江蘇省南通市2020屆高三物理模擬考試試題(一)(含解析)

江蘇省南通市2020屆高三物理模擬考試一試題(一)(含分析)江蘇省南通市2020屆高三物理模擬考試一試題(一)(含分析)江蘇省南通市2020屆高三物理模擬考試一試題(一)(含分析)，因為一旦抵達(dá)第A錯誤；江蘇省南通市2021屆高三物理模擬考試一試題〔一〕〔含分析〕一、單項選擇題：本題共5小題，每題3分，合計15分．每題只有一個選項符．．．．合題意，選對的得3分，選錯或不答的得0分．據(jù)中新網(wǎng)報導(dǎo)，中國自主研發(fā)的北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)“北斗三號〞第17顆衛(wèi)星已于2021年11月2日在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射．該衛(wèi)星是北斗三號全世界導(dǎo)航系統(tǒng)的首顆地球同步軌道衛(wèi)星，也是北斗三號系統(tǒng)中功能最強(qiáng)、信號最多、承載最大、壽命最長的衛(wèi)星．對于該衛(wèi)星，以下說法正確的選項是A.它的發(fā)射速度必定大于11.2km/sB.它運轉(zhuǎn)的線速度必定不小于7.9km/s它在由過渡軌道進(jìn)入運轉(zhuǎn)軌道時一定減速因為稀疏大氣的影響，如不加干涉，在運轉(zhuǎn)一段時間后，該衛(wèi)星的動能可能會增加【答案】D【分析】【剖析】依據(jù)萬有引力供給向心力，得出線速度與軌道半徑的關(guān)系，進(jìn)而比較出衛(wèi)星在同步軌道上的速度與第一宇宙速度的大??；該衛(wèi)星將做向心運動，軌道半徑減小，應(yīng)用牛頓第二定律求出線速度，而后剖析答題；【詳解】A．該衛(wèi)星的發(fā)射速度一定小于第二宇宙速度二宇宙速度，衛(wèi)星會擺脫地球的引力，不繞地球運轉(zhuǎn)，故B．依據(jù)知，第一宇宙速度的軌道半徑等于地球的半徑，知是衛(wèi)星繞地球做圓周運動的最大圍繞速度，所以它運轉(zhuǎn)的線速度必定小于7.9km/s，故B錯誤；C．它在由過渡軌道進(jìn)入運轉(zhuǎn)軌道做離心運動，一定加快，故C錯誤；D．因為該衛(wèi)星遇到阻力影響而做減速運動，該衛(wèi)星做圓周運動需要的向心力小于萬有引力，做向心運動，其軌道半徑r減小，萬有引力供給向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，因為半徑r減小，那么其線速度變大，動能變大，D正確；應(yīng)選D?！军c睛】知道萬有引力供給向心力是解題的前提，應(yīng)用萬有引力公式與牛頓第二定律能夠解題；要理解衛(wèi)星變軌的原理。以下列圖，A、B兩點在同一條豎直線上，A點離地面的高度為3h，B點離地面高度為2h．將兩個小球分別從A、B兩點水平拋出，它們在C點相遇，C點離地面的高度為h．重力加快度為g，那么A.兩個小球必定同時拋出B.兩個小球必定同時落地C.兩個小球拋出的時間間隔為D.兩個小球拋出的初速度之比【答案】C【分析】【剖析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，依據(jù)在

C點相遇，聯(lián)合高度求運動的時間，進(jìn)而經(jīng)過水平位移求初速度；【詳解】AB．平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，由

，得

，因為A到

C的豎直高度較大，所以從

A點拋出的小球運動時間較長，應(yīng)

