中考物理試卷(含答案)

第第頁第=page22頁，共=sectionpages22頁中考物理試卷(含答案)（時間90分鐘，滿分100分）題號一二三四五總分得分一、單選題（本大題共10小題，共30.0分）我們今天能獲得大量清潔方便的電能，主要應歸功于下面哪位科學家以及他發(fā)現的物理實事（）A.奧斯特：電流周圍存在磁場 B.焦耳：電流生熱的規(guī)律

C.歐姆：電流與電壓和電阻的關系 D.法拉第：電磁感應現象下列有關聲現象的說法中，正確的是（）A.聲音可以在真空中傳播 B.人耳能聽到各種頻率的聲音

C.一切正在發(fā)聲的物體都在振動 D.聲音不能在水中傳播在如圖所示的四位科學家中，以其名字命名電阻單位的是（）A. B. C. D.自然界中的云、雨、雪、霧、露、霜等現象，都是水的物態(tài)發(fā)生變化形成的，下述物理現象理解正確的是（）A.“飄渺的霧”是汽化現象 B.“晶瑩的露”是液化現象

C.“凝重的霜”是液化現象 D.“輕柔的雪”是凝固現象水平桌面上，甲、乙兩相同的杯中盛有不同濃度的鹽水。現將兩相同的物塊分別放入杯中，待物塊靜止時，兩杯中液面恰好相平，如圖所示。則（

）A.甲杯中物塊受到浮力較大

B.乙杯底部受到液體的壓強較大

C.向甲杯中緩慢加鹽，物塊受到的浮力一直增大

D.向乙杯中緩慢加水，物塊受到的浮力一直減小圖甲所示是小云探究“平面鏡成像特點”的實驗裝置，圖乙、丙和丁是探究過程中實驗裝置的側視圖，則下列說法中正確的是（）

A.若蠟燭A距玻璃板4cm，則蠟燭B距玻璃板8cm才能與蠟燭A的像完全重合

B.如圖乙所示，若在玻璃板與蠟燭B之間放一塊擋光板，則不能透過玻璃板看到A的像

C.若實驗時裝置如圖丙所示，則蠟燭A在玻璃板中的像偏高且傾斜

D.若實驗時裝置如圖丁所示，則蠟燭A不能在玻璃板中成像用如圖所示的滑輪組拉物體A在水平桌面上做勻速直線運動．如果拉力F=3N，物體A的速度v=0.2m/s，忽略滑輪重、繩重和軸摩擦．下列說法中正確的是（）A.物體A受到合力不為零 B.物體A受到的摩擦力為9N

C.豎直墻受到的拉力為9N D.拉力F的速度為0.4m/s甲、乙兩個質量相同，材質不同的金屬塊，甲的初溫大于乙的初溫。若吸收相同的熱量后相互接觸，熱量從乙傳遞到甲。若放出相同的熱量后相互接觸，則下列說法正確的是（）A.甲比熱容小，熱量從甲傳遞到乙 B.乙比熱容小，熱量從甲傳遞到乙

C.甲比熱容小，熱量從乙傳遞到甲 D.乙比熱容小，熱量從乙傳遞到甲2019年中國杯國際足球錦標賽于3月21日至25日在廣西南寧點燃戰(zhàn)火，下列與足球有關的說法正確的是（）A.踢球時，腳對球施加了力，球對腳沒有力的作用

B.踢出去的球在空中繼續(xù)運動，是因為球受到慣性作用

C.守門員使球停下來的過程，是力改變了球的運動狀態(tài)

D.只要腳對球施加的力大小相同，其作用效果一定相同如圖所示電路，電源電壓恒定，開關閉合后，各電表量程合適且均有示數，現將滑動變阻器R2的滑片P向右滑動的過程中，下列說法中正確的是（）A.電流表和示數都變小

B.電壓表的示數變大

C.電壓表與電流表的示數之比變大

D.電壓表與電流表的示數之比變大

二、填空題（本大題共7小題，共28.0分）如圖體溫計的測量范圍是______，另一溫度計的示數為______。

2019年6月23日，我省首條軌道交通線路--蘭州地鐵I號線正式開通試運營，標志著我省正式進人“地鐵時代”。如圖所示，小麗乘坐新地鐵，她發(fā)現地鐵嚴禁攜帶有“異味”的物品，這是因為“異味”物品的分子發(fā)生了______現象，充滿了整個密閉空間，影響其他乘客；地鐵啟動時，她看見墻上的廣告牌快速向后飛去，這是以______為參照物的。（1）魯迅的《社戲》中有這樣的描寫：“淡黑的起伏的連山，仿佛是踴躍的鐵的獸脊似的，都遠遠地向船尾跑去了……”。其中“連山……向船尾跑去了”所選的參照物是______。

