2023年天津市高考物理試卷(高考真題)

第第10頁〔共25頁〕2023年天津市高考物理試卷一、選擇題〔每題6分，共30分．每題給出的四個選項中，只有一個選項是正確的〕A．→16分〕反響的是〔A．→B．→C．→+D．→++326分〕明代學(xué)者方以智在《陽燧倒影》中記載“凡寶石面凸，則光成一條有數(shù)棱則必有一面五色”，說明白光通過多棱晶體折射會發(fā)生色散現(xiàn)象．如下圖B．→C．→+D．→++3ib光先消逝ab光C．a(chǎn)光能發(fā)生偏振現(xiàn)象，b光不能發(fā)生Da、b光分別照耀同一光電管都能發(fā)生光電效應(yīng)，則a光的遏止電壓低36分直于導(dǎo)軌平面對下．現(xiàn)使磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間均勻減小，ab始終保持靜止，以下說法正確的選項是〔〕A．a(chǎn)b中的感應(yīng)電流方向由baB．a(chǎn)b中的感應(yīng)電流漸漸減小C．a(chǎn)b所受的安培力保持不變D．a(chǎn)b所受的靜摩擦力漸漸減小46分〕“天津之眼〔〕A．摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客的機(jī)械能保持不變B．在最高點，乘客重力大于座椅對他的支持力C．摩天輪轉(zhuǎn)動一周的過程中，乘客重力的沖量為零56分〕手持較長軟繩端點OTPO、直向上，以下推斷正確的選項是〔〕該簡諧波是縱波C．t= C．t= 時，P在平衡位置上方D．t=時，P的速度方向豎直向上二、不定項選擇題〔每題6分，共18分．每題給出的四個選項中，都有多個選項是正確的．全部選對的得6D．t=時，P的速度方向豎直向上66分〕在勻強(qiáng)磁場中，一個02Ω，則〔〕t=0時，線圈平面平行于磁感線t=1s時，線圈中的電流轉(zhuǎn)變方向t=1.5s時，線圈中的感應(yīng)電動勢最大8π2JaA a E 76分〕如下圖，在點電荷Q產(chǎn)生的電場中，實線N是一條方向未標(biāo)出的ABA、B兩aA a E B pA pBAB運(yùn)動aA＞aBQM端且為正電荷EpA＜EpBD．BA點電勢86分〕如下圖，輕質(zhì)不行伸長的晾衣繩兩端分別固定在豎直桿MNa、b兩點，懸掛衣服的衣架鉤是光滑的，掛于繩上處于靜止?fàn)顟B(tài)．假設(shè)只人為轉(zhuǎn)變一個條件，當(dāng)衣架靜止時，以下說法正確的選項是〔〕繩的右端上移到b′，繩子拉力不變將桿N向右移一些，繩子拉力變大C．繩的兩端高度差越小，繩子拉力越小換掛質(zhì)量更大的衣服，則衣服架懸掛點右移三、解答題〔共672分〕94分〕“天舟一號”放射升空后，與已經(jīng)在軌運(yùn)h的圓形軌道Rg，且不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響．則組合體運(yùn)動的線速度大小為，向心加速度大小為．0〔4分〕自由下落，利用此裝置驗證機(jī)械能守恒定律。①對于該試驗，以下操作中對減小試驗誤差有利的是。A．重物選用質(zhì)量和密度較大的金屬錘B．兩限位孔在同一豎直面內(nèi)上下對正C．準(zhǔn)確測量出重物的質(zhì)量小組利用上述裝置將打點計時器接到50Hz的溝通電源上，按正確操作一條完整的紙帶，由于紙帶較長，圖中有局部未畫出，如下圖。紙帶上各點是打點計時器打出的計時點，其中O點為紙帶上打出的第一個點。重物下落高度應(yīng)從紙帶上計時點間的距離直接測出利用以下測量值能完成驗證機(jī)械能守恒定律的選項有 。的長度 度和EG的長度 和EG的長度1〔0分〕某探究性學(xué)習(xí)小組利用如圖1所示的電路測量電池的電動勢和內(nèi)R1=9.0kΩ，為了便利讀數(shù)和作圖，給R0=3.0Ω的電阻．a(chǎn)a′bb′cc′的導(dǎo)線．為了確定哪一條導(dǎo)線內(nèi)部是斷開的，將電鍵S閉合，用多用電表的電壓a、b′間電壓，讀數(shù)不為零，再測量a、a′間電壓，假設(shè)讀數(shù)不為零，則肯定是導(dǎo)線斷開；假設(shè)讀數(shù)為零，則肯定是導(dǎo)線斷開．