A先拋出；它們在C點相遇時A的豎直方向速度較大，離地面的高度同樣，所以A小球必定先落地，故A、B錯誤；C．由得兩個小球拋出的時間間隔為，故C正確；D．由得，x相等，那么小球A.B拋出的初速度之比，D錯誤；應(yīng)選C?！军c睛】解決的重點知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，聯(lián)合運動學(xué)公式靈巧求解。導(dǎo)體中的電流是這樣產(chǎn)生的：當(dāng)在一根長度為L、橫斷面積為S，單位體積內(nèi)自由電荷數(shù)為n的均勻?qū)w兩頭加上電壓U，導(dǎo)體中出現(xiàn)一個勻強(qiáng)電場，導(dǎo)體內(nèi)的自由電子〔-e〕受勻強(qiáng)電場的電場力作用而加快，同時因為與陽離子碰撞而遇到阻擋，這樣邊頻頻碰撞邊向前挪動，能夠認(rèn)為阻擋電子運動的阻力大小與電子挪動的均勻速率v成正比，即能夠表示為kv〔k是常數(shù)〕，當(dāng)電子所受電場力與阻力大小相等時，導(dǎo)體中形成了恒定電流，那么該導(dǎo)體的電阻是〔〕A.B.C.D.【答案】A【分析】【詳解】由題意可知當(dāng)電場力與阻力相等時形成恒定電流，那么有，解得，那么導(dǎo)體中的電流，那么由歐姆定律可得，A正確．用一隨時間均勻變化的水平拉力F拉靜止在水平面上的物體．F=kt〔k=2N/s〕，物體與水平面間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，物體的加快度a隨時間t變化的圖象以下列圖，g取10m/s2，那么不可以夠計算出物體的質(zhì)量物體與水平面間的動摩擦因數(shù)t=4s時物體的速度0～4s內(nèi)拉力F做的功【答案】D【分析】【剖析】對物體受力剖析，依據(jù)牛頓第二定律得出加快度a與時間t的函數(shù)關(guān)系，而后聯(lián)合圖象得出有關(guān)信息即可求解；【詳解】物體受重力、地面的支持力、拉力和與拉力方向相反的摩擦力，依據(jù)牛頓第二定律得：，解得：，由a與F圖線獲取：,

,聯(lián)立解得

m=2Kg，μ=0.2；a-t

圖像所圍成的面積表示速度的變化量，所以0～4s內(nèi)有，t=4s時物體的速度；因為物體先靜止后又做變加快運動，F(xiàn)為變力，不可以直接利用做功公式求出拉力F做的功；沒法利用勻變速直線運動規(guī)律求0～4s內(nèi)位移，沒法求出摩擦力做功，所以沒法依據(jù)動能定理求拉力F做的功，故不可以夠計算出的是D，能夠計算出的是A、B、C；應(yīng)選D?！军c睛】重點是對物體受力剖析，而后依據(jù)牛頓第二定律列方程求解出加快度與推力F的關(guān)系式，最后聯(lián)合a與t關(guān)系圖象獲取待求量。以下列圖，長為L的細(xì)繩，一端拴一質(zhì)量為m的小球，另一端懸掛在距圓滑水平面H高處〔L>H〕．現(xiàn)使小球在水平桌面上以角速度為ω做勻速圓周運動，那么小球?qū)ψ烂娴膲毫锳.mg

B.C.

D.【答案】B【分析】【剖析】對小球受力剖析，正交分解，依據(jù)牛頓第二定律列方程求解；【詳解】)對小球受力剖析，如圖：依據(jù)牛頓第二定律，水平方向：

，豎直方向：，聯(lián)立得：

，依據(jù)牛頓第三定律：，故B正確，A、C、D錯誤；應(yīng)選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每題4分，合計16分．每題有多個選項切合題意．所有選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分．教課用發(fā)電機(jī)能夠產(chǎn)生正弦式交變電流，現(xiàn)利用該發(fā)電機(jī)〔內(nèi)阻可忽視〕經(jīng)過理想變壓器向定值電阻R和電容器C供電，電路以下列圖．理想溝通電流表A、理想溝通電壓表V的讀數(shù)分別為I、U，R耗費的功率為P．假定發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)楸緛淼?倍，那么電壓表V的讀數(shù)變?yōu)?U電流表A的讀數(shù)變?yōu)?IR耗費的功率變?yōu)?PR耗費的功率變?yōu)?P【答案】AD【分析】【剖析】剖析電動機(jī)產(chǎn)生的溝通電的最大值以及有效值、頻次的變化狀況；依據(jù)判斷原副線圈中電壓的變化狀況，依據(jù)由知【詳解】ACD．假定發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)楸緛淼?/p>