（2）劃龍舟時，用槳向后劃水船就向前進，說明了______。2018年5月，川航3U8633航班從重慶飛往拉薩的途中，在空中水平勻速飛行時所受重力與飛機升力______（選填“是”或“不是”）一對平衡力，當擋風玻璃突然爆裂，此時副駕駛整個上半身被“吸”出窗外，導致這一現象發(fā)生的原因是窗外空氣流速大壓強______，從而產生了一個向外的壓力差。如圖所示，小明分別使用甲、乙、丙、丁四種機械勻速提升物體（繩長不變），測得拉力和物體M、N所受的重力如表所示，F甲F乙F丙F丁GMGN5.5N12N5.5N8N5N10N則甲、乙、丙、丁四種機械中，機械效率最大的是______，大小為______；機械效率最小的是______，大小為______，使用丙提升物體M時______省力（選填“能”或“不能”）。（數值保留兩位有效數字）

小明同學用100N的水平推力，推放在水平地面上重500N的物體，使其做勻速直線運動，若該物體在10s內移動6m，則在此過程中重力做功為______J，小明做的功是______J，小明做功的功率是______W。如圖1所示，L上標有“6V3W”，電流表量程為0～0.6A，電壓表量程為0～15V，滑動變阻器R的最大電阻為80Ω，只閉合S1，滑片置于a點時，變阻器連入電路的電阻為Ra，電流表示數為Ia，只閉合S2，移動滑片，變阻器兩端電壓與其連入電路的電阻關系如圖2所示，當滑片置于b時，電壓表示數Ub=8V，電流表示數為Ib，已知Ra：R0=12：5，Ia：Ib=3：5（燈絲電阻不隨溫度變化），則定值電阻R0的阻值為______Ω．在電表的示數不超過量程，燈泡兩端的電壓不超過額定值的情況下，只閉合S1時，電路消耗的最小功率為______W。

三、作圖題（本大題共2小題，共4.0分）在足球比賽中，八二班的守門員飛起一腳把對方踢過來的球攔到了門外，如圖，畫出圖中足球所受力的示意圖．（不考慮空氣阻力）

如圖所示，小磁針在通電螺線管的上方靜止，圖中虛線是磁感線，請在圖中標出小磁針的N極和螺線管的S極以及電源的“+”、“-”極。

四、實驗探究題（本大題共2小題，共16.0分）小明和小華做“探究杠桿的平衡條件”實驗。（所用鉤碼均相同）

（1）實驗前，杠桿靜止如圖甲，則應將平衡螺母向______（選填“左”或“右”）移動；調節(jié)杠桿在水平位置平衡的目的是：______。

（2）如圖乙，杠桿在水平位置平衡。由此小明得出杠桿的平衡條件：動力×動力臂=阻力×阻力臂。小華認為他的結論不可靠，理由是：______。

（3）若在圖乙中的杠桿兩側各添加一個鉤碼，杠桿將會______（選填“左端下沉”“保持平衡”或“右端下沉”）；

（4）小華用圖丙所示裝置進行實驗：在保持杠桿水平平衡的條件下，將彈簧測力計逐漸向右傾斜，彈簧測力計的示數會逐漸______，其原因是：阻力和阻力臂一定時，動力臂______（選填“變大”或“變小”）

（5）小華繼續(xù)研究杠桿的機械效率。在B點懸掛總重為G的鉤碼，彈簧測力計在A點施加豎直向上的拉力F，使杠桿緩慢勻速上升，用刻度尺測出A、B兩點上升的高度分別為h1、h2，則：

①杠桿機械效率的表達式為η=______；（用測量的物理量符號表示）

②若只將測力計的作用點由A點移至C點，仍將鉤碼提升相同的高度，不計摩擦，杠桿的機械效率將______（選填“變大”“變小”或“不變”）。曉明同學用如圖所示的電路探究導體中電流跟導體電阻的關系，他先后將六個定值電阻接入電路A、B兩點間，閉合開關s，讀出電流表的示數（如表所示），由實驗數據可以看出，電流與電阻不成反比，請回答：

