2021屆高考物理黃金預測卷 新高考版 遼寧地區(qū)專用

00002021屆考物理黃預測卷新高版遼地區(qū)專用一單題一物體初速度沿滑斜面勻減速向上滑動，當上滑距離x時速度減為10m/s，物體恰滑到斜面頂部時度下好為零，則斜面長度為（）D.60m紅、黃綠三種單色光以相同的入射角從水中射向空氣，若綠光在界面上恰好發(fā)生全反射，則下列判斷正確的是()黃一定能發(fā)生全反射紅一能發(fā)生全反射C.黃光在水中的波長比紅光在水的波長長這種單色光相比，紅光在水傳播的速度最大如圖所，用ab、c三色光照射光電管陰極K行光電效應的實驗為光且光較，藍光光強介于a光c光間，某次實驗先光射時，有光電流產(chǎn)生．下列說法錯誤的是()A當換用a光射時，入射的光強變大，飽和光電流變大B當換用入射時，光電子的最大初動能變大，飽和光電流變大C．保持光的光強不變，不斷減小入射光的頻率，則始終有光電流產(chǎn)生D．止壓的大小與入射光的頻率有關，與入射光的光強無關下列四表達式中，不屬于比值法定義的物理量是（）電I/R

加度a/

C.角速度t

磁應強度/

一波源Q發(fā)一列簡諧橫波，源Q的振動圖像如圖所示。在波的播方向上有M、N兩點，它們到波源的離分別為m和42m測得兩點開始振動的時間間隔為。下列說法正確的是()

M開振動的方向向下該的速為10m/sC.N始振動的時間比波源滯后10.5D.始振動后，其在內(nèi)通過的路程為m邊長為l

的閉合金屬正三角形框架，左邊豎直且與磁場右邊界平行，完全處于垂直框架平面向里的勻強磁場中?，F(xiàn)把框架勻速水平向右拉出磁場，如圖所示，則下列圖象與這一過程相符合的是()A

B

C．

D．如圖，、B兩質量均為m的球（視為質點）懸掛在點在小球上施加一個外力F,緩慢地讓兩個小球偏離原來的位置，直到輕繩OA豎直方向成角的平衡位置，外力F最時，輕繩輕繩AB上拉力大之比()A.2:1B.3C.:23二多題北斗閃，澤沐八方年7月31日北斗三號全衛(wèi)星導航系統(tǒng)建成暨開通儀式在北京舉行。如圖所示為55顆星繞地球不同軌道運動的lglgr圖，其中T為星的周期r為衛(wèi)星的軌道半徑12其中的兩顆衛(wèi)星。已知引力常量為，根據(jù)圖像可求得的物理量不正確的是()

衛(wèi)1和星動的線速度大小之比為:地的徑為x

C.地球質量為

10G衛(wèi)1和衛(wèi)星向心加速度大小之比為:x9.如圖所示，由絕緣材料制成的半徑為內(nèi)壁光滑圓軌道，豎直放置在水平地面上且左和恰被光滑擋板擋住，圓心O固定著電荷量為Q場源點電荷.一電荷量為q、可視為質點的帶電小球沿軌道內(nèi)壁做圓周運動，當小球運動到最高點時，地面對軌道的彈力恰好為零.若軌道與小球的質量均為，,忽略小球的電荷對成的電場的影響，重力加速度為g靜電力常量為k.下列說法中正確的是（）A.軌道內(nèi)壁的電場強度處處相同B.軌道內(nèi)壁的電勢處處相等C.運動到與圓心等高的B點時，小球對軌道的壓力大小mgD.運動到最低點C時，小球對軌道的壓力大小為mg

qQ10.如圖甲、乙所示有兩物塊質量分別為m、m

，m

，甲圖中用輕繩將兩物塊連接在滑輪組上，乙圖中用輕繩將兩物塊連接放在固定光滑斜面上，斜面傾角為°，滑輪的質量不計，輕繩與滑輪的摩擦也不計，重力加速度為g現(xiàn)將兩物塊從靜止釋放，物塊A上一小段距離，在這一過程中，下列說正確的()