R耗費功率的變化；2倍，電動機(jī)產(chǎn)生的最大電動勢變?yōu)楸緛淼?/p>

2倍，發(fā)電機(jī)輸出電壓有效值

變?yōu)楸緛淼?/p>

2倍，即原線圈的輸出電壓為本來的2倍，由知副線圈輸出電壓為本來的2倍，電壓表V的讀數(shù)變?yōu)闉楸緛淼?/p>

2倍，由

知R耗費的功率為本來的

4倍，故

AD正確，C錯誤；B．轉(zhuǎn)速變?yōu)楸緛淼?/p>

2倍，經(jīng)過

C的交變電流頻次變?yōu)楸緛淼?/p>

2倍，電容器

C的容抗減小，副線圈的電流不是本來的2倍，由可知原線圈的電流不是本來的2倍，B錯誤；應(yīng)選AD。【點睛】重點是轉(zhuǎn)速變化，經(jīng)過C的交變電流頻次變?yōu)楸緛淼?倍，電容器C的容抗減小，副線圈的電流不是本來的2倍。7.以下列圖，水平面內(nèi)有兩條相互垂直的通電長直絕緣導(dǎo)線L1、L2，L1中的電流方向向右，L2中的電流方向向上；L2的右方有a、b兩點，它們相對于L1對稱．整個系統(tǒng)處于垂直于紙面向里的勻強(qiáng)外磁場中，磁感覺強(qiáng)度大小為B0．a(chǎn)、b兩點的磁感覺強(qiáng)度大小分別為B0和B0，方向也垂直于紙面向里．那么A.流經(jīng)L1的電流在a點產(chǎn)生的磁感覺強(qiáng)度大小為B0B.流經(jīng)L1的電流在a點產(chǎn)生的磁感覺強(qiáng)度大小為B0C.流經(jīng)L的電流在b點產(chǎn)生的磁感覺強(qiáng)度大小為B20D.流經(jīng)L2的電流在b點產(chǎn)生的磁感覺強(qiáng)度大小為B0【答案】AC【分析】【剖析】依據(jù)安培定那么判斷導(dǎo)線在a、b兩點產(chǎn)生磁感覺強(qiáng)度的方向；磁感覺強(qiáng)度是矢量，即使它不與通電導(dǎo)線垂直，可按平行四邊形定那么疊加，據(jù)此剖析；【詳解】因為a、b對于L1對稱，所以磁感覺強(qiáng)度大小相等，由安培定那么可知方向相反，設(shè)向里為正方向，那么

L2在

a、b

兩點產(chǎn)生的磁感覺強(qiáng)度分別為

-B1、B1；導(dǎo)線L2產(chǎn)生的磁場在

a、b兩點的磁感覺強(qiáng)度方向均垂直紙面向里，在

a、b

兩點產(chǎn)生的磁感覺強(qiáng)度為

B2，對

a點由磁場疊加可得：

，對

b點由磁場疊加可得：

，聯(lián)立解得：

，

，故

A、C正確，B、D錯誤；應(yīng)選

AC?！军c睛】重點是知道a、b對于L1對稱，所以磁感覺強(qiáng)度大小相等，方向相反，磁場疊加可按平行四邊形定那么。8.以下列圖，圓滑導(dǎo)軌OMN固定，此中是半徑為L的四分之一圓弧，O為圓心．OM、ON的電阻均為R，OA是可繞O轉(zhuǎn)動的金屬桿，A端位于上，OA與軌道接觸優(yōu)秀，空間存在垂直導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場，磁感覺強(qiáng)度的大小為B，、OA的電阻不計．那么在OA桿由OM地點以恒定的角速度ω順時針轉(zhuǎn)到ON地點的過程中A.OM中電流方向為O流向M流過OM的電荷量為要保持OA以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動，外力的功率應(yīng)為假定OA轉(zhuǎn)動的角速度變?yōu)楸緛淼?倍，那么流過OM的電荷量也變?yōu)楸緛淼?倍【答案】BC【分析】【剖析】OA桿切割磁感線，由右手定那么可得OA桿感覺電流的方向，依據(jù)法拉第電磁感覺定律求得產(chǎn)生的感覺電動勢；依據(jù)閉合電路歐姆定律求得OM中感覺電流，依據(jù)求得流過OM的電荷量，依據(jù)能量守恒可得外力的功率等于發(fā)熱功率；【詳解】A．OA桿由OM地點以恒定的角速度ω順時針轉(zhuǎn)到ON地點的過程，產(chǎn)生的感覺電動勢，那么感覺電流大小恒定，由右手定那么可得OM中電流方向為M流向O，故A錯誤；BD．依據(jù)閉合電路歐姆定律可得OM中感覺電流，那么流過OM的電荷量為，假定

