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=eq\f(c(R+)·c(OH-),c(ROH))≈eq\f((1×10-3)2,0.1)=1×10-5,A項(xiàng)正確;點(diǎn)②對應(yīng)溶液是等濃度的RCl和ROH溶液,根據(jù)電荷守恒和物料守恒有c(R+)+c(H+)=c(Cl-)+c(OH-)和2c(Cl-)=c(R+)+c(ROH),兩式聯(lián)立可得c(R+)+2c(H+)=c(ROH)+2c(OH-),B項(xiàng)正確;隨著鹽酸的滴加,溶液的堿性減弱,對水的電離抑制程度減小,恰好完全中和時水的電離程度最大,繼續(xù)滴加鹽酸,對水的電離抑制程度又增大,C項(xiàng)錯誤;eq\f(c(R+),c(ROH)·c(H+))=eq\f(c(R+)·c(OH-),c(ROH)·c(H+)·c(OH-))=eq\f(Kb(ROH),Kw),溫度不變,Kb、KW均不變,二者的比值也不變,D項(xiàng)正確。8.D某溫度下,測得蒸餾水pH=6,其中c(H+)=c(OH-)=1.0×10-6mol·L-1,Kw=1.0×10-12。該溫度下,某溶液中水電離出的c(H+)=1.0×10-12mol·L-1<1.0×10-6mol·L-1,說明水的電離被抑制,可能是酸溶液或堿溶液,pH可能是0或12,故A錯誤;該溫度下,NH3·H2O?NHeq\o\al(\s\up11(+),\s\do4(4))+OH-,通入CO2,平衡正向移動,c(NHeq\o\al(\s\up11(+),\s\do4(4)))不斷增大,而平衡常數(shù)K不變,則eq\f(c(OH-),c(NH3·H2O))=eq\f(K,c(NHeq\o\al(\s\up1(+),\s\do1(4))))不斷減小,故B錯誤;該溫度下,中性溶液pH=6,而pH=5.5的鹽酸不管怎么稀釋,溶液最終還是酸性,pH不會超過6,故C錯誤;該溫度下,pH為2的NaHSO4溶液中c(H+)=1.0×10-2mol·L-1,pH=10的NaOH溶液中c(OH-)=1.0×10-2mol·L-1,二者等體積混合恰好完全反應(yīng),生成Na2SO4,溶液呈中性,故D正確。9.B根據(jù)圖像可知溫度為T1時Kw=10-7×10-7=10-14,溫度為T2時Kw=10-6×10-6=10-12,溫度升高水的電離程度增大,故T2>T1,A錯誤;T2溫度時,pH=10的NaOH溶液c(OH-)=10-2mol·L-1,pH=3的H2SO4溶液c(H+)=10-3mol·L-1,將兩者混合后,若溶液呈中性,根據(jù)n(OH-)=n(H+),則NaOH溶液與H2SO4溶液的體積比為1∶10,B正確;由圖像可知b點(diǎn)到c點(diǎn)Kw減小,溫度改變,Kw才會改變,C錯誤;溫度不變Kw不變,溫度升高Kw增大,a、e、d三點(diǎn)溫度相同,故三點(diǎn)Kw相同,從a到c到b溫度依次升高,故Kw的關(guān)系為b>c>a=d=e,D錯誤。10.(1)>(2)1000︰1(3)1×10-10mol·L-1(4)9︰11解析:(1)水是弱電解質(zhì),存在電離平衡,電離過程為吸熱反應(yīng),所以溫度升高,水的電離程度增大,離子積增大;(2)硫酸鈉溶液中一定滿足c(Na+)∶c(SOeq\o\al(\s\up11(2-),\s\do4(4)))=2∶1,硫酸鈉溶液中c(Na+)=2×5×10-4mol·L-1=10-3mol·L-1,稀釋后c(Na+)=10-3/10=10-4mol·L-1,溶液呈中性,c(OH-)=10-7mol·L-1,則稀釋后溶液中c(Na+)∶c(OH-)=10-4∶10-7=1000︰1;(3)酸溶液中的氫氧根離子是由水電離產(chǎn)生的,因此在t2℃下,pH=2的稀硫酸溶液中,c(H+)=10-2mol·L-1,因?yàn)镵w=1×10-12,所以c(H+)水=c(OH-)水=1×10-10mol·L-1;(4)t2℃下,Kw=1×10-12,pH=11的苛性鈉溶液,c(OH-)=10-1mol·L-1,混合液的pH=2,酸過量,c(H+)混=[n(H+)-n(OH-)]/V總=(0.1×V2-0.1×V1)/(V2+V1)=0.01,解之得V1∶V2=9︰11。11.(1)A水電離需要吸熱,溫度越高Kw越大10∶1(2)a+b=14(3)小于無法確定若BOH是弱堿,則無法確定酸與堿的物質(zhì)的量的相對多少(4)10解析:(1)曲線A條件下Kw=c(H+)×c(OH-)=10-7×10-7=10-14,曲線B條件下c(H+)=c(OH-)=10-6mol·L-1,Kw=c(H+)·c(OH-)=10-12;水的電離是吸熱過程,加熱促進(jìn)電離,溫度越高/r
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