高中物理粵教版1第一章電場(chǎng)單元測(cè)試

第一章章末復(fù)習(xí)課【知識(shí)體系】[答案填寫]①×10－19_C②F＝keq\f(q1q2,r2)③E＝eq\f(F,q)④keq\f(Q,r2)⑤eq\f(U,d)⑥qU＝eq\f(1,2)mv2⑦y＝eq\f(qUL2,2dmveq\o\al(2,0))⑧tan_θ＝eq\f(qUL,dmveq\o\al(2,0))⑨C＝eq\f(Q,U)⑩C＝eq\f(εrS,4πkd)

主題1對(duì)電場(chǎng)性質(zhì)的描述——“力”的描述公式物理意義引入過(guò)程適用范圍E＝eq\f(F,q)是電場(chǎng)強(qiáng)度大小的定義式F與q成正比，E與F、q無(wú)關(guān)，反映某點(diǎn)電場(chǎng)力的性質(zhì)適用于一切電場(chǎng)，q為試探電荷的電荷量，E與F、q無(wú)關(guān)E＝keq\f(Q,r2)是真空中點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度的決定式由E＝eq\f(F,q)和庫(kù)侖定律導(dǎo)出真空中Q為場(chǎng)源電荷的電荷量．由Q和r共同決定E＝eq\f(U,d)是勻強(qiáng)電場(chǎng)中電場(chǎng)強(qiáng)度的決定式由F＝Eq和W＝qU導(dǎo)出勻強(qiáng)電場(chǎng)，d是沿電場(chǎng)線方向的距離【典例1】在一個(gè)等邊三角形ABC頂點(diǎn)B、C處各放一個(gè)點(diǎn)電荷時(shí)，測(cè)得A處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，方向與BC邊平行沿B指向C如圖所示，拿走C處的電荷后，A處電場(chǎng)強(qiáng)度的情況是()A．大小仍為E，方向由A指向BB．大小仍為E，方向由B指向AC．大小變?yōu)閑q\f(E,2)，方向未變D．無(wú)法確定解析：由點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度的性質(zhì)可知，B、C處點(diǎn)電荷在A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向分別沿BA、AC連線方向，又根據(jù)矢量的分解與合成知道，B、C處點(diǎn)電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小均為E，方向分別為B指向A，由A指向C，拿走C處電荷后，只剩下B處點(diǎn)電荷的電場(chǎng)，故選項(xiàng)B正確．答案：B針對(duì)訓(xùn)練1.如圖所示，以O(shè)點(diǎn)為圓心，以R＝0.20m為半徑的圓與坐標(biāo)軸交點(diǎn)分別為a、b、c、d，該圓所在平面內(nèi)有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)方向與x軸正方向成θ＝60°角，已知a、b、c三點(diǎn)的電勢(shì)分別為4eq\r(3)V、4V、－4eq\r(3)V，則下列說(shuō)法正確的是()A．該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E＝40eq\r(3)V/mB．該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E＝80V/mC．d點(diǎn)的電勢(shì)為－4VD．d點(diǎn)的電勢(shì)為－2eq\r(3)V解析：由題意得，a、c間的電勢(shì)差為Uac＝φa－φc＝4eq\r(3)－(－4eq\r(3))＝8eq\r(3)V，a、c兩點(diǎn)沿電場(chǎng)強(qiáng)度方向的距離為d＝2Rsinθ＝2××eq\f(\r(3),2)＝eq\f(\r(3),5)m，故該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E＝eq\f(Uac,d)＝eq\f(8\r(3),\f(\r(3),5))＝40V/m.故AB錯(cuò)誤．根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系式U＝Ed，相等距離，電勢(shì)差相等，因?yàn)棣誥＝4eq\r(3)V，φc＝－4eq\r(3)V，可知，O點(diǎn)電勢(shì)為0，而dO＝Oa，則a、O間的電勢(shì)差等于O、a間的電勢(shì)差，可知，d點(diǎn)的電勢(shì)為－4V，故C正確，D錯(cuò)誤．答案：C主題2對(duì)電場(chǎng)性質(zhì)的描述——“能”的描述1．電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)、電勢(shì)差的比較．