《數(shù)據(jù)通信與計算機網(wǎng)絡》補充知識題參備考資料答案解析

__《數(shù)據(jù)通信與計算機網(wǎng)絡》補充題題介第一章計算機網(wǎng)絡的發(fā)展經(jīng)歷了幾個階段？各階段有什么特點？簡述可以從幾種不同角度來對計算機網(wǎng)絡分類。第二章1．在一個n層的網(wǎng)絡系統(tǒng)中，每層協(xié)議分別要求加上Hi字節(jié)長的報頭。若送往該網(wǎng)絡的應用數(shù)據(jù)長度為A字節(jié)，問在物理媒體的帶寬中有多少百分比是用來傳輸有效應用數(shù)據(jù)的？解：∵每層協(xié)議要求加上Hi字節(jié)的報頭∴n層的網(wǎng)絡系統(tǒng)中，增加的開銷為

i1

Hi

∵ A字節(jié)∴傳輸有效應用數(shù)據(jù)的有效的帶寬占 AAHii1第三章簡述通信系統(tǒng)的模型。物理層協(xié)議包括哪四方面的內(nèi)容？簡述模擬數(shù)據(jù)及數(shù)字數(shù)據(jù)的模擬信號及數(shù)字信號表示方法。MODEMCODEC什么是數(shù)據(jù)通信？數(shù)據(jù)傳輸速率與信號傳輸速率的單位各是什么？它們之間有什么關系？數(shù)據(jù)傳輸速率與信道容量的單位各是什么？它們之間有什么不同？對于帶寬為4KHz的信道，若用8種不同的物理狀態(tài)來表示數(shù)據(jù)，信噪比為30db，試問按奈奎斯特定理，最大限制的數(shù)據(jù)速率是多少？按香農(nóng)定理最大限制的數(shù)據(jù)速率是多少解：按奈奎斯特定理 C=2H·log2N∵N=8，H=4KHZ ∴C=24kbps按香農(nóng)定理，C=H·log2（1+S/N）30db，30db=logS/N30∴ S/N10101000 H=4KHZ∴C=H·log2（1+1000）=40kbps對于帶寬為6MHz的信道，若用4該信道的最大數(shù)據(jù)傳輸速率是多少？解：按奈奎斯特定理：C=2·H·log2N∵N=4， H=6MHZ∴C=2·6MHZ·log24=24Mbps某調(diào)制解調(diào)器同時使用幅移鍵控和相移鍵控，采用0、π/2、π和四種相位，每種相位又都有兩個不同的幅度值，問波特率為1200移鍵控和相移鍵控解：有

2

,32

4種相位，每個相位又有2個幅度∴N=4×2=8 B=1200baud∴S=B·log2N=3600bps信道帶寬為3KHz，信噪比為30db解：按香農(nóng)定理：信噪比為30db，H=3KHZS 3010101000∴ NC=H·log2（1+1000）=30kbps按奈奎斯特定理 C=2H·log2N∵N=2，H=3KHZ ∴C=6kbps所以該信道每秒能發(fā)送的比特數(shù)不會超過6kbit。采用8種相位、每種相位各有兩種幅度的PAM調(diào)制方法，問在1200Baud的信號傳輸速率 下能達到的數(shù)據(jù)傳輸速率為多少？解：N=8×2=16種，B=1200Band∴S=B·log2N=4800bps采用每種相位各有兩種幅度的PAM8KHz的無噪信道上傳輸數(shù)字信64Kbps解：按奈奎斯特定理=8KHZ，C=64kbpsC=2·H·log2N N=16∵每種相位各有兩種幅度 ∴N/2=種相位答至少要8種不同相位簡述異步傳輸方式與同步傳輸方式的區(qū)別。數(shù)據(jù)速率為1200bps1位停止位的異步傳輸，問1分鐘內(nèi)最多能傳輸多少個漢字（雙字節(jié)）？解：異步傳輸漢字時，每個漢字占二個群；數(shù)據(jù)位為8位，采用無校驗，1位停止位，1位起始位每分鐘可傳輸?shù)臐h字數(shù)1200bps60s12所以1分鐘內(nèi)最多能傳輸漢字3600個。分別用標準曼徹斯特編碼和差分曼徹斯特編碼畫出1011001的波形圖解：數(shù)據(jù)為 1011001全寬碼