2I1﹣I2圖象得到的電池的動勢E= V，內(nèi)阻r= Ω．2〔6分〕如下圖，物塊AB通過一根輕質(zhì)不行伸長的細(xì)繩連接，跨放在mA=2kg、mB=1kgA靜止與水BBh=1.8m〔未觸及滑輪〕然后由靜止釋放。一段時間后細(xì)繩繃直，A、BB恰g=10m/s2?！?〕Bt；〔2〕Av的大小；BH。3〔8分yⅠ第Ⅲ象限存在沿yv0x軸正方向開頭運(yùn)動，Qyx2倍。O離開電場進(jìn)入磁場，最終從xP點射出磁場，Py軸距離與Q點到y(tǒng)軸距離相等。不計粒子重力，求：O點時速度的大小和方向；電場強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小之比。40分〕電磁軌道炮利用電流和磁場的作用使炮彈獲得超高速度，其原理可E，Cl，電阻不計．炮彈可視為一質(zhì)量為m、電阻為RMN，垂直放在兩導(dǎo)軌間處于靜止?fàn)顟B(tài)，并與導(dǎo)軌良好接觸．首先開關(guān)S1，使電容器完全充電．然后將S接2，導(dǎo)軌間存在垂直于導(dǎo)軌平面、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場〔圖中未畫出NN上的感應(yīng)電動勢與電容器兩極板間的電壓相等時，回路中電流為零，MN到達(dá)最大速度，之后離開導(dǎo)軌．問：磁場的方向；MN剛開頭運(yùn)動時加速度a的大??；MN離開導(dǎo)軌后電容器上剩余的電荷量Q是多少．2023年天津市高考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題〔每題6分，共30分．每題給出的四個選項中，只有一個選項是正確的〕A．→16分〕反響的是〔A．→B．→C．→B．→C．→+D．→++3〔如超高溫順高壓，發(fā)生原子核相互聚合作用，生成的質(zhì)量更重的原子核，并伴隨著巨大的能量釋放的一種核反響形式，由此可知：核反響方程→是原子核的聚變反響；B由此可知：核反響方程→是原子核的聚變反響；BC屬于原子核的人工核轉(zhuǎn)變；D屬于裂變反響；A正確；BCD錯誤；A。性質(zhì)，并把握質(zhì)量數(shù)守恒電荷數(shù)守恒分析核反響方程．26分〕明代學(xué)者方以智在《陽燧倒影》中記載“凡寶石面凸，則光成一條有數(shù)棱則必有一面五色”，說明白光通過多棱晶體折射會發(fā)生色散現(xiàn)象．如下圖一束復(fù)色光通過三棱鏡后分解成兩束單色光a以下說法正確的選項是〔 〕ib光先消逝ab光C．a(chǎn)光能發(fā)生偏振現(xiàn)象，b光不能發(fā)生【分析】依據(jù)光的折射定律，判定兩光的折射率大小，再依據(jù)sinC= ，即可判Da、b【分析】依據(jù)光的折射定律，判定兩光的折射率大小，再依據(jù)sinC= ，即可判定各自臨界角大小，進(jìn)而可求解；系；，結(jié)合光電效應(yīng)方程=hγ﹣W，從而即可求解．【解答】解：A、依據(jù)折射率定義公式n=，從空氣斜射向玻璃時，入射角na一樣，光線a對應(yīng)的折射角較大，故光線a【解答】解：A、依據(jù)折射率定義公式n=，從空氣斜射向玻璃時，入射角na

，假設(shè)增大入bB、依據(jù)折射率定義公式n=，從空氣斜射向玻璃時，入射角一樣，光線aB、依據(jù)折射率定義公式n=，從空氣斜射向玻璃時，入射角一樣，光線a對應(yīng)的折射角較大，故光線a的折射率較小，即na＜nb，則在真空中a光波長大bB錯誤；C、只要是橫波，均能發(fā)生偏振現(xiàn)象，假設(shè)a光能發(fā)生偏振現(xiàn)象，b光肯定能發(fā)生，C錯誤；照耀逸出光電子的最大初動能較小，依據(jù)qUc=，則a光的遏止電壓低，故E=hγa照耀逸出光電子的最大初動能較小，依據(jù)qUc=，則a光的遏止電壓低，故D正確；D。壓與最大初動能的關(guān)系．36分直于導(dǎo)軌平面對下．現(xiàn)使磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間均勻減小，ab始終保持靜止，以下說法正確的選項是〔〕A．a(chǎn)b中的感應(yīng)電流方向由baB．