（1）該實驗器材______選用不正確，應選用______。

（2）為保證實驗正確進行，還需要一個實驗器材是______，應連接在______。電阻R/Ω51020303580電流

I/A0.60.50.3750.30.20.15

五、綜合題（本大題共2小題，共22.0分）無人機顧名思義就是沒有人開的飛機，但你可別小看了無人機。無人機的用途隨著科技、生活的潮流在不斷發(fā)展。無人機的應用范圍很廣泛?？梢杂脽o人機提供網絡服務、環(huán)境監(jiān)測、制造浪漫、電力巡檢、災后搜救等等。下表是某小型無人機的部分參數：參數

名稱最大飛行

半徑/km最大巡航速度/km?h-1整機質

量/kg水平地面總

接觸面積/cm2拍攝速度

/幀?秒-1數據55022011000（幀?秒-1是指每秒拍攝的畫面數）

（1）人們是用遙控器通過______傳輸信息操控無人機的，其有效操控面積最大為______πm2。

（2）無人機停放在水平地面時，對地面產生的壓強是多大？

（3）當無人機以10m/s的速度勻速直線上升時，升力做功的功率是多少？

（4）小汽車在高速公路上限速120km/h，若交警部門利用無人機進行高速公路通行情況的實時監(jiān)測，一輛小汽車在通行0.4m的過程中，高速攝像機拍攝幀數為110幀，據此判斷小轎車是否超速？（通過計算說明）在如圖1所示的電路中，電源電壓保持不變，小燈泡的額定電壓為12V．閉合開關S后，當滑片P從最右端滑到最左端的過程中，小燈泡的I一U關系圖象如圖2所示。則小燈泡發(fā)光時的最小功率為______W，滑動變阻器的最大阻值為______Ω，整個電路的最大電功率為______W。

答案和解析1.【答案】D

【解析】解：我們今天能獲得大量清潔方便的電能主要是通過電磁感應產生的電來提供的，故法拉第發(fā)現的電磁感應是我們獲得大量清潔方便的電能．

故選D

首先分析生活中主要利用電能的熱效應工作，然后確定電流熱效應是哪位科學家發(fā)現的．

主要通過科學家們對物理學的貢獻來回答此類題目．

2.【答案】C

【解析】解：A、聲音能在固體、液體、氣體中傳播，不能在真空中傳播，故A錯誤；

B、人耳能夠聽到聲音的頻率范圍是20Hz～20000Hz，并不是所有的聲人耳都能夠聽到，故B錯誤；

C、聲音是由物體的振動產生的，一切正在發(fā)聲的物體都在振動，故C正確；

D、聲音能夠在固體、液體、氣體中傳播，故D錯誤。

故選：C。

（1）聲音是由物體的振動產生的，聲音的傳播需要介質，不能在真空中傳播；

（2）人耳能聽到的聲音的頻率范圍是20Hz～20000Hz，低于20Hz的是次聲波，高于20000Hz的是超聲波，都是人耳聽不到的。

本題考查了聲音的產生和傳播以及人耳的聽覺頻率范圍，是聲學基礎知識的考查，相對比較簡單。

3.【答案】D

【解析】解：A、功率的單位以瓦特的名字命名，不合題意。

B、功和能的單位是以焦耳的名字命名的，不合題意；

C、電流的單位是以安培的名字命名的，不合題意；

D、電阻的單位是以歐姆的名字命名的，符合題意；

故選：D。

（1）物理學上的很多單位都是以科學家的名字命名的，例如安培、牛頓、瓦特、庫侖等；

（2）歐姆是德國科學家，以他的名字命名了電阻的單位。

在國際單位制中，為了紀念科學家在物理學研究中的杰出貢獻，好多單位以他們的名字來命名的，例如：電壓--伏特、電流--安培、電阻--歐姆、功和能量--焦耳、功率--瓦特、力--牛頓、壓強--帕斯卡等。

4.【答案】B

【解析】解：A、霧是空氣中的水蒸氣遇冷液化為液態(tài)的小水滴，故A錯誤；

B、露是空氣中的水蒸氣遇冷液化為液態(tài)的小水滴，附著在植被表面，故B正確；

C、霜是空氣中的水蒸氣遇冷凝華為固體的冰晶，附著在建筑物或植被表面，故C錯誤；

D、雪是空氣中的水蒸氣遇冷凝華為固態(tài)的冰晶，故D錯誤；

故選：B。

物質由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)叫凝華，物質由固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)叫升華；由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫液化，由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)叫汽化；由固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫熔化，由液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)叫凝固。

