2021屆高考物理黃金預(yù)測卷 新高考版 重慶地區(qū)專用

2021屆考物理黃預(yù)測卷新高版重地區(qū)專用一單題如圖所，長為L的繩一端系于天花板上的O點(diǎn)另一端與物塊相連，物塊可視為質(zhì)點(diǎn)。將物塊拉到與O點(diǎn)等高的位置，并由靜止釋放，不計空氣阻力。當(dāng)物塊下擺至最低點(diǎn)與水平面相切時，輕繩恰好被拉斷。已知物塊質(zhì)量為，塊與水平面間的動摩因數(shù)為力加速度為g，則()物運(yùn)動到O正下方的速度為2gL物在平面上滑行的最大距離為

LC.物塊由最高點(diǎn)運(yùn)動至最低點(diǎn)的程中，重力的功率一直增大輕的最大拉力為

2mg

發(fā)β衰變后變?yōu)?/p>

Mg變后產(chǎn)生的子全部定向移動形成電流。如果在s內(nèi)生衰變的

個為215個，則這段時間內(nèi)產(chǎn)生的平均流()1.6

A

B.

A

C.

A

D.3.2

A如圖所為某電場電場線的分布，實線為電場線，方向如圖中箭頭所示，

、NQ

是以直電場線上一點(diǎn)O為圓心的同一圓周的三點(diǎn)，連垂直于。以下說法正確的()A.點(diǎn)勢與Q點(diǎn)電勢相等M、間電勢差大于O、N間電勢差C.將一負(fù)電荷由點(diǎn)移動到點(diǎn)負(fù)荷的電勢能減小D.在點(diǎn)止釋放一個正電荷，正電荷受電場力的作用將沿虛線圓運(yùn)動一段距離如圖所，一根足夠長的直導(dǎo)線水平放置，通以向右的恒定電流，在其正上方O點(diǎn)細(xì)絲線懸掛一銅制圓環(huán)。將圓環(huán)從無初速度釋放，圓環(huán)在直導(dǎo)線所處的豎直平面內(nèi)運(yùn)，經(jīng)過最低點(diǎn)b和最右側(cè)點(diǎn)c后回，下列說法正確的()

A.從到c的過程中圓環(huán)的感應(yīng)電流方向先逆時針后順時針運(yùn)過中圓環(huán)受到的安培力方向始終沿豎直方向C.圓環(huán)從b到c時間大于從c到b時間圓從b到c生的熱量等于從c到b產(chǎn)生的熱量如圖所，半徑為R、量為m的圓形導(dǎo)線框用兩根絕緣細(xì)線懸掛，靜止時導(dǎo)線框直線邊水平，導(dǎo)線框中通有順時針方向的電流，圖中水平虛線為勻強(qiáng)磁場的上邊界，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于導(dǎo)線框向里，于磁場區(qū)域的導(dǎo)線框?qū)?yīng)的圓心角為20°，此時每根細(xì)線的拉力大小均為F

?，F(xiàn)保持其他條件不變，將虛線下方的磁場移至虛線上方，使虛線為勻強(qiáng)磁場的下邊界，此時每根細(xì)線的拉力大小均為F

，則導(dǎo)線框中的電流大小()

BR

3BR

C.

3

B

6

B

北京時2020年723日，在中國文昌航天發(fā)射場（我國四大發(fā)射場中緯度最低），長征五號運(yùn)載火箭將天問一”直接送入地火轉(zhuǎn)移軌道。天問一號探測器將在地火轉(zhuǎn)移軌道飛行約月（關(guān)閉發(fā)動機(jī)）后，到達(dá)火星附近，通“車完成火星捕獲，進(jìn)入環(huán)火軌道，并擇機(jī)開展著陸、巡視等任務(wù)，進(jìn)行火星科學(xué)探測。關(guān)天問一號，下說法正確的是)A選擇文昌發(fā)射場的一個原因是該地角速度較大B天一在飛往火星的過程中，不受重力作用，處于完全失重狀態(tài)C．天一在火星捕獲軌道經(jīng)過近火星點(diǎn)A的能大于在火星停泊軌道經(jīng)過該點(diǎn)的動能

NfffNNNfffNND．天一”火星停泊軌道經(jīng)過近火星點(diǎn)A的速度大于在科學(xué)探測軌道經(jīng)過該點(diǎn)的加速度自卸式輸車又稱為翻斗車、工程車，由汽車底盤、液壓舉升機(jī)構(gòu)、取力裝置和貨廂組成。如圖所示，在車廂由水平位置逐漸抬起至豎直的過程中，有關(guān)貨物所受車廂的支持力F和摩擦力，下列說法中正確的是)A摩擦力逐增大C．持力逐增大