v 1 0 0 0111t111曼徹斯特碼差分曼徹斯特碼10Mbps解：采用曼徹斯編碼時，在最壞情況下，一位二進制比特需要有二次跳變，所以10Mbps局域網(wǎng)的波特率為10Mbps*2= 20Mbaud簡述異步傳輸方式的字符格式，并說明各部分的所用。信源以字節(jié)比特）為單位傳輸數(shù)據(jù)，若數(shù)據(jù)速率為B(bps計算有效數(shù)據(jù)傳輸速率：異步串行傳輸，不用校驗位、使用148位控制位和4096位數(shù)據(jù)位。1）以字節(jié)為單位，8位數(shù)據(jù)，不用校驗，1位起始位，1位停止位8 B0.8B811（2）同步傳輸：每幀包含48位控制位和4096位數(shù)據(jù)位4096 B0.988B409648率之比約為百分之幾？解：在相同數(shù)據(jù)速率B下，傳輸大批量數(shù)據(jù)時異步傳輸?shù)男首疃酁?8B0.8B10同步傳輸?shù)男蕿榻咏?×B兩者的傳輸效率之比為

0.8B0.81B對于帶寬為4KHz128的PCM方法編碼，問所產(chǎn)生的二進制位起碼要用多大傳輸速率的信道才能傳輸？解：語音信號帶寬為4KHZ，所以采樣頻率為2×4KHZ=8KHZ

即每秒采樣8000次每次間隔時間為125us，量化級為128，故每次采樣要用七位二進制來表示所以數(shù)據(jù)速率為7bit×8KHZ=56kbps或 7bit/125us=56kbpsFDMTDMT1E1解：T1載波:每幀由24路聲音，每路聲音7位數(shù)據(jù)，1位控制，每幀1位標志編碼效率為 7

168

0.87開銷率為

8241 193250.12950.13193E1載波：每幀由30路聲音，每路聲音8位數(shù)據(jù)，每幀有8位同步，8位控制編碼效率為

30

240

0.9375開銷為

30888 25616 0.062525650Kbps信道上傳輸1.544Mbps的T1載波，問信解：在兩種物理狀態(tài)下傳輸50kbps，即C1=2·H·log2N∴H=25KHZ

∵N=2，C1=50kbps1.544的T1∴C2=H·log2（1+S/N）∴l(xiāng)eg2（1+S/N）=61.76

C2=1.544MbpsS/N=261.76-1信噪比為10lg

S9N試比較電路交換、報文交換、虛電路分組交換及數(shù)據(jù)報分組交換方式的特點。對于交換網(wǎng)定義如下參數(shù)：N – 兩個給定站點間轉接的節(jié)點數(shù)L – 報文長(比特)；B – 鏈路上的數(shù)據(jù)傳輸速率P – 每個分組的長(比特)；H – 每個分組的開銷(比特)；S – 電路交換或虛電路分組交換的呼叫建立時(秒)D – 每個轉接點的轉接延遲時(秒)。M – 兩個節(jié)點之間的傳播延遲時間(秒)。假設不需要確認，請分別計算電路交換、報文交換、虛電路分組交換和數(shù)據(jù)報分組交換的端到端延遲時間。1）電路交換，有電路的建立時間，報文傳輸延遲和傳播延遲時間T

=SL(N1)MB

（M為兩站點之間的傳播延遲）（2）報文交換，無電路的建立時間，但采用存貯轉發(fā)T

=(N(LM)NDB分組交換：分組個數(shù) L 記為個分組（可能最后一個分組中數(shù)據(jù)量不P-H）PH最后一個分組長度為 （x

P-H）+H記為Y虛電路分組交換：有虛電路的建立時間，延遲時間可為T虛電路交換=虛電路的建立時間+第一個分組的到達時間+后續(xù)分組的到達時間S(N

M)ND

(x2)pyB B數(shù)據(jù)報分組交換：無虛電路的建立時間T數(shù)據(jù)報交換=第一個分組的到達時間+后續(xù)分組的到達時間(NP

M)ND

(x2)pyB B若兩個端系統(tǒng)之間有三個轉接點，要傳送的報文為4800bits，所有鏈路上的數(shù)據(jù)速率為10Mbps，若采用虛電路分組交換技術，呼叫建立的時間為0．001秒，每個分組的最大長度為40bits秒。兩個站點之間的傳播時延為0．00001解：每個分組的最大長度為1200bits，每個分組要有40bits的開銷,所以每個分組只能攜帶1160bits數(shù)據(jù)。分組個數(shù)為X=4800÷1160≈4.1個，為5個分組。最后一個分組長度為x· ）呼叫建立的時間為M=0．00001秒=0．01ms；N=3；B=10Mbps=10bit/μsT虛電路交=虛電路的建立時間+第一個分組的到達時間+后續(xù)分組的到達時間S(N1)(P