名稱電場(chǎng)強(qiáng)度電勢(shì)電勢(shì)差物理意義描述電場(chǎng)力的性質(zhì)描述電場(chǎng)能的性質(zhì)描述電場(chǎng)力做功的本領(lǐng)定義式E＝eq\f(F,q)φ＝eq\f(W,q)UAB＝eq\f(WAB,q)標(biāo)矢性矢量，方向?yàn)榉旁陔妶?chǎng)中的正電荷的受力方向標(biāo)量，有正負(fù)，正負(fù)只表示大小標(biāo)量，有正負(fù)，正負(fù)只表示A、B兩點(diǎn)電勢(shì)的高低決定因素E由電場(chǎng)本身的性質(zhì)決定，與試探電荷無(wú)關(guān)電勢(shì)由電場(chǎng)本身決定，與試探電荷無(wú)關(guān)，大小與參考點(diǎn)的選取有關(guān)，有相對(duì)性由電場(chǎng)本身和兩點(diǎn)的電勢(shì)決定，與試探電荷無(wú)關(guān)，與參考點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)聯(lián)系勻強(qiáng)電場(chǎng)中UAB＝Ed(d為A、B兩點(diǎn)間沿電場(chǎng)強(qiáng)度方向上的距離)；電勢(shì)沿電場(chǎng)強(qiáng)度的方向降低最快；UAB＝φA－φB；WAB＝EpA－EpB＝qUAB2.電場(chǎng)力做功的特點(diǎn)及計(jì)算方法．(1)電場(chǎng)力做功特點(diǎn)：電場(chǎng)力做功與路徑無(wú)關(guān)，只與電荷的電荷量Q和初、末位置的電勢(shì)差U有關(guān)；沿著等勢(shì)面移動(dòng)電荷，電場(chǎng)力不做功．(2)電場(chǎng)力做功的計(jì)算方法．①WAB＝qUAB(普遍適用)．②W＝qElcosθ(適用于勻強(qiáng)電場(chǎng))．③WAB＝－ΔEp＝EpA－EpB(從能量角度求解)．④W電＋W非電＝ΔEk(由動(dòng)能定理求解)．3．電場(chǎng)的形象描述——電場(chǎng)線．(1)電場(chǎng)線是為了形象描述電場(chǎng)而假想的線，實(shí)際并不存在．(2)切線方向：電場(chǎng)線上每點(diǎn)的切線方向就是該點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．(3)疏密程度：電場(chǎng)線的疏密反映電場(chǎng)強(qiáng)度的大小(疏弱密強(qiáng))．(4)起點(diǎn)和終點(diǎn)：電場(chǎng)線始于正電荷或無(wú)窮遠(yuǎn)，止于負(fù)電荷或無(wú)窮遠(yuǎn)，即電場(chǎng)線不是閉合的曲線．(5)不中斷、不相交：在沒(méi)有電荷的空間，電場(chǎng)線不能中斷，兩條電場(chǎng)線也不能相交．【典例2】如圖所示，平行金屬帶電極板A、B間可看成勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)E＝×102V/m，極板間距離d＝5cm，電場(chǎng)中C和D分別到A、B兩板距離均為0.5cm，(1)C和D兩點(diǎn)的電勢(shì)、兩點(diǎn)間電勢(shì)差各為多少？(2)將點(diǎn)電荷q＝2×10－2C從C勻速移到D解析：由于B板接地，則B板電勢(shì)φ＝0.又因A、B板間的電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，根據(jù)公式U＝Ed可計(jì)算出C、D兩點(diǎn)與B板的電勢(shì)差．從而可計(jì)算出C、D兩點(diǎn)的電勢(shì)．再根據(jù)WCD＝qUCD易計(jì)算出將q從C勻速移至D時(shí)電場(chǎng)力所做的功等于外力做功的多少．(1)因正極板接地，板間各點(diǎn)電勢(shì)均小于零，則UBD、UCD均大于零，由U＝Ed得：UBD＝EdBD＝×102××10－2V＝V.又UBD＝φB－φD，且φB＝0，所以φD＝－V，由于dCB＝5cm－0.5cm＝4.5cm＝×10所以UCB＝－EdCB＝－×102××10－2V＝－V.又UCB＝φC－φB，φB＝0，得φC＝－V.所以UCD＝φC－φD＝－V－(－V)＝－V.(2)將點(diǎn)電荷從C勻速移到D時(shí)，外力對(duì)電荷做了正功，其值和電場(chǎng)力做功相等．W外＝|qUCD|＝|2×10－2×(－|J＝×10－2J.答案：(1)φC＝－VφD＝－VUCD＝－V(2)W外＝×10－2J針對(duì)訓(xùn)練2．將電荷量為6×10－6C的負(fù)電荷從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做功3×10－5J，再將該電荷從B移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做了×10－5J的功，則該電荷從A移到B，再?gòu)腂移到C的過(guò)程中，解析：解法一A、C兩點(diǎn)的電勢(shì)差．UAC＝eq\f(WAB＋WBC,q)＝eq\f(－3×10－5＋×10－5,－6×10－6)V＝3V.所以電勢(shì)能的變化量：ΔEp＝－WAC＝－qUAC＝6×10－6×3J＝×10－5J.即電荷的電勢(shì)能增加．