B摩擦力先大后減小D．持F先小不變二多題小明坐半球形軌道頂端玩耍，突然被小伙伴推了一下，沿球面向下滑動。半球形軌道橫截面示意圖如圖所示。假設(shè)球面是光滑的，球半徑為，從最高點(diǎn)A滑時的水平速度為，至點(diǎn)脫離軌道，最終落在水平地面上的C，OA和間的夾角為計空氣阻力，重力加速為。下列說法中正確的()A.從到B的程，小明水平方向的加速度先減小后增大在點(diǎn)，小明的速度為

C.cos

gRD.從到的過程中，小明運(yùn)動的時間大

R如圖甲示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，壓表和電流表均為理想電表，原線圈接如圖乙所示的正弦交流電，圖中t阻，下列說法正確的是（）

為NTC熱敏電阻（阻值隨溫度的升高而減小），R

為定值電交電壓u的達(dá)式

u36V

Rt

溫度升高時，電壓表和電流表的示數(shù)均變大C.變壓器原、副線圈中的電流之隨t

處溫度的變化而變化t

處溫度升高時，變壓器原線圈的輸入功率變大10.如圖甲所示，平行于滑斜面的輕彈簧勁度系數(shù)為，一端固定在傾角為的面底端，另一端與物塊A連；兩物塊A、B質(zhì)均為m，初始時均靜.用平行于斜面向上的力F拉物塊B，使物塊B做速度為的勻加速直線運(yùn)動AB兩塊在開始一段時內(nèi)的關(guān)分別對應(yīng)圖乙中A、B圖（

時刻A的線相切，

時刻對應(yīng)圖線的最高點(diǎn)），重力加速度為g則()A.t

時刻，彈簧形變量為零

B.t

時刻，彈簧形變量為

mgsin

C.從開始到t

時刻，拉力F逐漸增大

從始到t

時刻，拉力F的功率變大三實題11.北京將是首個舉辦過季奧運(yùn)和冬奧會的城市，花樣滑冰是冬奧會上一個極具觀賞性的比賽項目，小明和小樂同學(xué)在觀看雙人花樣滑冰比賽時，看到男運(yùn)動員拉著女運(yùn)動員的手以男運(yùn)動員為軸旋轉(zhuǎn)（如圖a所示），他們開始討論運(yùn)動員旋轉(zhuǎn)快慢跟什么條有關(guān)，于是就設(shè)計了一個實驗來探究影響運(yùn)動員旋轉(zhuǎn)周期的因素。他們在實驗室準(zhǔn)備了鐵架臺、栓有細(xì)繩的小鋼球、毫米刻度尺和秒表，已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。該同學(xué)實驗操作步驟如下：（a（b）（1將鐵架臺放在水平桌面上，將小球懸掛在鐵架臺橫桿上，按如圖b所固定好刻度尺，使刻度尺的零刻度與繩子結(jié)點(diǎn)處于同一高度。（2給小球一個初速度，并經(jīng)過調(diào)整盡量使小球在水平方向上做圓周運(yùn)動，這樣小球的運(yùn)動可以

0i00i0看做是勻速圓周運(yùn)動。小明立刻拿著秒表開始計時并數(shù)小球圓周運(yùn)動的圈數(shù)，從他按下秒表的那一刻開始數(shù)，當(dāng)數(shù)到停秒表，秒表顯示的時間為t則小球做圓周運(yùn)動的周期=_____。在小明數(shù)數(shù)計時的過程中，小樂同學(xué)負(fù)責(zé)從刻度尺上讀出鐵架臺上繩子結(jié)點(diǎn)到圓平面的豎直高度h，多次測量后取平均值，樣做的目的是為了減____填偶然誤”系統(tǒng)誤）。（3由勻速圓周運(yùn)動規(guī)律，小球做圓周運(yùn)動周期的表達(dá)式為（以上題目所給出符號表示，若題中沒有給出請注明）（4帶入所測數(shù)據(jù)經(jīng)過計算，若≈T則可以證明運(yùn)動員的旋轉(zhuǎn)快慢與有關(guān)。12.某實驗小組利用伏安進(jìn)“探究熱敏電阻的溫度特性實，部分實驗器材如下：電E（電動勢3V，內(nèi)阻不計）；B.電流表A（量程0~500mA，內(nèi)阻約為）C.電流表A