分析生活中的熱現象屬于哪種物態(tài)變化，關鍵要看清物態(tài)變化前后，物質各處于什么狀態(tài)；另外對六種物態(tài)變化的吸熱和放熱情況也要有清晰的認識。

5.【答案】B

【解析】【分析】

根據物體的浮沉條件判斷兩者所受浮力關系和液體密度關系，再根據p=ρgh判斷對杯底的壓強關系;當物體的密度大于液體密度時，物體下沉；當物體密度等于液體密度時，物體在液體中懸?。蝗粑矬w密度小于液體密度時，物體將漂浮在液面上。本題主要考查了浮沉條件的應用，一定要掌握物體浮沉情況與密度的關系．同時要搞清不同狀態(tài)下（漂浮、懸浮）物體所受重力與浮力的大小關系?！窘獯稹緼.物體在甲中下沉，受到的浮力小于物體重；在乙中漂浮，物體受到的浮力等于物體重；因此甲杯中物塊受到浮力較小，故A錯誤；

B.物體在甲中下沉，ρ甲＜ρ物，在乙中漂浮，ρ乙＞ρ物，則ρ乙＞ρ甲，兩杯中液面恰好相平，由p=ρgh可知，乙杯底部受到液體的壓強較大，故B正確；

C.若向甲杯中緩慢加鹽，則甲的密度增大，當甲的密度等于物塊的密度時，物塊懸浮，此時浮力等于其重力，當甲的密度大于物塊的密度時，物塊漂浮，此時浮力等于其重力，因此向甲杯中緩慢加鹽，物塊受到的浮力不是一直增大，故C錯誤；

D.在乙中漂浮，物體受到的浮力等于物體重；當向乙杯中緩慢加水，則乙的密度減小，當乙的密度等于物塊的密度時，物塊懸浮，此時浮力等于其重力，因此向乙杯中緩慢加水，物塊受到的浮力不是一直減小，故D錯誤。

故選B。

6.【答案】C

【解析】【分析】

（1）根據平面鏡成像特點，物像等距，對A進行分析并做出判斷。

（2）平面鏡成的是虛像，是光的反射形成的，因此，在玻璃板后面放一塊擋光板，不會影響觀察物體的像。據此對B進行分析并做出判斷。

（3）由平面鏡的成像特點，像物關于鏡面對稱可知：玻璃板如果不豎直，蠟燭的像與蠟燭B不能重合；根據平面鏡的成像特點，像物關于鏡面對稱作出蠟燭的像點即可確定平板玻璃中蠟燭A的像偏高且傾斜的是哪一個，據此對CD進行分析并做出判斷。

探究平面鏡成像特點的實驗是中考出題的一個熱點，本題圍繞這個探究過程可能遇到的問題，解決辦法，合理的思考和解釋來考查同學的，值得我們關注。

【解答】

A、由平面鏡成像特點可知，若蠟燭A距玻璃板4cm，蠟燭A的像距離平面鏡也為4cm，則蠟燭B與玻璃板相距4cm才能與蠟燭A的像完全重合，故A錯誤；

B、平面鏡成的是虛像，是光的反射形成的，因此如果在玻璃板后面放一塊擋光板，則能看見物體的像A′，無法看到物體B，故B錯誤；

CD、實驗時平面鏡必須要豎直放置，如果不豎直，不論怎樣移動后面的蠟燭都不可能與前面蠟燭的像完全重合，由圖可知，乙圖平面鏡豎直放置，不會出現像偏高的情況，丙和丁圖平面鏡沒有豎直放置，分別作出蠟燭A的關于平面鏡的對稱點，可知，丙圖平板玻璃中蠟燭A的像偏高且傾斜，丁圖平板玻璃中蠟燭A的像偏低且傾斜，如下圖：