M)ND

(x2)pyB B=2.5ms若在相隔1000公里兩地之間要傳送3K位的數(shù)據(jù)?？梢酝ㄟ^地面電纜以4.8kbps的數(shù)據(jù)速率傳送或通過衛(wèi)星信道以50kbps部數(shù)據(jù)為止用那種方式傳送時間較短？解：地面電纜：T=傳輸延遲+傳播延遲 3k 1000103m4.8kbps 200m/us=625ms+5ms=630ms衛(wèi)星信道：衛(wèi)星的單向傳播延遲時間約為270msT=傳輸延+傳播延遲 3k 270ms50kbps=60ms+270ms=330ms所以用衛(wèi)星信道傳送的時間較短。1MHZ的全雙工中繼線連到長途局，平均每臺電話機在8小時的工作日中使用4次，每次通話平均持續(xù)6分鐘，其中（即經(jīng)過長途局的，若設每路話音帶寬為，問每個終端局能夠支持的電話機最多臺數(shù)是多少？解：按頻分多路

250 個子信道4KHZ按時分多路

8604610%

200 個用戶可支持的電話機的最多臺數(shù)為250×200=50000臺假如你訓練你的急救用狗，方法是傳送一個裝有三片軟盤的盒子，每個盤片上存有250，000字節(jié)的信息，不管你在那里，狗都能以18公里小時的速度跑到你跟前，問在什么距離范圍內(nèi)，狗的數(shù)據(jù)傳輸率比電路交換的數(shù)據(jù)傳輸率300bps3250000300bps（公里）x/18公里/小時325000018103mx 公里300bps 3600s8010盒8mm的磁帶，每盒3盤帶，每盤帶容量為7GB155Mb/s的ATM網(wǎng)絡要高？解：設距離為Y公里1037GB y/公里/小時10371098 80103my

240公里155106 3600s某信道誤碼率為10-5，每幀長度為10000 bits,試問：若差錯都是單個錯，則在該信道上傳送的幀的平均出錯率是多少？若差錯大多為突發(fā)錯，平均突發(fā)長度為100bits率是多少？解：Pe=10-5，每幀長度為（1）若為單個錯：p e

104bitNeN

Ne=1 ∴N=105有多少個幀：105104

∴ 10%（2）若為突發(fā)錯：Ne=100bitN∴N

e107P有多少幀

e1071000 個幀，但突發(fā)錯誤可能影響一個幀，也可能影響二個幀；104所以幀的平均錯誤率為 1 或 21000 1000第四章ARQFEC+X3+X2+1，求信息位1010101的CRC碼。解：生成多項式g(x)=x4+x3+x2+111101(r=4)信息位1010101對立的二進制多項式為k(x)求 x4k(x)g(x)

的余式11101011010101000011101011010101000011101∴余式r(x)=x3+110000→10011110111011C(x)=x4·k(x)+r(x)1110111000→對應的CRC碼為1110110101011001

10100111011001已知C6+C3+C2+C1=0C5+C2+C1+C0=0C6+C5+C1=0C5+C4+C0=0求該循環(huán)碼的生成多項式G（X）和信息碼110的余式r(x)？解：在（7，3）循環(huán)碼中前k-1位為0的信息位是001，即有C6C5C4C3C2C1C00 0 1 X X X 代入校驗方程組：C6+C3+C2+C1=0 C5+C2+C1+C0=0 C6+C5+C1=0 →C1=0；C5+C4+C0=0 →C0=1；生成多項式對應的二進制位串為0011101(r=4)；生成多項式為g(x)=x4+x3+x2+1信息位110對立的二進制多項式為k(x)求 x4k(x)g(x)

的余式∴余式r(x)=x3+1

11101

101110000011101101110000010100→1001 111011001C(x)=x4·k(x)+r(x) →對應碼為 1101001設有一個碼，其生成多項式,當傳輸信息為101時，求循環(huán)冗余碼。解：生成多項式g(x)=x4+x3+x2+1對應的二進制位串為11101(r=4)信息位101對立的二進制多項式為k(x)求 x4k(x)g(x)