OA轉(zhuǎn)動的角速度變?yōu)楸緛淼?/p>

2倍，那么流過

OM的電荷量不變，故B正確，D錯誤；C．OM的發(fā)熱功率

，依據(jù)能量守恒可得外力的功率應(yīng)為，故C正確；應(yīng)選BC?！军c睛】重點是明確OA桿的切割磁感線是電源，依據(jù)能量守恒定律、切割公式和歐姆定律頻頻列式求解。9."蹦極"是一項深受年青人喜歡的極限運動，跳躍者把一端固定的長彈性繩綁在腰間，從幾十米高處跳下．如右圖所示，某人做蹦極運動，他從高臺由靜止開始著落，著落過程不計空氣阻力，設(shè)彈性繩原長為h0，彈性繩的彈性勢能與其伸長量的平方成正比．那么他在從高臺著落至最低點的過程中，他的動能Ek、彈性繩的彈性勢能EP隨著落高度h變化的關(guān)系圖象正確的選項是A.B.C.D.【答案】BD【分析】【剖析】剖析人運動的性質(zhì)，，依據(jù)動能定理求出動能Ek與著落高度h變化的關(guān)系進(jìn)行剖析，依據(jù)功能關(guān)系可求彈性繩的彈性勢能EP與著落高度h變化的關(guān)系進(jìn)行剖析；【詳解】彈性繩被拉直前，人做自由落體運動，依據(jù)動能定理可得，〔〕，彈性繩的彈性勢能為零；彈性繩剛被拉直到人所受的重力與彈力大小相等的過程，人做加快度減小的加快運動，當(dāng)加快度為零，速度抵達(dá)最大值，從人所受的重力與彈力大小相等到最低點的過程中，人做加快度增大的減速運動，在最低點時速度為零；依據(jù)動能定理可得，〔〕，戰(zhàn)勝彈性繩的彈力做功等于彈性繩的彈性勢能的變化量可得，那么有他的動能，〔〕，彈性繩的彈性勢能，故BD正確，AC錯誤；應(yīng)選BD。三、簡答題：本題分必做題〔第10、11、12題〕和選做題〔第13題〕兩局部，共計42分．請將解答填寫在答題卡相應(yīng)的地點．10.用以下列圖的實驗裝置研究“加快度與合外力、質(zhì)量的關(guān)系〞

.圖中

為兩個光電門,為固定在木槽上的遮光條.實驗前(不掛鉤碼)左右挪動小木塊使木槽能夠在長木板上勻速運動.遮光條的寬度為,兩光電門間的距離為.實驗時木槽每次都從同一地點由靜止開釋,研究對象為木槽(包含內(nèi)部的砝碼)及鉤碼構(gòu)成的系統(tǒng).(1)經(jīng)過光電計時器讀出遮光條經(jīng)過

兩個光電門的時間分別是

,那么木槽的加快度是_______.(

用丈量的符號表示

)保持懸掛鉤碼的質(zhì)量不變,增添或減少槽內(nèi)的砝碼,測出每次對應(yīng)的加快度,為了能直觀反應(yīng)在合外力必定的狀況下

,加快度與質(zhì)量的關(guān)系

,應(yīng)作出

a_______關(guān)系圖象(

表示槽及槽內(nèi)砝碼的總質(zhì)量

).A.B.

C.

