減小，即燈A2、A3安培力，只受重力和繩子拉力，做勻速運動，依據(jù)平衡條件：FT=2mg，故A錯誤；線框ABCD圓滿進

都會慢慢熄滅，選項BD錯誤；應(yīng)選AC.

【點睛】入磁場后，abcd中開始產(chǎn)生感覺電流，依據(jù)依據(jù)平衡條件：mg+=2mg，得：，故B正確；

當經(jīng)過線圈自己的電流變化時，線圈中會產(chǎn)生自感現(xiàn)象，這是一種特其他電磁感覺現(xiàn)象，可abcd勻速運動圓滿進入磁場后不再有感覺電流，不再受安培力，但ABCD開始穿出磁場，產(chǎn)生感覺

運用楞次定律解析自感電動勢對電流的影響。電流受安培力作用，當ABCD穿出磁場后不再有感覺電流不再受安培力后abcd又開始穿出磁場產(chǎn)生

13．CD

【解析】

ab棒在恒力F作用下向右做加快運動，依據(jù)楞次定律可知，回路中將產(chǎn)生的感覺電流沿acdba

方向，由左手定則判斷可知，ab棒所受的安培力方向向左，cd棒所受的安培力方向向右，則安培力對ab棒做負功，對cd棒做正功。故A錯誤，C正確。兩棒最后都做勻加快運動，速度之差恒定，

ab棒的速度大于cd棒的速度，兩板間距離增大，則abdca回路的磁通量素來增加。故B錯誤。根

據(jù)能量守恒定律得悉，F(xiàn)做的功等于回路產(chǎn)生的總熱量和系統(tǒng)動能增量之和。故D正確。應(yīng)選CD。

【點睛】

本題的解題要點是解析導體棒受力情況，來確定其運動情況，進而判斷磁通量怎樣變化，同

時明確功能關(guān)系的應(yīng)用，能正確解析能量轉(zhuǎn)變的方向．

14．ABD

【解析】

AB端電壓U1=12sin100πt（V），其角速度ω=100πrad/s，因此其頻次：f＝＝

50Hz．故A正確；電源電壓有效值為12V，由電壓之比等于匝數(shù)之比可得，副線圈兩頭電壓

有效值為6V，電壓表測量的是有效值，示數(shù)也為6V，故B正確；電壓表的示數(shù)為6V，燈泡電阻RL=6

Ω，依據(jù)歐姆定律：．故C錯誤；輸出功率：P=U2I=6×1=6W，依據(jù)輸入功率等于輸出

功率，因此變壓器輸入功率為6W，故D正確；應(yīng)選ABD。

【點睛】

本題察看變壓器原理；只需知道變壓器的特點：匝數(shù)之比等于電壓之比，輸入功率等于輸出

功率．

15．BD

【解析】

感覺電流受安培力，受力解析知系統(tǒng)素來勻速運動，故abcd經(jīng)過磁場的時間，故C錯

誤；等高時速度為v，依據(jù)能量守恒：2mg×2L-mg×2L=（m+2m）v2+Q，得：Q=2mgL-，故D

正確；應(yīng)選BD。

【點睛】

本題是電磁感覺中的力學識題，安培力的計算和解析能量怎樣轉(zhuǎn)變是解題要點，要加強訓練，

嫻熟掌握法拉第定律、歐姆定律、安培力等等基礎(chǔ)知識，提高解題能力．

16．BC

【解析】

依據(jù)軌跡可知，帶正電的粒子從O點向上偏轉(zhuǎn)做圓周運動，由左手定則可知，磁場方向垂直紙面向里，選項A錯誤；粒子在磁場中做勻速圓周運動洛倫茲力供給向心力，由牛頓第二定律得：

qvB0=m，解得磁感覺強度：B0=，選項B正確；虛線地區(qū)不加磁場時粒子做勻速直線運動，粒子

做勻速直線運動的時間：，虛線地區(qū)加快磁場后粒子做勻速圓周運動，粒子做勻速圓周運動的

時間：，磁場變化的周期：T0=t1+t2=，選項C正確；若t=0時，質(zhì)量為m、

電荷量為-q的帶電粒子，以初速度v從A點沿AO入射，抵達O點后向下，與板碰撞后，抵達B板，

與B碰撞后向上偏轉(zhuǎn)900此后從磁場中飛出，則不可以返回A點，選項D錯誤；應(yīng)選BC.

點睛：本題要點是要搞清粒子在磁場中的運動情況即軌跡，聯(lián)合圓周運動的知識求解運動時

間；注意用左手定則判斷洛倫茲力的方向時要注意四指的指向.

17．（1）BD（2）變?。?）0.32A

【解析】（1）燈泡內(nèi)阻較小，故可采用電流表外接法，選項

A錯誤；電流不應(yīng)從電壓表的負接線柱流

對電表讀數(shù)時要先確定其量程與分度值，此后依據(jù)指針地點讀出其示數(shù)，讀數(shù)時視線要與刻

入，選項

B正確；由于要求燈泡兩頭電壓從零開始變化，因此滑動變阻器必然分壓式接法，選項

C

度線垂直；依據(jù)圖示電路圖應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達式是求電源電動勢的前提與

錯誤；滑動變阻器的滑片不應(yīng)位于中間，要在最左端地點，選項

D正確；應(yīng)選

BD.

要點。

（2）因

I-U

圖像的斜率的倒數(shù)等于電阻，可知燈

L1的電阻隨電壓增大而變?。?/p>

19．（1）30V

（2）3000J

（3）由圖乙可以讀出，接燈L2時電流表的讀數(shù)為

時電流表的讀數(shù)為0.08A，此時的電壓：U1=1.2V；

0.16A，此時的電壓為：

U2=0.8V；接燈

L1

【解析】

（1）依據(jù)

B-t

圖中同一條直線磁通量的變化率是相同的，因此電動勢為定值，即為

設(shè)電源的電動勢為

E，電路中的其他部分的電阻值為

R，由閉合電路的歐姆定律得：

E=U1+I

1R