解法二ΔEp＝－WAC＝－qUAC＝－(WAB＋WBC)＝1．8×10－5J.答案：×10－5J主題3帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)1．帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)重力的處理．(1)基本粒子：如電子、質(zhì)子、α粒子、離子等，除有說(shuō)明或明確的暗示以外，一般都不考慮重力(但并不忽略質(zhì)量)．(2)帶電顆粒：如液滴、油滴、塵埃、小球等，除有說(shuō)明或有明確的暗示以外，一般都不能忽略重力．2．帶電粒子在電場(chǎng)中加速．(1)處理方法：利用動(dòng)能定理．(2)適用范圍：任何電場(chǎng)．3．帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)．(1)條件：帶電粒子垂直于電場(chǎng)方向進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)(v0⊥E)．(2)處理方法：類平拋運(yùn)動(dòng)．①沿初速度方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t＝eq\f(l,v0).②沿電場(chǎng)方向，做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(加速度a＝\f(F,m)＝\f(Eq,m)＝\f(qU,md),能飛出平行板的時(shí)間t＝\f(l,v0),離開(kāi)平行板的偏移量y＝\f(1,2)at2＝\f(1,2)\f(qUl2,mveq\o\al(2,0)d),離開(kāi)平行板的偏轉(zhuǎn)角tanθ＝\f(vy,v)＝\f(qUl,mveq\o\al(2,0)d).))【典例3】如圖所示，靜止的電子在加速電壓為U1的電場(chǎng)作用下從O經(jīng)P板的小孔(位于P板的中點(diǎn))射出，又垂直進(jìn)入平行金屬板間的電場(chǎng)，在偏轉(zhuǎn)電壓為U2的電場(chǎng)作用下偏轉(zhuǎn)一段距離．現(xiàn)使U1加倍，要想使電子的運(yùn)動(dòng)軌跡不發(fā)生變化，應(yīng)該()A．使U2加倍B．使U2變?yōu)樵瓉?lái)的4倍C．使U2變?yōu)樵瓉?lái)的eq\r(2)倍D．使U2變?yōu)樵瓉?lái)的eq\f(1,2)解析：電子先經(jīng)過(guò)加速電場(chǎng)加速，后經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)，根據(jù)y＝eq\f(U2L2,4dU1)結(jié)論，分析要使U1加倍，想使電子的運(yùn)動(dòng)軌跡不發(fā)生變化時(shí)，兩種電壓如何變化．設(shè)偏轉(zhuǎn)電極的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，板間距離為d，則根據(jù)推論可知，偏轉(zhuǎn)距離y＝eq\f(U2L2,4dU1)，要使U1加倍，想使電子的運(yùn)動(dòng)軌跡不發(fā)生變化時(shí)，y不變，則必須使U2加倍，故選項(xiàng)A正確．本題考查了帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，可以根據(jù)動(dòng)能定理和牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合推導(dǎo)出y＝eq\f(U2L2,4dU1).答案：A針對(duì)訓(xùn)練3．(多選)如圖，靜電植絨時(shí)，真空中帶負(fù)電的絨毛一旦與布匹上的黏合劑接觸就粘貼在布匹上，則帶負(fù)電絨毛落向布匹的過(guò)程中()A．做勻速運(yùn)動(dòng) B．做加速運(yùn)動(dòng)C．電勢(shì)能逐漸增大 D．電勢(shì)能逐漸減小解析：由題知，絨毛帶負(fù)電，金屬網(wǎng)間的電場(chǎng)強(qiáng)度方向向上，所以絨毛所受的電場(chǎng)力向下，做加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，B正確；電場(chǎng)力對(duì)絨毛做正功，其電勢(shì)能逐漸減小，故C錯(cuò)誤，D正確．答案：BD主題4平行板電容器1．運(yùn)用電容器定義式和決定式分析電容器相關(guān)量變化的思路．(1)確定不變量，分析是電壓U不變還是所帶電荷量Q不變．(2)用決定式C＝eq\f(εrS,4πkd)分析平行板電容器電容的變化．(3)用定義式C＝eq\f(Q,U)分析電容器所帶電荷量或兩極板間電壓的變化．(4)用E＝eq\f(U,d)分析平行板電容器極板間勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的變化．2．電容器兩類動(dòng)態(tài)變化的分析比較．(1)充電后與電源連接，電容器兩極板間的電壓不變．(2)充電后與電源斷開(kāi)，電容器兩極板間的電量不變．