甲乙兩圖中，兩物塊的重力勢能之和均不變甲中塊上升到h高度時的速度為

C.甲圖中，輕繩對兩物塊做的功大小不相等甲乙兩圖中，輕繩的拉力大分別為

23

和

mg三實題11.某同學用圖甲所示裝測定重力加速度，已知打點計時器打點頻率為5Hz。（1實驗時下面步驟的先后順序_______。釋重物

接打計時器（2打出的紙帶如圖乙所示，可以判斷實驗時重物連接在紙帶___________（填“左”或“右”）端。（3圖乙中是連續(xù)的幾個計時點，每個計時點到0點距離d如表所示：計時點距離

/根據(jù)這些數(shù)據(jù)可求出第時點的速度為_________m/s，力加速度的測量值_______m/s2（均保留三位有效數(shù)字）。12.有一個簡易的多用電，內(nèi)部電路如圖所示。它有a、、、d四接線柱，表盤上有兩條刻度線，其中表示電阻的刻度線刻度是均勻的，表頭G的偏電流

I25mA，阻R10

。使用a、c

兩個接線柱，多用電表的功能是量程為V的壓表。

p1p1（1表盤上電阻刻度線上的相鄰兩刻度表示的電阻值之差越往左側（“大”或“小”）。（2如果使用、b兩接線柱，多用電表最多能夠測_電壓，與接線柱c相的電阻R

Ω（3將、兩接線柱短接，調節(jié)滑變阻器的滑動觸頭，使表頭指針指向表盤右側0刻度。取一個電阻箱，將a、d個接線柱與電阻箱相連，調節(jié)電阻箱，使表頭指針指向表盤的正中央，此時電阻箱的電阻為

120

，則這只多用電表歐姆擋的內(nèi)阻_________Ω，這只多用電內(nèi)電源的電動勢為___________V。（4按照紅、黑表筆的一般使用規(guī)則，測電阻時紅表筆應該與接線_____填“”或“”）相連。四計題13.如圖所示，在水平面有一彈簧，其左端與墻壁相連點彈簧原長位置點側水平面光滑。水平段長L=2mP點側一與平方向成θ=30°角的傳送帶與水平面在P平滑連接，傳送帶逆時針轉動，速度為。質量為2kg的物塊A（可視為點）壓縮彈簧（與彈簧不連接），彈簧的彈性勢能E，物塊與OP間動摩擦因數(shù)μ=0.1；另一與完相同的物塊B停P點傳送帶間的動摩擦因數(shù)撞時間不計2，現(xiàn)釋放，求：

33

，傳送帶足夠長A與的碰撞為彈性碰撞且碰(1)物塊A與B一次碰撞后瞬間B的速度大小；(2)A、B第次碰撞后到第二次碰撞前運的時間。14.新冠肺炎疫情期間，家從北方調大批裝有氧氣的鋼瓶送往武漢，每個鋼瓶的容積0m，北方測得鋼瓶內(nèi)氧氣壓強為Pa，個鋼瓶總質量kg，度為，長途運輸?shù)轿錆h方艙醫(yī)院檢測時測得鋼瓶內(nèi)氧氣壓強為.3Pa，溫度為330K?，F(xiàn)使用其中一瓶氧氣，先用小鋼瓶（加抽氣機）緩慢分裝，小鋼瓶容積為m，裝后每個小鋼瓶內(nèi)氧壓強為Pa要求大鋼瓶內(nèi)壓強降到時停止分裝。

（1通過計算判斷鋼瓶在運輸途中是否漏氣；（2一個大鋼瓶可分裝多少小鋼瓶供病人使用。15.兩個同軸（軸線水平網(wǎng)狀金屬圓筒的截面如圖所示的半徑為

，Q的徑為R

，在P圓筒內(nèi)有沿軸線方向向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B，在P、Q兩筒間加恒定電壓U后，、

兩圓筒之間有圖示輻射狀的電場，、C是圓截面水平直徑的端點，現(xiàn)將一電子從A點由靜止釋放，電子質量為、荷量為e假設電子不會與筒的金屬網(wǎng)發(fā)生碰.