（量程0~0.6mA內(nèi)為

100

）；開、導(dǎo)線若干。（1因為需要一個量程為3V的壓表，上述器材中可以用來改裝成電壓表的電流表（選填選項前的字母），還需要一個阻值_______Ω的定值電阻與所選電流表串聯(lián)進(jìn)行改裝。（2改裝好電壓表后，采用如圖甲所示電路，根據(jù)不同溫度下電壓表和電流表的讀數(shù)比值，得到不同溫度下熱敏電阻阻值，描繪出如圖乙中的R曲，由于系統(tǒng)誤差，圖乙中由實驗得到的數(shù)據(jù)描繪出的實際曲線與理論曲線相比有一定的差異，圖乙中標(biāo)記為Ⅰ的圖線____________（選填實際曲”或理曲線）（3興趣小組利用該熱敏電阻制作了一個檢測油箱警戒液位的低油位報警裝置，如圖丙所示。給熱敏電阻通以一定的電流，熱敏電阻會發(fā)熱，當(dāng)液面高于熱敏電阻的高度，熱敏電阻上產(chǎn)生的熱量會被液體帶走，溫度基本不變，當(dāng)液體減少、熱敏電阻露出液面時，熱敏電阻的溫度將（填升或降低），阻值（填增或減”），指示燈會亮，就知道液面低于設(shè)定值。若根據(jù)圖乙的圖線數(shù)據(jù)來設(shè)定油箱警戒液位值，實際工作中指示燈亮的時間點(diǎn)__________選填延遲“不變“提）。四計題13.如圖所示，右側(cè)光滑平地面上緊靠光滑網(wǎng)弧軌道有一長度為L、量為M=1kg的板，木板上表面正好與圓弧軌道底部相切，處在同一水平線上，木板的右方有一足夠長的臺階，其高度正好與木板相同；左側(cè)光滑的水平桌面上固定一輕彈簧，質(zhì)量m=1kg的小物塊將彈簧的另一端壓縮之后由靜止釋放，離開彈簧后從水平飛出，恰好從B點(diǎn)6m/s速度沿切線B方向進(jìn)入豎直面內(nèi)的光滑圓弧軌道，從底部C處滑上木板使其從靜止開始向右運(yùn)動，當(dāng)木板速度為2m/s時木板與右側(cè)臺階碰撞立即被粘?。此僮?yōu)榱悖魹榛≤壍赖耐?，C為圓弧軌道的最低點(diǎn)，圓弧軌道的半徑R，∠BOC°，g

，物塊碰撞前后均可視為質(zhì)

點(diǎn)．求：(1)彈簧最初具有的彈性勢能；(2)小物塊第一次到達(dá)圓弧軌道的C點(diǎn)時對弧軌道的壓力大??；(3)若物塊與木板及臺階表面間的摩擦因數(shù)均為，物塊在階表面上滑行的最大距離．14.如圖所示為平面直角標(biāo)系xOy平，在第一象限存在方向沿軸方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為E

；在第二、第三象限存在方向垂直于坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B；在第四象限存在由特殊靜電裝置產(chǎn)生的勻強(qiáng)電場，電場方向平行坐標(biāo)平面且與軸方向的夾角為45°，電場強(qiáng)度大小為。一個質(zhì)量為m帶負(fù)電的粒子從y軸的點(diǎn)

(0,)

沿x軸負(fù)方向射出，速度大小為

，粒子的比荷

qv0

，粒子運(yùn)動過程中依次經(jīng)過上的點(diǎn)圖中未畫出）、x軸的C點(diǎn)過C且平行于y軸直線上的D點(diǎn)圖未畫出）。已知粒子經(jīng)過時的動能是經(jīng)過A時動能的2倍粒子從點(diǎn)運(yùn)動到D點(diǎn)用間時間的系為t2t，計粒子重力。求：

與從A點(diǎn)動到點(diǎn)所用（1）點(diǎn)坐標(biāo)；（2電場強(qiáng)度E

和

的比值；（3從到D點(diǎn)場對粒子做的功W物理——選修3-3]（1在用油膜法估測分子的大”實驗時，在每200mL酸酒精溶液中有純油酸mL，實驗中利用注射器測出滴溶液的積為mL，已知該溶液滴入淺水盤中最終形成的油膜面積為