D.為了精準(zhǔn)丈量木槽運動的加快度,甲同學(xué)固定光電門,挪動光電門,而后開釋木槽，測出遮光條每次經(jīng)過光電門的時間,乙同學(xué)固定光電門,挪動光電門,而后開釋木槽,測出遮光條每次經(jīng)過光電門的時間,兩位同學(xué)依據(jù)圖象求解系統(tǒng)的加快度.甲同學(xué)作出的圖象應(yīng)為以下列圖中的_________,乙同學(xué)作出的圖象應(yīng)為以下列圖中的_________.假定甲同學(xué)所作圖象斜率的絕對值為,那么木槽的加快度_________.ABCD【答案】(1).B(2).D(3).B(4).C(5).【分析】【詳解】〔1〕對系統(tǒng)研究，總質(zhì)量保持不變，加快度與協(xié)力成正比，系統(tǒng)所受的合力為mg，那么a與mg的關(guān)系是成正比關(guān)系，應(yīng)選B?！?〕懸掛鉤碼的質(zhì)量m保持不變，即協(xié)力保持不變，a與系統(tǒng)質(zhì)量成反比，可知為了能直觀反應(yīng)在合外力必定的狀況下，加快度與質(zhì)量的關(guān)系，應(yīng)作a-圖線，應(yīng)選D。〔3〕甲同學(xué)固定光電門B，挪動光電門A，而后開釋凹槽，測出遮光條每次經(jīng)過光22電門A的時間t1．經(jīng)過光電門A的剎時速度vA＝，B點的速度為定值，依據(jù)vB-vA＝2ax得，，故B正確。乙同學(xué)固定光電門A，挪動光電門B，而后開釋凹槽，測出遮光條每次經(jīng)過光電門B的時間t2，經(jīng)過光電門B的剎時速度vB＝，A點的速度為定值，依據(jù)22得，，故C正確。假定甲同學(xué)所作圖vB-vA＝2ax象的斜率的絕對值為k，那么有，解得系統(tǒng)的加快度?！军c睛】對于圖線問題，一般的解題思路是得出物理量的關(guān)系式，進(jìn)而確立正確的圖線，聯(lián)合圖線的斜率或截距求解一些物理量.11.某實驗小組設(shè)計了如圖甲所示的電路來丈量電池的電動勢和內(nèi)阻，定值電阻R1＝16Ω．〔1〕閉合開關(guān)S后，電壓表V1無讀數(shù)，電壓表V2有讀數(shù)，經(jīng)檢查發(fā)現(xiàn)電路中存在斷路故障，那么該故障可能在______〔選填“ab〞、“bc〞或“cd〞〕兩點間．〔2〕清除故障后，閉合開關(guān)S，調(diào)理滑動變阻器的阻值，記錄多組電壓表的示數(shù)U2，以下表所示．請依據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖乙中作出U2－U1圖象．