求：（1電子進入圓筒時的速度大小；（2欲使電子在最短時間內(nèi)回到，電壓U大小；（3在電壓U符合（2）問要求下，仍將電子從A點由靜止釋放，要求電子能夠達C點并且在第一次到達點之前，電子只能在AC直及以下域運動，需將P圓內(nèi)磁場的磁感應強度大小變?yōu)?/p>

，請你推導B

應滿足的表達式.

參答答案：A解析：設斜面長度為L根據(jù)速度位移關系公式得：

,

aL=2ax聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得：L=40m,A符題；故答案為答案：解析：由于紅、黃、綠三種單色光中綠光的折射率最大，紅光的折射率最小，根據(jù)臨界角公式

可知綠光的臨界角最小，紅光的臨界角最大，若綠光恰能發(fā)生全反射，則紅光和黃光都不能發(fā)生全反射，故AB錯；根據(jù)

cn

可知綠光在水中傳播的速度最小，紅光在水中傳播的速度最大，故D正；光在水中傳播的速度比紅光小頻率比紅光大，根據(jù)

vf

可知黃光在水中的波長比紅光的短，故錯誤.

電動勢有電動勢有答案：解析：A．當換用a光射，入射光的頻率不變，入射光的光強變大，飽和光電流變大，因為飽和光電流與入射光的強度成正比，故A正確；B根光電效應的規(guī)律，光電子的最大初動能隨入射光頻率的增大而增大，當換用入射時，入射光的頻率變高，光電子的最大初動能變大，飽和光電流也變大，故B正；．如果入射光的頻率小于極限頻率將不發(fā)生光電效應，不會有光電流產(chǎn)生，故誤D．據(jù)

eU

，得遏止電壓，最大初動能E與入射的頻率有關，與入射光的強度無關，故D正答案：A解析：答案：解析：由圖可得：波源在t時振方向向上，故該波上各質點的起振方向都向上，選項A誤；、N兩點平衡位置間距離

42m30m

M、N兩點開始振動的時間間隔為3.0s，故波從播到N的間間隔

s

，波的速度

4m/

，選項B錯；N到源的距離42，那么，波從波源傳播到點的時間tN

424

，故N的動比波源Q滯后3s，項確N開振動后，從平衡位置向上起振，經(jīng)過即經(jīng)過2

，通過的路程0.3

，選項D錯。答案：B解析：該過程中，框架切割磁感線的有效長度等于框架與磁場右邊界兩交點的間距，根據(jù)幾何關系有l(wèi)有

223x，以E33

v故A錯B正確。外

Bl有

v3R

x

，故C錯。Fx

，故錯。答案：解析：A、體受力如圖所示，當外力最小時，外力F與直方向成°角，可求出繩OA拉力大小為mg再隔離小，作用在B小上的三個力構成邊三角形，則繩AB的拉力為。所以，:T

3:1選正確。答案：ABD

3T22G3T22G解析：本題考查萬有引力定律的應用。由萬有引力提供衛(wèi)星做圓周運動的向心力，有

r

r3mr，得，兩邊取對數(shù)可得lgrlg4π224π

，因為r，10r，由v

r

v3，可得，A合題意；當lgT時lgrlgv10π

，lgrx，x

GMGM，即lgππ

，不是地球的半徑，故B符題意；根據(jù)表達式可知截1GM距l(xiāng)g2π

2，解得M，不合題意；根據(jù)r，得r

，同理根據(jù)lgr，可得r

GMar，又，則rr

，故D符合題意。9.答案：BD解析：由點電荷的場強公式E

kQR

可知，場源點電荷在軌道內(nèi)壁處產(chǎn)生的電場強度大小相等，但方向不同，A錯誤；軌道內(nèi)壁上各點到場源點電荷的距離相同，電勢相等，B正確；帶電小球在A點時，帶電小球對軌道的彈力豎直向上，大小等，軌道對帶電小球的彈力豎直向下，大小為