【典例4】(多選)用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容C的因素，設(shè)兩極板正對(duì)面積S，極板間的距離為d，極板所帶電荷量為Q，靜電計(jì)指針偏角為θ，實(shí)驗(yàn)中()A．保持Q、S不變，增大d，則θ變大，C變小B．保持d、S不變，增大Q，則θ變大，C變大C．保持Q、d不變，減小S，則θ變大，C變小D．保持Q、S、d不變，在兩極板間插入電介質(zhì)，則θ變小，C變小解析：由C＝eq\f(εS,4πkd)可知，電容與極板間距離成反比，當(dāng)保持Q、S不變，增大d時(shí)，電容C減小，因電容器的電量Q不變，由電容的定義式C＝eq\f(Q,U)分析可知，板間電勢(shì)差增大，則靜電計(jì)指針的偏角θ變大，故A正確；當(dāng)保持d、S不變，增大Q時(shí)，由C＝eq\f(εS,4πkd)可知，電容C不變，由電容的定義式C＝eq\f(Q,U)分析可知，板間電勢(shì)差增大，則θ變大，B錯(cuò)誤；由C＝eq\f(εS,4πkd)可知，電容與極板的正對(duì)面積成正比，當(dāng)保持d不變，減小S時(shí)，電容C減小，電容器極板所帶的電荷量Q不變，則由C＝eq\f(Q,U)分析可知，板間電勢(shì)差增大，靜電計(jì)指針的偏角θ變大，故C正確；當(dāng)保持Q、S、d不變，在兩極板間插入電介質(zhì)，由C＝eq\f(εS,4πkd)可知，電容C變大，而由電容的定義式C＝eq\f(Q,U)分析可知，板間電勢(shì)差減小，則θ變小，故D錯(cuò)誤．答案：AC針對(duì)訓(xùn)練4．(多選)如圖所示，足夠長(zhǎng)的兩平行金屬板正對(duì)豎直放置，它們通過(guò)導(dǎo)線與電源E、定值電阻R、開(kāi)關(guān)S相連．閉合開(kāi)關(guān)后，一個(gè)帶電的液滴從兩板上端的中點(diǎn)處無(wú)初速度釋放，最終液滴落在某一金屬板上．下列說(shuō)法中正確的是()A．液滴在兩板間運(yùn)動(dòng)的軌跡是一條拋物線B．電源電動(dòng)勢(shì)越大，液滴在板間運(yùn)動(dòng)的加速度越大C．電源電動(dòng)勢(shì)越大，液滴在板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越短D．定值電阻的阻值越大，液滴在板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越長(zhǎng)解析：電容器充滿電荷后，極板間的電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)．極板間形成了電場(chǎng)，液滴受水平方向的電場(chǎng)力和豎直方向的重力作用，合力為恒力，而初速度為零，則液滴做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，A項(xiàng)錯(cuò)；電源電動(dòng)勢(shì)越大，則液滴受到的電場(chǎng)力也越大，合力越大，加速度也越大，B項(xiàng)對(duì)；電源電動(dòng)勢(shì)越大，加速度越大，同時(shí)位移越小，則運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越短，C對(duì)；定值電阻不會(huì)影響兩極板上電壓的大小，則對(duì)液滴的運(yùn)動(dòng)沒(méi)有影響，D項(xiàng)錯(cuò)．答案：BC統(tǒng)攬考情本章的考點(diǎn)主要電場(chǎng)的性質(zhì)和特點(diǎn)、電容問(wèn)題和帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)三個(gè)方面，是歷年高考的熱點(diǎn)．高考命題角度如下：(1)以選擇題的形式考查等量異種電荷或不等量電荷的電場(chǎng)分布于電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)、電勢(shì)能的大小比較問(wèn)題；(2)以選擇題的形式考查與電路知識(shí)相結(jié)合的平板電容器的兩類動(dòng)態(tài)分析或帶電粒子平衡問(wèn)題；(3)以計(jì)算題的形式考查帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)或交變電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題．真題例析(2023·廣東卷)(多選)如圖所示，光滑絕緣的水平桌面上，固定著一個(gè)帶電量為＋Q的小球P.帶電量分別為－q和＋2q的小球M和N，由絕緣細(xì)桿相連，靜止在桌面上．P與M相距L，P、M和N視為點(diǎn)電荷．下列說(shuō)法正確的是()A．M與N的距離大于LB．P、M和N在同一直線上C．在P產(chǎn)生的電場(chǎng)中，M、N處的電勢(shì)相同D．