故C正確，D錯誤；

故選：C。

7.【答案】B

【解析】解：A、物體A做勻速直線運動，處于平衡狀態(tài)，受到的合力為0，故A不正確；

B、由圖可知，物體A受到3股繩子的拉力，所以受到的拉力為3F=3×3N=9N，故B正確；

C、由圖可知，豎直墻受到2股繩子的拉力，所以受到的拉力為2F=2×3N=6N，故C不正確；

D、由于三段繩子拉著物體，所以繩端的移動速度為物體移動速度的3倍，即v繩=3v=0.2m/s×3=0.6m/s，故D不正確．

故選B．

（1）靜止的物體或做勻速直線運動的物體處于平衡狀態(tài)，受到的合力為0；

（2）判斷出物體A和豎直墻承擔拉力繩子的股數，進一步求出他們受到的拉力；

（3）根據速度公式求出每秒物體移動的距離，再根據s=nL求出繩端移動的距離，利用W=Fs求出拉力F每秒鐘做的功．

本題考查了合力的計算和拉力的計算，要注意在計算物體受到的拉力和豎直墻受到拉力的計算時分清出承擔拉力繩子的股數．

8.【答案】B

【解析】解：因甲、乙兩個質量相同，材質不同的金屬塊，甲的初溫大于乙的初溫。若吸收相同的熱量后相互接觸，熱量從乙傳遞到甲，說明乙的末溫比甲的末大，則乙升高的溫度比甲升高的大，即

△t甲＜△t乙

根據可知，當吸收的熱量和質量相同時，比熱容與升高的溫度成反比，

故c甲＞c乙

若放出相同的熱量后，由可知，甲下降的溫度比乙下降的溫度小，又因甲的初溫比乙的初溫高，故甲的末溫比乙末溫高，

即△t末甲＞△t末乙

故熱量從甲傳遞到乙，故B正確，ACD錯誤。

故選：B。

熱傳遞發(fā)生的條件是要有溫度差；吸收或放出相同的熱量后，比熱容小的物質升高或降低的溫度值大。

本題考查比熱容公式的運用，以及熱傳遞的條件，難度不大。

9.【答案】C

【解析】解：A、因為力的作用是相互的，所以踢球時，腳對球施加力的同時球對腳也施加了力。故A錯誤；

B、踢出去的球在空中繼續(xù)運動，是因為球具有慣性；慣性不是力，不能說“受慣性作用”。故B錯誤；

C、守門員使球停下來的過程中，守門員對球有力的作用，球的運動狀態(tài)發(fā)生改變，說明力改變了球的運動狀態(tài)。故C正確；

D、力的大小、方向和作用點都影響力的作用效果，所以，腳對球施加的力大小相同時，其作用效果不一定相同。故D錯誤。

故選：C。

（1）物體間力的作用是相互的，一個物體對另一個物體施力的同時，也受到另一個物體對它的作用力；

（2）慣性是物體本身的一種性質，只能說“具有，不能說“受慣性”；

（3）力的作用效果：力可以改變物體的形狀、力可以改變物體的運動狀態(tài)；

（4）影響力的作用效果的因素是力的大小、方向和作用點。

此題涉及到了力作用的相互性、力的作用效果、慣性等多個知識點的理解和掌握，是一道綜合性的題目。

10.【答案】D

【解析】解：由電路圖可知，R1與R2并聯，電流表A1測R1支路的電流，電流表A2測干路電流，電壓表測電源兩端的電壓。

因電源電壓恒定，

所以，滑片移動時，電壓表V的示數不變，故B錯誤；

因并聯電路中各支路獨立工作、互不影響，

所以，滑片移動時，R1支路的電流不變，即電流表A1的示數不變，故A錯誤；

則電壓表V與電流表A1的示數之比不變，故C錯誤；

將滑動變阻器R2的滑片P向右滑動的過程中，接入電路中的電阻變大，

由I=可得，R2支路的電流變小，

因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，

所以，干路電流變小，即電流表A2的示數變小，

則電壓表V與電流表A2的示數之比變大，故D正確。

故選：D。

由電路圖可知，R1與R2并聯，電流表A1測R1支路的電流，電流表A2測干路電流，電壓表測電源兩端的電壓。根據電源的電壓可知滑片移動時電壓表V示數的變化，根據并聯電路中各支路獨立工作、互不影響可知滑片移動時R1支路的電流變化，然后得出電壓表V與電流表A1的示數之比變化，根據滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，利用歐姆定律可知R2支路的電流變化，再利用并聯電路的電流特點可知干路電流的變化，進一步得出電壓表V與電流表A2的示數之比變化。