，則油酸分子大小約（留有效數(shù)字）。在該實驗中，液體表面的張力使液滴從針頭滴落時呈現(xiàn)球狀，則液體表面層分子間作用力表現(xiàn)（“引力或“斥力）分子間距離（大”“于”小于）液體分子的平衡距離。（2一個特殊的氣體溫度計由兩個裝有理想氣體的導(dǎo)熱容器組裝而成，將兩個導(dǎo)熱容器分別放入

甲、乙兩個水槽中，如圖所示。用水銀壓強(qiáng)計測量兩容器的壓強(qiáng)差。導(dǎo)熱容器的容積恒定且遠(yuǎn)大于水銀壓強(qiáng)計的容積。當(dāng)兩個水槽的溫度都為0（）時，沒有壓強(qiáng)差。當(dāng)水槽乙處于℃，而水槽甲處于100℃，壓強(qiáng)差為120mmHg①0℃導(dǎo)熱容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為大？②當(dāng)水槽乙處于0℃而水槽甲處于一個未知的待測溫度（高于℃時，壓強(qiáng)差為mmHg，則此未知溫度是多少？選修3-4]（1下列有關(guān)敘述正確的_。第代移動通信系統(tǒng)5G）采用電磁波承載息，該電磁波信號的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間是非均勻變化的狹相論的時間效應(yīng)，可通過衛(wèi)星上的時鐘與地面上的時鐘對比進(jìn)行驗證，速運(yùn)行的衛(wèi)星上的人會認(rèn)為地球上的時鐘變快C.單擺在周期性外力作用下做受振動，其振動周期與單擺的擺長無關(guān)向體內(nèi)發(fā)射頻率已知的超聲被血管中的血流反射后又被儀器接收，測出反射波的頻率變化就能知道血流的速度，這種方法應(yīng)用的是共振原理E.泊松亮斑的發(fā)現(xiàn)有力地支持光的波動學(xué)說，玻璃中的氣泡看起來特別明亮是光的全反射現(xiàn)象（2如圖所示，兩等腰三棱鏡和腰長相等，頂角分別為6030

。將AC邊合在一起，組成BCD90棱。一束單色光平行于BC從AB上O點(diǎn)入棱鏡，經(jīng)面后進(jìn)入棱鏡。已知棱鏡的射率n

2

，棱鏡CDA的射率，考慮光在各界面上反射后的傳播，求：（取s

26）4①光線在棱鏡內(nèi)與AC界所夾的銳角②判斷光能否從CD面出。

參答答案：B解析：本題通過物塊的運(yùn)動考查牛頓運(yùn)動定律、動能定理和重力的功率。物塊從水平位置擺至最低點(diǎn)的過程，由動能定理有mv

，得v，選項A錯；輕繩被拉斷后，對物塊水平面上的運(yùn)動,

，解得

s

，選項B確；物塊在最高點(diǎn)重力的功率為零，在最低點(diǎn)重力的功率也為零，故物塊由最高點(diǎn)運(yùn)動至最低點(diǎn)的過程中，重力的功率先增大后減小，選項誤；物塊在最低點(diǎn)時，輕繩的拉力最大，

v

，解得

mg

，選項D錯。答案：B解析：本題通過Na核的衰變考查核反應(yīng)方程和電流的微觀表達(dá)式。根據(jù)核反應(yīng)前后電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒寫出核反應(yīng)方程為

Na

Mg

，個

Na核變會產(chǎn)生一電子，則平均電流為I

q2t

AA，選項B正。答案：B解析：本題考查對靜電場中電場線的理解。根據(jù)電場線與等勢線垂直的特點(diǎn)，可分別作出經(jīng)過點(diǎn)和點(diǎn)等勢線，根據(jù)沿電場線方向電勢降低可知點(diǎn)電勢比Q點(diǎn)電高，故A錯；根據(jù)電場線分布可知，MO的平均電場強(qiáng)度比O、N間平均電場強(qiáng)度大，故由公式U可知，O間電勢差大于、N間電勢差，故B正；點(diǎn)電勢比Q點(diǎn)電高，負(fù)電荷從高電勢處移動到低電勢處電場力做負(fù)功，負(fù)電荷的電勢能增加，故C誤；在點(diǎn)止釋放一個正電荷，正電荷所受電場力方向與該點(diǎn)電場線的切線方向相同，故正電荷所受電場力方向斜向右上方，則正電荷不會沿虛線圓運(yùn)動，故D錯。答案：B解析：由安培定則知，直導(dǎo)線上方磁場方向垂直紙面向外，圓環(huán)從ab過程中磁通量增加，由楞次定律和安培定則可得，線圈中感應(yīng)電流方向是順時針；圓環(huán)從bc的程中磁通量減小，由楞次定律和安培定則可得，線圈中感應(yīng)電流方向是逆時針，故A錯；圓環(huán)從到b的動過程中，將環(huán)分解為若干個小的電流元，上半環(huán)的左右對稱部分所受合力向下，下半環(huán)左右對稱部分所受合力向上；下半環(huán)所在處的磁場比上半環(huán)所在處的磁場強(qiáng)，則整個環(huán)所受安培力的方向向上，故B正確；圓環(huán)從b到的程與圓環(huán)從到b的過程中經(jīng)同一位置時從b到c速大于從到速率（一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能），則圓環(huán)從c的間小于從到b的時間，故C誤；圓環(huán)從的程與圓環(huán)從到過程中經(jīng)同一位置時從c速大于從c到速率，則圓環(huán)從b到c過程與圓環(huán)從到b的過程中經(jīng)同一位置時從bc圓環(huán)所受安培力大從