的余式∴余式r(x)=x+1→0011C(x)=x4·k(x)+r(x)→對應碼為 1010011

11101

1111010000111011111010000100101110111110111010011設信息為7位，冗余位為410110011101001CRC解：生成多項式g(x)=x4+x3+1對應的二進制位串為11001(r=4)信息位1011001對立的二進制多項式為k(x)求 x4k(x)g(x)

的余式∴余式r(x)=x3+x→1010

11001

11010101011001000011001110101010110010000111101100111110C(x)=x4·k(x)+r(x)→對應的CRC碼為10110011010

1100111100110011010100100111010010000100100111010010000∴余式r(x)=1→0001C(x)=x4·k(x)+r(x)→對應碼為 11010010001

11001

11001110101100111000110010001試比較四種幀定界方法的特點。若發(fā)送窗口尺寸為3號幀并收到2可發(fā)幀的序號。解：發(fā)送窗口尺寸為4，即不必等待確認幀的到來，最多可連續(xù)發(fā)送4個幀。發(fā)送了3號幀，即前面一共發(fā)送了0，1，2，3號4個幀。0號，1234號，5號和6號幀。若窗口序號位數(shù)為3，發(fā)送窗口尺寸為2，采用Go-back-N法，請畫出由初始態(tài)出發(fā)相繼下列事件發(fā)生時的發(fā)送及接收窗口圖：發(fā)送幀0、發(fā)送幀1、接收幀0、接收確認幀02111121。––2，12個幀，而接收為順序接收。––2，12個幀，而接收為順序接收。初態(tài) 發(fā)0 發(fā)1 收0 接收確認0 發(fā)201230101230111265704312706706543120123122幀1接收錯 幀1確認超時 重發(fā)1 接收幀1 重發(fā)2 接收確認12212112121同左21同左2若幀序號位數(shù)為3，窗口尺寸為2發(fā)生時的發(fā)送及接收窗口圖：發(fā)送幀0、發(fā)送幀1、接收幀0、接收確認幀0、發(fā)送幀2、接收1。30~722個幀，而接收為不按順序接收。初態(tài) 發(fā)0 發(fā)1 接收幀0 接收確認幀0 發(fā)2706543170654312001112接受窗口 同左 同左 同左 同左接收否定確認幀1 接收幀2 重發(fā)1 接收幀1 接收確認幀20310312發(fā)送窗口 同左 同左3123121212若BSC幀數(shù)據(jù)段中出現(xiàn)下列字符串：問字符填充后的輸出是什么？解：BSC幀數(shù)據(jù)段中出現(xiàn)下列字符串：“A<DLE><STX>BC<DLE><DLE>DE<DLE><ETB>”字符填充后為：“A<DLE><DLE><STX>BC<DLE><DLE><DLE><DLE>DE<DLE><DLE><ETB>”1．C”問比特填充后的輸出是什么？解：HDLC幀數(shù)據(jù)段中出現(xiàn)下列比特串：“010000011111110101111110”比特填充后為:“01000001111101101011111010”一個信道的數(shù)據(jù)速率為4Kbps,單向傳播延遲時間為20ms，問幀在什么范圍內(nèi)，才能使停50%？解：∵題中未提確認幀，即確認幀很短，可以忽略，不占時間∴停等協(xié)議的信道利用率為LU B L

∵B=4kbps ；R=20msL2RB

L2RB∴ LL2RB

50%

∴L≥160bit答：幀長要大于等于160bit一個信道的數(shù)據(jù)速率為1Mbps，往返傳播延遲時間為4ms，幀長度為1000比特，幀的順序號用三位，并假設確認不采用捎帶方式，并且不占時間，問若不考慮差錯重發(fā)和幀頭所造成的信道損失時，采用選擇重發(fā)協(xié)議，信道可能達到的最大有效利用率是多少？解：確認方式：單獨的確認幀，幀長（不采用捎帶方式）單獨的確認幀，幀長很短，可以忽略，不占時間；L′ 采用捎帶方式，幀長為數(shù)據(jù)幀，故L

（不采用捎帶方式）幀的順序號為三位，故最大幀序號為Smax=23–1=7上發(fā)送方的發(fā)送窗口的最大尺寸為序號范圍的一半，即23–1=4信道的最大利用率：U