本題考查了電路的動態(tài)分析，涉及到并聯電路的特點和歐姆定律的應用，利用好并聯電路中各支路獨立工作、互不影響是關鍵。

11.【答案】35℃～42℃

29℃

【解析】解：圖中是體溫計，其測量范圍是35℃～42℃，分度值是0.1℃。

圖中溫度計的分度值為1℃，溫度在0℃以上，示數為29℃。

故答案為：35℃～42℃；29℃。

人的體溫一般不會超過35℃～42℃的范圍，體溫計的測量范圍是35℃～42℃，體溫計的一個大格是1℃，一個小格是0.1℃，根據液柱的位置讀數。

根據溫度計的分度值讀數。

學會溫度計的讀數：明確是零上還是零下，明確量程和最小刻度值，讀數時從絕對值小的向絕對值大的讀。

12.【答案】擴散

地鐵

【解析】解：

（1）高鐵嚴禁攜帶有“異味”的物品，是因為物品的“異味”分子在不停地做無規(guī)則運動，發(fā)生了擴散現象，使“異味”充滿了整個密閉空間，影響其他乘客；

（2）地鐵啟動時，小麗看見墻上的廣告牌快速向后飛去，廣告牌相對于地鐵的位置在發(fā)生變化，是以小麗乘坐的地鐵為參照物。

故答案為：擴散；地鐵。

（1）兩種物質在相互接觸時，分子彼此進入對方的現象叫擴散，擴散現象說明了構成物體的分子在不停地做無規(guī)則運動；

（2）在研究物體的運動情況時，要先選取一個標準作為參照物，物體和參照物之間的位置如果發(fā)生改變，則物體是運動的；如果未發(fā)生變化，則物體是靜止的。

本題考查了分子的無規(guī)則運動、運動和靜止的相對性，利用所學知識解釋實際生活現象，體現了學以致用！

13.【答案】船

力的作用是相互的

【解析】解：（1）分析以船為參照物，船與山之間的距離發(fā)生了變化，而且船向前行，以船為參照物，山在“后退”

（2）物體間力的作用是相互的，用槳向后劃水，同時水給槳一個向前的力，推動船向前行駛。

故答案為：（1）船；（2）力的作用是相互的。

（1）判斷一個物體的運動情況時，必須先確定一個作為標準的參照物，分析研究對象和參照物之間的相對位置是否發(fā)生了改變，如果發(fā)生改變，則物體是運動的；如果未發(fā)生變化，則物體是靜止的；

（2）力是物體對物體的作用，物體間力的作用是相互的。

此題主要考查學生對參照物的選擇、運動和靜止的相對性的理解和掌握，以及力的相互作用，難度不大。

14.【答案】是

小

【解析】解：在空中水平勻速飛行時受力平衡，在豎直方向上所受的重力與飛機升力大小相等、方向相反、作用在同一條直線上、作用在同一個物體上，是一對平衡力；

流體的壓強跟流速有關，流速越大的位置，壓強越??；正在高空中飛行的飛機，擋風玻璃突然爆裂，窗外空氣流速大、壓強小，窗內空氣流速小，壓強大，故形成向外的壓強差，因此副駕駛整個上半身被“吸”出艙外。

故答案為：是；小。

物體處于靜止或勻速直線運動狀態(tài)時，受力平衡；流體流速越快的位置壓強越小，據此做出分析。

對于流體壓強跟流速的關系，要分析一個物體兩側的流速變化，壓強變化，判斷物體受力情況，判斷物體的運動情況。

15.【答案】甲

91%

丙

45%

不能

【解析】解：

由圖可知，甲、乙定滑輪中繩子的有效股數n甲=n乙=1；丙動滑輪中繩子的有效股數n乙=2；丁滑輪組中繩子的有效股數n丁=2，

由η====可得，甲、乙、丙、丁四種機械的機械效率分別為：

η甲==×100%≈91%，

η乙==×100%≈83%，

η丙==×100%≈45%，

η丁==×100%≈63%，

綜上可知，機械效率最大的是甲，機械效率最小的是丙；

由F丙=5.5N＞GM=5N可知，使用丙提升物體M時不能省力。

故答案為：甲；91%；丙；45%；不能。

設承擔物重的繩子股數為n，則拉力端移動的距離s=nh，拉力做的有用功W有=Gh，拉力做的總功W總=Fs=Fnh=nFh，機械效率η====，據此計算出四圖中的機械效率，然后比較得出最大和最小機械效率及其對應的機械；使用機械是否省力，取決于拉力與提升物重的大小關系。