U1、U2/V

U1/V〔3〕由圖可知，電源電動勢E＝__V，內(nèi)阻r＝__Ω．〔結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字〕【答案】(1).cd(2).【分析】【剖析】明確電路構(gòu)造，進(jìn)而剖析故障原由；依據(jù)描點法可得出對應(yīng)的圖象；依據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行剖析，列出對應(yīng)的表達(dá)式，進(jìn)而明確圖象的意義并求出電動勢和內(nèi)電阻；【詳解】解：(1)電壓表V1無讀數(shù)，電壓表V2有讀數(shù)，說明V1無與電源斷開，而V2與電源是連結(jié)的，故發(fā)生斷路的是cd；依據(jù)表中數(shù)據(jù)利用描點法可得出對應(yīng)的圖象以下列圖；(3)依據(jù)電路圖由閉合電路歐姆定律可知：，變形可得：，由圖可知，圖象與縱軸的截距表示電動勢，故；圖象的斜率，解得：；【點睛】安阻法丈量電源電動勢和內(nèi)阻的方法，注意本題中將電壓表與定值電阻并聯(lián)充任電流表使用，注意數(shù)據(jù)辦理的根本方法。12.以下說法中正確的選項是．振動的帶電微粒輻射或汲取的能量能夠是隨意數(shù)值B.鈾核〔〕衰變?yōu)棣亮Ｗ雍土硪辉雍耍プ儺a(chǎn)物的比聯(lián)合能必定大于鈾核的比聯(lián)合能實驗說明，只需照耀光的強(qiáng)度足夠大，就必定能發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象核力將核子牢牢約束在原子核內(nèi)，所以核力只表現(xiàn)為引力【答案】B【分析】【詳解】A．依據(jù)普朗克能量子假說的認(rèn)識，振動的帶電微粒輻射或汲取的能量只好是某一最小能量值的整數(shù)倍，故A錯誤；B．鈾核( )衰變的過程中會開釋能量，所以衰變產(chǎn)物的比聯(lián)合能必定大于鈾核的比聯(lián)合能，故B正確；C．依據(jù)光電效應(yīng)方程可知，發(fā)生光電效應(yīng)的條件與光的頻次有關(guān)，與光的強(qiáng)度沒關(guān)，故C錯誤；D．核力將核子牢牢約束在原子核內(nèi)，核力在大于，小于的范圍內(nèi)表現(xiàn)為吸引力，在小于時表現(xiàn)為斥力，故D錯誤；應(yīng)選B?！军c睛】振動的帶電微粒輻射或汲取的能量只好是某一最小能量值的整數(shù)倍，衰變產(chǎn)物的比聯(lián)合能必定大于鈾核的比聯(lián)合能；發(fā)生光電效應(yīng)的條件與光的強(qiáng)度沒關(guān)。將總質(zhì)量為1.05kg的模型火箭點火升空，在0.02s時間內(nèi)有50g燃?xì)庖源笮?00m/s的速度從火箭尾部噴出．在燃?xì)鈬姵鲞^程，火箭獲取的均勻推力為_____N，在燃?xì)鈬姵龊蟮乃矔r，火箭的速度大小為_____m/s〔燃?xì)鈬姵鲞^程中重力和空氣阻力可忽視〕．【答案】(1).500(2).10【分析】【剖析】依據(jù)動能定理可求燃?xì)猥@取的均勻推力，依據(jù)牛頓第三定律可知火箭獲取的均勻推力，在噴氣的很短時間內(nèi)，火箭和燃?xì)鈽?gòu)成的系統(tǒng)動量守恒，聯(lián)合動量守恒定律求出火箭的速度大小；【詳解】在燃?xì)鈬姵鲞^程，以燃?xì)鉃閷ο?，?guī)定火箭的速度方向為正方向，依據(jù)動能定理可得：，解得，依據(jù)牛頓第三定律可得火箭獲取的均勻推力為500N；發(fā)射前后系統(tǒng)的動量守恒，依據(jù)動量守恒定律得，解得火箭的速度大?。晃覈孕醒兄频囊环N大型激光器，能發(fā)出頻次為ν、功率為P0的高純度和高亮度激光．以下列圖，光電管的陰極K用某金屬制成，閉合開關(guān)S，當(dāng)該激光射向陰極，產(chǎn)生了光電流．挪動變阻器的滑片P，當(dāng)光電流恰為零時，電壓表的示數(shù)為Uc，普朗克常量為h，電子電荷量為e，真空中的光速為c．求：①激光器發(fā)出的光子的動量p；②光電管陰極K的截止頻次νc．【答案】①p=②νc=ν-【分析】【剖析】依據(jù)光電效應(yīng)方程，求出光電子的最大初動能，依據(jù)逸出功和截止頻次的大小關(guān)系求出光電管陰極K的截止頻次；【詳解】解：①由：解得p=②由又解得由解得15.以下說法中正確的選項是．油膜法估測分子大小的實驗中，所撒痱子粉太厚會致使丈量結(jié)果偏大制作晶體管、集成電路只好用單晶體，單晶體是各向同性的必定量的理想氣體等壓膨脹，氣體分子單位時間內(nèi)與器壁單位面積的碰撞次數(shù)減小水凝固成冰后，水分子的熱運動停止【答案】AC【分析】【詳解】A．油膜法估測分子大小的實驗中，所撒痱子粉太厚會致使薄層的面積偏小，依據(jù)可知丈量結(jié)果偏大，故A正確；B．制作晶體管、集成電路只好用單晶體，因為單晶體擁有各向異性，故B錯誤；C．必定量的理想氣體等壓膨脹，體積變大，單位體積的分子數(shù)減小，氣體分子單位時間內(nèi)與器壁單位面積的碰撞次數(shù)減小，故C正確；D．分子是永不暫停地做無規(guī)那么運動，所以水凝固成冰后，水分子的熱運動不會停止，D錯誤；應(yīng)選AC?！军c睛】油膜法估測分子大小的實驗中，所撒痱子粉太厚會致使薄層的面積??；制作晶體管、集成電路只好用單晶體；分子是永不暫停地做無規(guī)那么運動；氧氣分子在0℃和100℃溫度下單位速率間隔的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比隨氣體分子速率的變化分別如圖A2中兩條曲線所示．圖中實線對應(yīng)于氧氣分子在_____℃時的情況；圖中虛線下面積_____實線下面積．〔填“大于〞、“等于〞、“小于〞〕【答案】

(1).100

(2).