4L ∵L=1000bit；2R=4ms；B=1MbpsL2RB∴ U

4103

480%1034103 5使用后退n協(xié)議在3000km長的1.544Mbps的T1干線上發(fā)送64字節(jié)的幀，若信號傳6s/km,問幀的順序號應有多少位？解：設幀的順序號n位，則后n協(xié)議的發(fā)送窗口的最大尺寸為Smax=2n–1=m即可連續(xù)發(fā)送個幀，并設確認幀不占時=0)∴后退n協(xié)議的信道利用率U

mL U1L2DBV∴ mL L2DBV

∴ (mL2DBVD 3000103mm12 B/L2 1.544Mbps/(64=108.56V 103m/6us∴m=1092n-1=m

∴ n=leg2（m+1）=7答幀的順序號應有7位二進制.在50Kbps的衛(wèi)星信道上發(fā)送1Kbit長的幀，確認信號總是由數(shù)據(jù)幀捎帶，幀頭很短，使用三位順序號，對于下面三種協(xié)議，最大可能達到的信道有效利用率是多少？停等協(xié)議 （2）后退n協(xié)議 （3）選擇重發(fā)協(xié)議解：確認信號總是由數(shù)據(jù)幀捎帶，故確認幀長等于數(shù)據(jù)幀長，L′ =L，幀頭很短，故幀的開銷可忽略不計。 使用三位幀順序號，則Smax=1=7衛(wèi)星信道的單向傳播延遲時間約為270ms（1）停等協(xié)議，發(fā)送窗口為1，只能發(fā)送1個幀U

L 1

L′ /BLL2RB 2L2RB 29（2）后退n協(xié)議，發(fā)送窗口的最大尺寸為Smax=7U 7

7L

724.15%LL2RB 2L2RB 29（3）選擇重發(fā)協(xié)議，發(fā)送窗口的最大尺寸為序號范圍的一半,即為4U 4

4L

413.8%LL2RB 2L2RB 29用C規(guī)程傳輸一批漢字（雙字節(jié)為1295101）解：BSC規(guī)程中幀的格式為SYSYSYST報文ETBC每個報文可以最多傳輸?shù)臐h字數(shù)：（129B–5B）/2=62個漢字共有多少個漢字：4×62+（101B-5B）/2=296個漢字用HDLC幀傳輸12個漢字（雙字節(jié)）時，幀中的信息字段占多少字節(jié)？總的幀長占多少字節(jié)？解：HDLC幀的格式為8 8 8 16 801111110 A C I FCS 01111110信息字段為 12×2=信息字段24字總的幀長24B+6B=30B數(shù)據(jù)傳輸速率0s、最大分組長度4位（未含分組頭，傳輸長度為K字節(jié)1）總共傳輸?shù)姆纸M數(shù)2）總共傳輸?shù)谋忍財?shù)3）解：最大分組長度4（未含分組頭； 傳輸長度字節(jié)的報文（1）25610248個分組1024（2）每個分組要加上3個字節(jié)的分組頭（24bit）總共傳輸?shù)谋忍財?shù)：2048*（1024+24）=2146304bit（3）傳輸所用的總時間：20481048bit894.3秒2400bit/s若題目改為網(wǎng)絡層的分組在數(shù)據(jù)鏈路層被組裝成幀（HDLC）傳輸問（4）總共傳輸?shù)膸瑪?shù)？（5）總共傳輸?shù)谋忍財?shù)？（6）傳輸所用的總時間？（4）總共傳輸?shù)膸瑪?shù)為2048個幀（5）總共傳輸?shù)谋忍財?shù)2048*（1024+24+48）=2244608bit（6）20481096bit935.25秒2400bps第四章CSMA/CDCSMA/否則，當檢測到?jīng)_突后，站點已經(jīng)將分組傳送結束，無法進行沖突檢測；另外，傳送長的分組，可以相對地減少沖突。1P-堅持算法的特點。長10Mbps的802.3256（包括32位開銷。一個成功發(fā)送后的第一位時間片留給接收方以捕獲信道來發(fā)送一個32位的確認幀。假設不考慮沖突、問不包括開銷的有效數(shù)據(jù)速率為多少？解：基帶傳輸時，時間片的長度等于往返傳播延遲時間（，否則不能確保信道是否空閑2a2D

2

1km

10usV 200m/us發(fā)送一個數(shù)據(jù)分組的時間為L/B=256bit/bps=發(fā)送一個確認分組的時間為L/B=32bit/ 10×106bps=00，發(fā)送確認分組的時間?？倳r間T=10us+25．6us+10us+3．2us=48．8us在一次成功的發(fā)送中，共發(fā)送的有效數(shù)據(jù)為 L=256-32=位所以有效數(shù)據(jù)速率為 L