本題考查了使用定滑輪、動滑輪、滑輪組時機械效率的計算以及使用機械時是否省力的判斷，利用好公式η====是關鍵。

16.【答案】0

600

60

【解析】解：（1）重力的方向豎直向下，物體在水平方向上通過了距離，而沒有在豎直方向上通過距離，所以重力對物體沒有做功，即重力做功為0J。

（2）小明對物體做的功：W=Fs=100N×6m=600J，

做功的功率：P===60W。

故答案為：0；600；60。

（1）物理學中的做功的兩個必要條件：一是作用在物體上的力，二是物體在力的方向上移動一段距離，二者缺一不可。據此判斷重力是否做功；

（2）根據功的計算公式W=Fs即可算出做的功；根據功率公式P=即可算出做功的功率。

本題考查了學生對功的公式和功率公式的掌握和應用，理解做功的兩個必要因素很關鍵。

17.【答案】20

4.5

【解析】解：當開關S1閉合、S2斷開，滑片P置于a點時，等效電路如圖甲所示；

當開關S2閉合、S1斷開，滑片P置于b點時，等效電路如圖乙所示。

（1）當開關S2閉合、S1斷開，滑片P置于變阻器上的b點時，Rb與R0串聯，Ub=8V，

由圖2可知電阻Rb=16Ω，則電流：

Ib===0.5A，

因串聯電路中總電阻等于各分電阻之和，

所以，電源的電壓：

U=Ib（Rb+R0）=0.5A×（16Ω+R0）①

只閉合S1，R與L串聯，當滑片P置于a點，由于Ia：Ib=3：5，則

Ia=Ib=×0.5A=0.3A，

則電源的電壓：

U=Ia（Ra+RL）=0.3A×（Ra+12Ω）②

由①②式和Ra：R0=12：5可得：

R0=20Ω，U=18V；

（2）由P=UI可得，燈泡的額定電流：

IL額===0.5A，

燈泡的電阻：

RL===12Ω；

只閉合S1時，小燈泡與滑動變阻器串聯，電壓表測量滑動變阻器兩端的電壓，

因為電壓表的量程為0～15V，所以滑動變阻器R兩端的電壓最大為UR大=15V時，變阻器連入電路的電阻值最大，電路的總電流最小，電路的總功率最??；

燈泡兩端的電壓UL小=U-UR大=18V-15V=3V，

通過電路的最小電流為：I小===0.25A，

電路消耗的最小功率為：P小=UI小=18V×0.25A=4.5W。

故答案為：20；4.5。

（1）當開關S2閉合、S1斷開，滑片P置于變阻器上的b點時，R與R0串聯，Ub=8V，由圖2可知電阻Rb的阻值，根據歐姆定律求出電路中的電流，根據串聯電路的電阻特點和歐姆定律表示出電源的電壓；只閉合S1，R與L串聯，當滑片P置于a點，根據Ia：Ib=3：5求出Ia，再根據電阻的串聯和歐姆定律表示出電源的電壓，根據電源的電壓不變得出等式，然后結合Ra：R0=12：5即可求出R0的阻值和電源的電壓；

（2）根據P=UI求出燈泡的額定電流，根據歐姆定律求出燈泡的電阻，當變阻器兩端的電壓最大時，變阻器連入電路的電阻最大，電路的總電流最小，電路的總功率最??；根據串聯電路電壓的規(guī)律算出燈泡兩端的電壓，根據歐姆定律算出電路的電流，利用P=UI算出電路消耗的最小功率。

本題考查了串聯電路的特點和歐姆定律、電功率公式的綜合應用，分清各種情況下電路的連接方式和對應的關系是解題的關鍵。

18.【答案】解：

不考慮空氣阻力，踢出去的足球只受重力作用，從重心沿豎直向下的方向作出重力的示意圖，如圖所示：

．

【解析】足球在空中飛行，（不考慮空氣阻力）只受豎直向下的重力作用，由此畫出足球所受力的示意圖．

本題考查畫力的示意圖，先要分析物體的受力情況．畫力的示意圖的一般步驟為：①確定受力物體；②在受力物體上畫出力的作用點；③確定力的方向后沿力的方向畫一條線段；④在線段的末端標箭頭，在箭頭旁標出所畫力的符號、數值大小和單位．

19.【答案】解：

根據磁感線的方向可以判斷螺線管的右端為N極、左端為S極；根據安培定則，大拇指指向N極，其余四指彎向電流的方向，可得電流從螺線管右邊流入、左邊流出，所以電源右端為正極；根據磁極間的相互作用規(guī)律可知，小磁針的左端為N極；如圖：