等于【分析】【剖析】依據(jù)對應(yīng)的最大比率的速率區(qū)間，說明實驗對應(yīng)的溫度的情況；【詳解】由圖可知，擁有最大比率的速率區(qū)間，0℃時對應(yīng)的速率小，故說明虛線為0℃的散布圖象，實線對應(yīng)的最大比率的速率區(qū)間內(nèi)分子動能大，說明實驗對應(yīng)的溫度大，故為實線對應(yīng)于氧氣分子在100℃時的情況；在0℃和100℃兩種不一樣狀況下各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與分子速率間的關(guān)系圖線與橫軸所圍面積都應(yīng)當(dāng)?shù)扔?，即相等；【點睛】溫度是分子均勻動能的標(biāo)記，溫度高升分子的均勻動能增添，不一樣溫度下同樣速率的分子所占比率不一樣，要注意明確圖象的意義是解題的重點；如圖，必定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷狀態(tài)b、c、抵達(dá)狀態(tài)d，必定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能與溫度知足U=kT〔k為常數(shù)〕．該氣體在狀態(tài)a時溫度為T0，求：①氣體在狀態(tài)d時的溫度；②氣體從狀態(tài)a抵達(dá)狀態(tài)d過程從外界汲取的熱量．【答案】①Td=3T0②Q=2kT0﹢6p0V0【分析】【剖析】a到d氣體發(fā)生等壓變化，由蓋呂薩克定律能夠求出氣體的溫度；求出氣體做的功，而后應(yīng)用熱力學(xué)第必定律求出從外界汲取的熱量；【詳解】解：①狀態(tài)a與狀態(tài)d壓強(qiáng)相等，由：可得：②依題意可知：，由熱力學(xué)第必定律，有：此中：聯(lián)立可得：以下說法正確的選項是________．在雙縫干涉實驗中，假定僅將入射光由綠光改為紅光，那么相鄰干涉條紋間距變寬光纖通訊是激光和光導(dǎo)纖維相聯(lián)合的產(chǎn)物全息照片的拍攝利用了光的衍射原理地面上測得靜止的直桿長為L，那么在高速飛翔火箭中的人測到手中的桿長應(yīng)小于L【答案】AB【分析】【剖析】依據(jù)相對論原理，沿著飛翔方向上，長度縮短，依據(jù)條紋寬度的公式，剖析改變?nèi)肷涔饪傻孟噜徃缮鏃l紋間距的變化；【詳解】A．在雙縫干涉實驗中，依據(jù)條紋寬度的公式可知，假定僅將入射光由綠光改為紅光，波長變長，那么相鄰干涉條紋間距變寬，故A正確；B．光纖通訊是激光和光導(dǎo)纖維相聯(lián)合的產(chǎn)物，利用了激光的頻次單調(diào)性的特色，故正確；C．全息照片常常用激光來拍攝，主假如利用了激光的干涉原理，故C錯誤；D．依據(jù)相對論原理，地面上測得靜止的直桿長為L，在沿桿方向高速飛翔火箭中的人相對于桿是靜止的，所以測得長度不變，故D錯誤；應(yīng)選AB?！军c睛】在雙縫干涉實驗中，波長變長，那么相鄰干涉條紋間距變寬；光纖通訊是激光和光導(dǎo)纖維相聯(lián)合的產(chǎn)物；全息照片利用了激光的干涉原理；較長軟繩的一端固定在O點，拉直后的水平繩沿x軸，手持軟繩的另一端點A以周期T=0.5s在豎直方向上做簡諧運動，帶動繩上的其余質(zhì)點振動形成簡諧波沿繩水平流傳，表示如圖．繩上有另一質(zhì)點P的振動方向為〔選填“豎直向下〞、“豎直向下〞、“水平向右〞或“水平向左〞〕．振動在x軸負(fù)方向上流傳的速度v為___________m/s．【答案】(1).豎直向下(2).2【分析】【剖析】依據(jù)“上下坡法〞可知質(zhì)點P的振動方向；由圖可知波長，依據(jù)速度公式求出流傳的速度；【詳解】波的流傳方向為x軸負(fù)方向，依據(jù)“上下坡法〞可知繩上有另一質(zhì)點P的振動方向為豎直向下；由圖可知波長，振動在x軸負(fù)方向上流傳的速度；20.以下列圖，折射率，半徑為R的透明球體固定在水平川面上，O為球心，其底部P點有一點光源，過透明球體的極點Q有一足夠大的水平光屏，真空中光速為c，求：①光在球體中沿直線從P點到Q點的流傳時間t；②假定不考慮光在透明球體中的反射影響，光屏上光照面積S的大小?！敬鸢浮竣佗凇痉治觥俊?〕光在透明球體內(nèi)流傳速度