224bit

4.59MbpsT 48.8us長10Mbps的基帶總線LAN，信號傳播速度為200m/s，計算一個1000比特的幀從發(fā)送開始到接收結束的最大時間是多少？若兩相距最遠的站點在同一時刻發(fā)送數(shù)據(jù)，則經(jīng)過多長時間兩站發(fā)現(xiàn)沖突。解：幀從發(fā)送開始到接收結束的最大時間是多少T=T傳輸+T傳播=

LD

1000bit

1kmB V 10Mbps 200m/us=100us+5us=105us在 1D2 V

D5usV5．100個站點的時槽環(huán)，任意兩站間的平均距離為10m，數(shù)據(jù)傳輸速率為10Mbps，信號傳播速度為0ms1位延遲，試計算1）位？（2）37位長的時槽？1）

dB

10m

10Mbps0.5bit

v 200m/us10010m10Mbps100150bit200m/us（3）此環(huán)上最多允許有幾個37位長的時槽150÷374．05 個時槽10Mbps501，令牌長8位，數(shù)據(jù)幀長度位6位（包括2位開銷，確認在數(shù)據(jù)幀捎帶，問該環(huán)不包括開銷的有效數(shù)據(jù)速率為多少？解：（1）在輕負荷時，只有一個站點要發(fā)送數(shù)據(jù)最壞情況下發(fā)送一幀的時間=空令牌繞環(huán)一周的時間+一個數(shù)據(jù)幀繞環(huán)一周的時間T(L

Dn1)(L

Dn1)B V B B V B( 8

50 )

256

50 )10bit/us 200m/us 10bit/us 10bit/us 200m/us 10bit/us46.4us數(shù)據(jù)位數(shù) 256-32=位所以有效數(shù)據(jù)速率為224bit/T=224bit/46．4us=4．83Mbps在重負荷時，每個站點都要發(fā)送數(shù)據(jù)，n個站點發(fā)n個數(shù)據(jù)幀；所使用的總時間=空令牌繞環(huán)一周的時間+n個數(shù)據(jù)幀各繞環(huán)一周的時間T(L

Dn1)n(L

Dn1)B V B B V B=10．8us+n·35．6us=1790．8us總的數(shù)據(jù)位數(shù)

·

256-32）=224·n位=11200bit所以有效數(shù)據(jù)速率為 n·224/T=6.25Mbps長16Mbps100200m/s。）位的延遲相當于多少米長度的電纜？）該環(huán)的有效位長度為多少位？1位的延遲相當于多少米長的電纜1V 1 200m/us12.5mB 16bit/us（2）有等效位長度（兩種方法）ⅰ） 10km B100900bit200m/usⅱ）等效的媒體長度10km

1V10011.250kmB等效的位長度11.250kmB900bit200m/us長4Mbps50個站點的令牌環(huán)，每個站引入1位延遲，信號傳播速度為200m/s，設數(shù)據(jù)幀最大長度為100字節(jié)。問該環(huán)上檢查令牌丟失的超時計數(shù)器的值至少要設置為多少微秒？解：T

LDn1

1008

501B V B 4bit/us 200m/us 4bit/us一個10Mbps的令牌環(huán)，其令牌保持計數(shù)器的設置值為10s，在此環(huán)上可發(fā)送的最長幀為多少位？解： TL

Dni

題中沒有給出環(huán)的長度，故 D 省略B V B

V題中沒有給出站點的延遲時間（n·i）/B省略B∴ TL ∴ L≤T·B=10us×10Mbps=100bitB10．10Mbps100個站點的令牌總線網(wǎng)，令牌長度為12字節(jié)，當只有一個站點要求發(fā)送報文時，問該站發(fā)送報文的最大等待時間為多少？（忽略信號傳播時延）解：T為空令牌繞環(huán)一周所需的時間。但是在總線網(wǎng)絡令牌是廣播到總線的Tn(L

D

此題中傳播時延忽略，站點處理時延略B V

12

)960us10bit/us考慮把一個1吞吐量各是多少？64Kbps（媒體上的傳播時延不計。帶有兩個站的總線拓撲結構局域網(wǎng)。兩個站之間的距離為D，數(shù)據(jù)傳送速率為每秒位，分組長度為P，其中有80位的開銷。在發(fā)送下一個分組之前對