ffNffNc到環(huán)所受安培力，圓環(huán)從到的程克服安培力做的功于圓環(huán)從到b的程克服培力做的功，圓環(huán)從產(chǎn)的熱量于從到生的熱量，故D錯誤。答案：B解析：本題考查通電導(dǎo)線框在磁場中的受力問題。當(dāng)磁場在虛線下方時，由處于磁場區(qū)域的導(dǎo)線框?qū)?yīng)的圓心角為可知，處于磁場中的導(dǎo)線框有效長度為R，左手定則可知導(dǎo)線框受到向下的安培力，大小為F，平衡條件知

FF安

；當(dāng)把磁場移到虛線上方時，導(dǎo)線框受到向上的安培力，大小為3BIR，平衡條件知

Fmg安

，兩式聯(lián)立可得I

3

，故選。答案：解析：A、選擇文昌發(fā)射場的一個原因是地線速度較大，地球表面上除兩極任何位置的角速度都是一樣的，故A錯；B天一在飛往火星的過程中，受重力作用，處于完全失重狀態(tài)，故B錯誤；C、天一經(jīng)過近火星A點(diǎn)，需要制動減速才能從火星捕獲軌道變軌至火星停泊軌道，故C正確；D、管捕獲、停泊還是科學(xué)探測軌道天問一號經(jīng)過近火星點(diǎn)A的速度都是一樣大，故D錯誤。答案：B解析：開始時貨物受重力和支持力，抬起后受到向上的靜摩擦力；靜摩擦力等于重力沿斜面向下的分力，即F=mgsin，角度的增大，靜摩擦力增大；當(dāng)角度達(dá)一定程度時，物體開始滑，由靜摩擦力變化滑動摩擦力，而滑動摩擦力F=μmgcosθcos隨角度的增加而增小，故滑動摩擦力將減?。还誓Σ亮κ窍仍龃蠛鬁p小的，故A錯B正；支持力=mgcos，θ隨度的增加而增小，故支持力一定是逐漸減小，故CD錯答案：BCD解析：本題考查牛頓第二定律、動能定理和運(yùn)動學(xué)的綜合問題。小明從到B的程中，在點(diǎn)水平方向的加速度為零，下落到B點(diǎn)前水平方向有加速度，到達(dá)時水平方向的加速度為零，故從A到B的程中，小明水平方向的加速度先增大后減小，故A錯；在點(diǎn)時，對小明根據(jù)牛頓第二定律有

vR

，解得小明在B點(diǎn)的速度為cos，B確；對小明從的過程根據(jù)動能定理有cos

)mv

解得cos

23gR

故正確；若小明從C做自由落體運(yùn)動，則運(yùn)動間

t

2Rg

從到B的程中，小明豎直方向的加速度

t2tt2t小于，故小明從到運(yùn)動的時間

t

R

，故D正確。答案：解析：由圖乙可知交流電壓的最大值U362，期T=0.02s，角速100/s

則可得交流電壓u的表達(dá)式

(V),故A正；R處溫度升高時，其阻值減小，副線圈中電流變大，電流表的示數(shù)變大，原線圈中電流變大，電壓表的示數(shù)不變，故變壓器輸入功率變大，故B錯誤,D正;壓器原、副線圈中的電流之比等于n:n，隨R處溫度的變化而變化，故C錯誤.10.答案：解析：由題圖乙可知，在