①光從的時間②聯(lián)立①②得③〔2〕設(shè)透明球體介質(zhì)的臨界角為

,那么

得

④光屏上光照面為認(rèn)為圓心，為半徑的圓，以下列圖，由幾何知識得，其半徑⑤光屏上光照面積⑥【點睛】解決光學(xué)識題的重點要掌握全反射的條件、折射定律、光速公式，運用幾何知識聯(lián)合解決這種問題．

、臨界角公式四、計算題:本題共3小題，合計47分．解答時請寫出必需的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不可以得分．有數(shù)值計算的題，答案中一定明確寫出數(shù)值和單位．以下列圖，一根有必定電阻的直導(dǎo)體棒質(zhì)量為、長為L，其兩頭放在位于水平面內(nèi)間距也為L的圓滑平行導(dǎo)軌上，并與之接觸優(yōu)秀；棒左邊兩導(dǎo)軌之間連結(jié)一可控電阻；導(dǎo)軌置于勻強(qiáng)磁場中，磁場的磁感覺強(qiáng)度大小為B，方向垂直于導(dǎo)軌所在平面，時刻，給導(dǎo)體棒一個平行與導(dǎo)軌的初速度，此時可控電阻的阻值為，在棒運動過程中，經(jīng)過可控電阻的變化使棒中的電流強(qiáng)度保持恒定，不計導(dǎo)軌電阻，導(dǎo)體棒向來在磁場中。〔1〕求可控電阻R隨時間變化的關(guān)系式；〔2〕假定棒中電流強(qiáng)度為I，求時間內(nèi)可控電阻上耗費的均勻功率P；〔3〕假定在棒的整個運動過程中將題中的可控電阻改為阻值為的定值電阻，那么棒將減速運動位移后停下；而由題干條件，棒將運動位移后停下，求的值。【答案】〔1〕；〔2〕；〔3〕【分析】試題剖析：〔1〕因棒中的電流強(qiáng)度保持恒定，故棒做勻減速直線運動，設(shè)棒的電阻為，電流為I，其初速度為，加快度大小為，經(jīng)時間后，棒的速度變?yōu)?，那么有：而，時刻棒中電流為：，經(jīng)時間后棒中電流為：，由以上各式得：?！?〕因可控電阻R隨時間均勻減小，故所求功率為：，由以上各式得：?！?〕將可控電阻改為定值電阻，棒將變減速運動，有：，，而，，由以上各式得，而，由以上各式得，所求。考點：導(dǎo)體切割磁感線時的感覺電動勢；電磁感覺中的能量轉(zhuǎn)變【名師點睛】解決本題的重點知道剖析導(dǎo)體棒受力狀況，應(yīng)用閉合電路歐姆定律和牛頓第二定律求解，注意對于線性變化的物理量求均勻的思路，本題中先后用到均勻電動勢、均勻電阻和均勻加快度。22.以下列圖，小車右端有一半圓形圓滑軌道BC相切車表面于B點，一個質(zhì)量為m=1.0kg能夠視為質(zhì)點的物塊擱置在A點，隨小車一同以速度v0沿圓滑水平面上向右勻速運動．勁度系數(shù)較大的輕質(zhì)彈簧固定在右邊豎直擋板上．當(dāng)小車壓縮彈簧到最短時，彈簧自鎖〔即不再壓縮也不恢復(fù)形變〕，此時，物塊恰幸虧小車的B處，今后物塊