a(chǎn)b中的感應(yīng)電流漸漸減小C．a(chǎn)b所受的安培力保持不變D．a(chǎn)b所受的靜摩擦力漸漸減小力的變化．B、由于磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小，依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，感應(yīng)電動勢abAB、由于磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小，依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，感應(yīng)電動勢恒定，則ab中的感應(yīng)電流不變，故B錯誤。D、導(dǎo)體棒受安培力和靜摩擦力處于平衡，f=F，安培力減小，則靜摩擦力減小，應(yīng)選：D。培力在變化．46分〕“天津之眼〔〕A．摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客的機(jī)械能保持不變B．在最高點，乘客重力大于座椅對他的支持力C．摩天輪轉(zhuǎn)動一周的過程中，乘客重力的沖量為零依據(jù)向心力的來源分析重力和支持力的狀況；依據(jù)沖量的定義分析沖量；依據(jù)瞬時功率計算式計算重力的瞬時功率．【解答】解：A、機(jī)械能等于重力勢能和動能之和，摩天輪運(yùn)動過程中，做勻速A錯誤；B、圓周運(yùn)動過程中，在最高點，由重力和支持力的合力供給向心力F，向心力F=mg﹣NN=mg﹣F，所以重力大于支持力，B正確；I=mgT，不為零，C錯誤；化，所以重力的瞬時功率在變化，D錯誤。。要把最根底的概念和公式牢記，這樣我們就能得心應(yīng)手．56分〕手持較長軟繩端點OTPO、直向上，以下推斷正確的選項是〔〕C．t= 時，P在平衡位置上方C．t= 時，P在平衡位置上方D．t=時，P的速度方向豎直向上【分析】由橫波、縱波的定義得到簡諧波為橫波；再由POP之PD．t=時，P的速度方向豎直向上解：A、該簡諧波上質(zhì)點振動方向為豎直方向，波的傳播方向為水平方A錯誤；距離為，O、PL，則B距離為，O、PL，則B錯誤；C、t=0時，C、t=0時，P的位移恰好為零，速度方向豎直向上，那么，t= 時，P在平衡位第13第13頁〔共25頁〕時，P在平衡位位置四周做簡諧運(yùn)動；隨波傳播的只是波的形式和能量．二、不定項選擇題〔每題6分，共18分．每題給出的四個選項中，都有多個選項是正確的．全部選對的得63分，選錯或不答的得0分〕66分〕在勻強(qiáng)磁場中，一個02Ω，則〔〕t=0時，線圈平面平行于磁感線t=1s時，線圈中的電流轉(zhuǎn)變方向t=1.5s時，線圈中的感應(yīng)電動勢最大t=1.5s時感應(yīng)電動勢大小；計算此溝通電的最大值和有效值，依據(jù)焦耳定律計算一個周期產(chǎn)生的熱．t=0時穿過線圈平面的磁通量為零，所以線A正確；B、Φ﹣t圖象的斜率為 化率，在0.5s～1.5s之間，“斜率方向“不變，表示的感應(yīng)電動勢方向不變，則電流強(qiáng)度方向不變，故B錯誤；第第14頁〔共25頁〕C、依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得E=N，所以在t=1.5sC、依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得E=N，所以在t=1.5s時，斜率為零，則感Em=NBSω=NΦmω=100×V=4πV，有效值E==2VQ==Q==D正確。關(guān)系，關(guān)鍵抓住兩個特別位置：一是線圈與磁場垂直位置是磁通量最大的位置，是電流強(qiáng)度增大與減小的轉(zhuǎn)換點．a(chǎn)A a E 76分〕如下圖，在點電荷Q產(chǎn)生的電場中，實線N是一條方向未標(biāo)出的ABA、B兩aA a E B pA pBAB運(yùn)動aA＞aBQM端且為正電荷EpA＜EpBD．BA點電勢Q的正負(fù)．