時刻，物塊A的度最大，此時物塊受平衡，故彈簧彈力等于物塊重力沿平行斜面方向的分力，彈簧彈力不為零，故彈簧形變量不為零，故A錯；在時刻，物塊B間彈力為零，對物塊，據(jù)牛頓第二定律可得kxsin

，得彈簧的形變量

mgsin

，故正確；從開始到t時，物塊A與物塊體做勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律可得Fkxmgsin

，得Fsin

ma當(dāng)逐漸減小時逐增大，故拉力F的率變大，故D正；t

到t

時刻，對物塊，據(jù)牛頓第二定律可得Fmgsin

，F(xiàn)

，不，故C錯.11.答案：（）

t

;偶然誤差（3）2

（4男運(yùn)動員肩部與女運(yùn)動員重心的高度差（男運(yùn)動員手臂與豎直方向夾角）解析：（）因為從計時開始數(shù)1所以數(shù)到時歷了n-1個期，故

T

t

；多次測量取平均值是為了減小偶然誤差。（3根據(jù)實驗?zāi)Ｐ?，由繩在水平方向分力提供向心力mtanL其繩與豎T直方向夾角L為長。故Tπ

。（4根據(jù)）中結(jié)論，周期與懸掛點(diǎn)到圓周運(yùn)動圓心的豎直高度有關(guān)。12.答案：（）；（2理論曲線（3升高；減?。谎舆t解析：（）要將電流表改裝成電壓表，需要選擇內(nèi)阻已知且為確定值的電流表，故選C根據(jù)

I

RR

U

可得R。（2圖甲所示測量電路采用電流表外接法，由于系統(tǒng)誤差，同一溫度下熱敏電阻阻值的測量值偏小，故圖乙中標(biāo)記為Ⅱ的圖線是由實驗得到數(shù)據(jù)描繪出的實際曲線，標(biāo)記為I

的圖線是理論曲線。（3根據(jù)圖乙中Ⅱ的圖線數(shù)據(jù)來設(shè)定油箱警戒液位值，熱敏電阻阻值比真實值小，警戒液位值將被設(shè)定得比理論值大，因此指示燈亮的時間點(diǎn)將延遲。13.答案：

v

，設(shè)小物塊在點(diǎn)的速度為A

，則在點(diǎn)：vc4設(shè)彈簧最初具有的彈性勢能為

E

，則：

12

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：

E

(2)設(shè)小物塊在B點(diǎn)速度為

，則從B到過程中有：mgR(1cos60

mvmv2

設(shè)在C點(diǎn)圓軌道對小物塊的支持力為則有：NNN.

v，入數(shù)據(jù)解得：，由牛頓第三定律可知，小物塊到達(dá)圓軌道的點(diǎn)對圓軌道的壓力為(3)設(shè)物塊滑上木板后，當(dāng)木板速度為：2m/s守恒定律得：mvmv，解得：v

時，物塊速度為

，以向有為正方向，由動量設(shè)在此過程中物塊運(yùn)動的位移為

，木板運(yùn)動的位移為

，由動能定理得：對物塊m:

mv

，解得：對木板M：

12

,

解得：x,

此時木板靜止，物塊m正到木板左端，設(shè)物塊m在臺階上運(yùn)動的最大距離為x解析：(0,)14.答案：（）1（22

1，由動能定理得：解得：29（32解析：本題考查帶電粒子在電磁組合場中的運(yùn)動。（1分析粒子運(yùn)動情況，作出粒子的運(yùn)動軌跡如圖所示，粒子從沿x軸負(fù)方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁，做勻速圓周運(yùn)動，設(shè)軌跡半徑為r則有

vr代入數(shù)據(jù)解得

r，可見粒子做圓周運(yùn)動的圓心在O點(diǎn)，點(diǎn)的縱坐標(biāo)為yA所以點(diǎn)坐標(biāo)為

(0,)（2由題意可知粒子在C點(diǎn)的動能為在點(diǎn)動能的倍，有mvmv解得2可知粒子在的速度方向與x軸方向的夾角45v

，粒子沿y負(fù)方向的分速度大小為在第一象限，粒子做類平拋運(yùn)動，豎直方向的加速度

m在豎直方向根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式有

v2ar聯(lián)立解得

根據(jù)類平拋規(guī)律可知

2

t,COt

，解得，子從到運(yùn)動時間為

t

dv由題意有t2根據(jù)題意和分析知，粒子在第四象限受到的電場力方向和粒子在C點(diǎn)的速度方向垂直，加速度大小為a

qEmC、D在一條平于軸直線上，有vta