kQqmg，在對帶電小球2，R2R從B由動能定理mgR2mv

2

kQqmv，在有N2R

2，聯(lián)立解得在點時軌道對小球的彈力為N'，根據(jù)牛頓第三定律可知在時小球對軌道的壓力大小4mgC錯誤；在最低點時設軌道對小球的彈力為''

，則kQqmv211N，由C由動能定理22R

2

，聯(lián)立解得，根據(jù)牛頓第三定律知,運動到最低點C時小球對軌道的壓力大小，D確.10.答案：解析：本題考查連接體的機械能守恒問題。根據(jù)機械能守恒可知B物減小的重力勢能全部轉化為塊的重力勢能和兩物塊的動能，則兩物塊的重力勢能之發(fā)生變化，選項A錯誤；題圖甲中，根據(jù)動滑輪的特點可知塊的速度為A物塊速度的2倍，根據(jù)動能定理可得1ghv2

gh，解得v，項B正確；題圖甲中同一根輕繩的拉力相同，故輕繩對B物塊做功的功率PFv

，輕繩對A物做功的功率P2

，由于v2

，故輕繩對塊做功的功率與輕繩對A物做功的功率大小相等，選項C錯誤；對題圖甲中兩物塊，根據(jù)動滑輪的特點可知塊的加速度為物塊的加速度的一半，根據(jù)牛頓第二定律可知2,

，聯(lián)立解得

，對題圖乙中兩物塊，根據(jù)牛頓第二定律可知g，mgFa

a，得

，選項D正。

2AA2AA11.答案：（）BA（2左（33.50解析：（）根據(jù)打點計時器的使用步驟，應先接通電源，后釋放重物，故順序為BA；（2紙帶與重物相連的那端最先打點，故點的分布比較密集些，所以重物連接在紙帶的左端；（3根據(jù)表中的數(shù)據(jù)可得

(26.50(2

3.50m/s

，用逐差法來求重力加速度的測量值

(30.02)

m/

9.72/2。12.答案：（）大（20.25

3990（3，V（4解析：（）由歐姆表原理可知，表盤上左側電阻大，所以越往左側，相鄰兩刻度表示的電阻之差越大；（2使用a、兩個接線柱時，多用電表為電流表，多用電表所能測的大電壓，即為表頭的滿偏電壓

UR0.025V0.25V

；與接線柱c相時是將表頭改成量程為V的壓表，根據(jù)電壓的改裝原理，則有UIRI

，解得

IRI

，代入數(shù)據(jù)得

R

；（3當指針指在正中央時，表頭示數(shù)為I

252

mA1.25

A，歐姆中值電阻等于其內(nèi)阻，即

120中

，根據(jù)閉合電路的歐姆定律，則電源電動勢為

ER

，代入數(shù)據(jù)解得V

；（4按照多用電表紅、黑表筆的使用規(guī)則，黑表筆電勢要高于紅表筆電勢，所以紅表筆應該與接線柱相。113.答案：(1)設物塊質量為，A與一次碰撞前的速度為v，由動能定理mv

解得：設AB第碰撞后的速度分別為,v

，以A的速度方向為正方向，由動量守恒定律得1由機械能守恒定律得mvmv2

解得：，（2碰后沿皮帶輪向上勻減速運動直至速度為零，加度大小設為a

，由牛頓第二定律

m

g

運動的時間為

vtB0.4sa

運動的位移為+E.此后開向下加速，加速度仍為

，速度與皮帶輪速度等時勻速運動，設加速時間為t

，位移為