M、N及細(xì)桿組成的系統(tǒng)所受合外力為零解析：由于MN間的庫(kù)侖力和細(xì)桿對(duì)小球的作用力沿桿方向，因此當(dāng)M、N靜止時(shí)三個(gè)電荷一定在同一條直線上，選項(xiàng)B正確；將M、N及細(xì)桿看作一個(gè)系統(tǒng)，則＋Q對(duì)系統(tǒng)的作用力的合力為零，則有keq\f(Qq,L2)＝keq\f(Q·2q,（L＋rMN）2)，解得rMN＝(eq\r(2)－1)L，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，選項(xiàng)D正確；在P點(diǎn)的點(diǎn)電荷產(chǎn)生電場(chǎng)，因電荷是正電荷，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，所以M點(diǎn)的電勢(shì)大于N點(diǎn)的電勢(shì)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤．答案：BD針對(duì)訓(xùn)練(2023·廣東卷)(多選)如圖所示的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中，將兩個(gè)帶電小球M和N分別沿圖示路徑移動(dòng)到同一水平線上的不同位置，釋放后，M、N保持靜止，不計(jì)重力，則()A．M的帶電量比N的大B．M帶負(fù)電荷，N帶正電荷C．靜止時(shí)M受到的合力比N的大D．移動(dòng)過(guò)程中勻強(qiáng)電場(chǎng)對(duì)M做負(fù)功解析：不考慮重力，取整體為研究對(duì)象，外力只有勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)力，由平衡條件可知M、N所受電場(chǎng)力必等大反向，故M、N必帶有等量異種電荷，A錯(cuò)誤；隔離出M，因N對(duì)其靜電引力向右，則電場(chǎng)E對(duì)其電場(chǎng)力必向左，即與場(chǎng)強(qiáng)方向反向，故M帶負(fù)電，則N帶正電，B正確；靜止時(shí)，M、N所受合力都為0，C錯(cuò)誤；因勻強(qiáng)電場(chǎng)對(duì)M的電場(chǎng)力方向與M移動(dòng)方向成鈍角，故D正確．答案：BD1．(2023·全國(guó)Ⅰ卷)一平行板電容器兩極板之間充滿云母介質(zhì)，接在恒壓直流電源上．若將云母介質(zhì)移出，則電容器()A．極板上的電荷量變大，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度變大B．極板上的電荷量變小，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度變大C．極板上的電荷量變大，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變D．極板上的電荷量變小，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變解析：電容器電容C＝eq\f(εrS,4πkd)，云母介質(zhì)移出，εr減小，C減小；又C＝eq\f(Q,U)，電源恒壓，U一定，C減小，故Q減?。浑妶?chǎng)強(qiáng)度E＝eq\f(U,d)，U不變，故E不變，選項(xiàng)D正確．答案：D2．(2023·全國(guó)Ⅲ卷)關(guān)于靜電場(chǎng)的等勢(shì)面，下列說(shuō)法正確的是()A．兩個(gè)電勢(shì)不同的等勢(shì)面可能相交B．電場(chǎng)線與等勢(shì)面處處相互垂直C．同一等勢(shì)面上各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度一定相等D．將一負(fù)的試探電荷從電勢(shì)較高的等勢(shì)面移至電勢(shì)較低的等勢(shì)面，電場(chǎng)力做正功解析：假設(shè)兩個(gè)電勢(shì)不同的等勢(shì)面相交，則交點(diǎn)處的電勢(shì)就是兩個(gè)不同的值，這是不可能的，A錯(cuò)誤；同一等勢(shì)面上各點(diǎn)電勢(shì)相等，而場(chǎng)強(qiáng)不一定相等，C錯(cuò)誤；負(fù)電荷從高電勢(shì)處移到低電勢(shì)處，電勢(shì)能增加，電場(chǎng)力做負(fù)功，D錯(cuò)誤．答案：B3．(2023·全國(guó)Ⅰ卷)(多選)如圖，一帶負(fù)電荷的油滴在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，其軌跡在豎直面(紙面)內(nèi)，且相對(duì)于過(guò)軌跡最低點(diǎn)P的豎直線對(duì)稱．忽略空氣阻力．由此可知()A．Q點(diǎn)的電勢(shì)比P點(diǎn)高B．油滴在Q點(diǎn)的動(dòng)能比它在P點(diǎn)的大C．油滴在Q點(diǎn)的電勢(shì)能比它在P點(diǎn)的大D．油滴在Q點(diǎn)的加速度大小比它在P點(diǎn)的小答案：AB