．

故答案為：如上圖。

【解析】根據磁感線的方向可確定螺線管的NS極，再根據安培定則判斷螺線管中電流的方向，進而確定電源的正負極，最后根據磁極間的作用規(guī)律確定小磁針的N極。

對于一個通電螺線管，只要知道電流的方向、線圈的繞法、螺旋管的N、S極這三個因素中的任意兩個，我們就可以據安培定則判斷出另一個。

20.【答案】右

便于測量力臂

根據一組實驗數據得出結論，實驗結論不具有普遍性

左端下沉

變大

變小

不變

【解析】解：

（1）調節(jié)杠桿在水平位置平衡，杠桿右端偏高，左端的平衡螺母應向上翹的右端移動，使杠桿在水平位置平衡，力臂在杠桿上，便于測量力臂大?。?/p>

（2）小明僅根據一組實驗數據就得出結論，實驗結論具有偶然性，不具有普遍性，實驗結論不合理。

（3）設一個鉤碼重為G，一格的長度為L，若兩側分別增加一個鉤碼，

左側：3G×3L=9GL，

右側：4G×2L=8GL，

因為8GL＜9GL，即左側力與力臂的乘積大于右側力與力臂的乘積，故杠桿左端下沉；

（4）小華用圖丙所示裝置進行實驗：在保持杠桿水平平衡的條件下，將彈簧測力計逐漸向右傾斜，阻力、阻力臂不變，動力臂逐漸變小，根據杠桿平衡條件可知，動力逐漸變大，即彈簧測力計示數將逐漸增大。

（5）①由題知，在圖丁中，測力計在A點施加豎直向上的拉力F，使杠桿緩慢勻速上升，用刻度尺分別測出A、B兩點上升的高度為h1、h2；

克服鉤碼重力做的是有用功W有=Gh2，總功是W總=Fh1，

杠桿的機械效率為：η==；

②將測力計的作用點由點A移至C點，O、B位置不變，仍將鉤碼提升相同的高度，這時有用功和總功都不變，因此機械效率不變。

故答案為：（1）右；便于測量力臂；（2）根據一組實驗數據得出結論，實驗結論不具有普遍性；（3）左端下沉；（4）變大；變??；（5）①；②不變。

（1）調節(jié)杠桿在水平位置平衡時，平衡螺母向上翹的一端移動；探究杠桿平衡條件時，使杠桿在水平位置平衡，這樣方便測量力臂；

（2）為得到普遍性的規(guī)律，應多測幾組數據進行分析；

（3）一個鉤碼重是G，根據杠桿的平衡條件，若F1L1=F2L2，杠桿平衡；若F1L1≠F2L2，杠桿就不平衡，會沿力和力臂乘積大的F的方向轉動；

（4）彈簧測力計豎直向下拉杠桿時，力臂在杠桿上，當彈簧測力計傾斜拉杠桿時，力臂變短，阻力、阻力臂不變，動力臂變短，動力變大。

（5）克服鉤碼重力做的是有用功，拉力做的是總功，根據公式η=計算即可；當拉力的作用點發(fā)生變化時，做的總功是不變的，據此解答即可。

此題是探究杠桿平衡實驗，考查了杠桿的調平及杠桿平衡條件的應用，在利用平衡條件公式時，要注意分析力和對應的力臂。

21.【答案】電阻R′；滑動變阻器；電壓表；A、B兩點

【解析】解：（1）實驗中選擇了兩個定值電阻串聯，沒有選擇滑動變阻器，不能保證定值電阻兩端的電壓不變，因此應該把電阻R′換成滑動變阻器；

（2）定值電阻兩端的電壓不變，是通過與其并聯的電壓表的示數體現的，因此應將一只電壓表并聯在定值電阻兩端，也就是接在A、B之間。

故答案為：（1）電阻R′；滑動變阻器；（2）電壓表；A、B兩點。

探究導體中的電流跟導體電阻的關系時，應該選擇定值電阻和滑動變阻器串聯，電壓表測量定值電阻兩端的電壓，電流表測量電路中的電流，更換定值電阻的阻值，移動滑動變阻器的滑片控制電阻兩端的電壓不變，記錄電阻值和電流表的示數進行分析研究。

本題研究的是電流與電阻的關系，此實驗注意兩點：

（1）要牢記電壓不變這一前提條件，需要電壓表并聯在定值電阻兩端，電壓表的示數不變，就是定值電阻兩端的電壓不變；

（2）更換不同阻值的定值電阻，其兩端的電壓肯定要