解：A、由于不知道電子速度變化，由運(yùn)動軌跡圖不能推斷電子向那個A錯誤；aA＞aBAQQM端；又由運(yùn)動軌跡可知，電MNQMB正確；E E D、由B可知，電場線方向由M指向N，那么A點電勢高于B點，故D錯誤；C、由B可知，電子所受電場力方向指向左側(cè)，那么，假設(shè)電子從A向B運(yùn)動，則電場力做負(fù)功，電勢能增加；假設(shè)電子從B向A運(yùn)動，則電場力做正功，電勢能減小所以肯定有 ＜ 求解過程與所帶電荷無關(guān)E E pA pBC正確；帶負(fù)電的粒子，電場力方向與電場線方向相反．86分〕如下圖，輕質(zhì)不行伸長的晾衣繩兩端分別固定在豎直桿MNa、b兩點，懸掛衣服的衣架鉤是光滑的，掛于繩上處于靜止?fàn)顟B(tài)．假設(shè)只人為轉(zhuǎn)變一個條件，當(dāng)衣架靜止時，以下說法正確的選項是〔〕繩的右端上移到b′，繩子拉力不變將桿N向右移一些，繩子拉力變大C．繩的兩端高度差越小，繩子拉力越小換掛質(zhì)量更大的衣服，則衣服架懸掛點右移狀況，進(jìn)而分析拉力的變化；兩桿之間距離發(fā)生變化時，分析兩段繩子之間的夾角變化，進(jìn)而分析拉力變化．解：如下圖，兩個繩子是對稱的，與豎直方向夾角是相等的。θ角度不變；力不變；A正確，C錯誤；B、當(dāng)桿向右移動后，依據(jù)Xcosθ=LL變大，繩長不變，所以θ角度減小，繩子與豎直方向的夾角變大，繩子的拉力變大，B正確；D、繩長和兩桿距離不變的狀況下，θ不變，所以掛的衣服質(zhì)量變化，不會影響懸掛點的移動，D錯誤。。題目就會變的簡潔三、解答題〔共672分〕考慮地球自轉(zhuǎn)的影響．則組合體運(yùn)動的線速度大小為R小為g〔〕2 ．94分〕“天舟一號”放射升空后，與已經(jīng)在軌運(yùn)h考慮地球自轉(zhuǎn)的影響．則組合體運(yùn)動的線速度大小為R小為g〔〕2 ．依據(jù)萬有引力定律和牛頓其次定律可得，衛(wèi)星所在處的加速度，依據(jù)萬有引力定律和牛頓其次定律可得，衛(wèi)星所在處的加速度，G=ma，運(yùn)動向心力，從而即可求解．mg=G解：在地球外表的物體受到的重力等于萬有引力，有：mg=G得：GM=R2g，G=，G=，得：v===R；a===g〔a===g〔〕2；R；g〔〕2．0〔4分〕自由下落，利用此裝置驗證機(jī)械能守恒定律。①對于該試驗，以下操作中對減小試驗誤差有利的是AB A．重物選用質(zhì)量和密度較大的金屬錘B．兩限位孔在同一豎直面內(nèi)上下對正C．準(zhǔn)確測量出重物的質(zhì)量D．用手托穩(wěn)重物，接通電源后，撒手釋放重物小組利用上述裝置將打點計時器接到50Hz的溝通電源上，按正確操作一條完整的紙帶，由于紙帶較長，圖中有局部未畫出，如下圖。紙帶上各點是打點計時器打出的計時點，其中O點為紙帶上打出的第一個點。重物下落高度應(yīng)從紙帶上計時點間的距離直接測出利用以下測量值能完成驗證機(jī)械能守恒定律的選項有BC 。的長度 度和EG的長度 和EG的長度依據(jù)試驗原理，結(jié)合試驗中的留意事項后分析解答；重力勢能表達(dá)式，進(jìn)而確定其的變化，即可驗證。解：A正確。、mv2、mv2m可約去，不需要測量重錘的質(zhì)量，對減小試驗誤差沒有影響，故C錯誤。DD錯誤。式，AOA、ADEG的長度時，只有求得FBC的中點的瞬時速度，從而確A錯誤；BCCDC點的瞬時速度，從而求得OC點的動能變化，因知道OC間距，則可求得重力勢能的B正確；C、當(dāng)BD、CFEG的長度時，依據(jù)BDEG的長度，可分別求得CF點的CF確定重力勢能的變化，進(jìn)而得以驗證C正確；EGACEGBF點的瞬BF間距不知道，則無法驗證機(jī)械能守恒，故D錯誤；故答案為：①AB；②BC。的中，瞬時速度的求解，及重力勢能的表達(dá)式的應(yīng)用。1〔0分〕某探究性學(xué)習(xí)小組利用如圖1所示的電路測量電池的電動勢和內(nèi)R1=9.0kΩ，為了便利讀數(shù)和作圖，給R0=3.0Ω的電阻．a(chǎn)a′bb′cc′的導(dǎo)線．為了確定哪一條導(dǎo)線內(nèi)部是斷開的，將電鍵S閉合，用多用電表的電壓a、b′間電壓，讀數(shù)不為零，再測量a、a′間電壓，假設(shè)讀數(shù)不為零，則一定是aa”導(dǎo)線斷開；假設(shè)讀數(shù)為零，則肯定是bb”導(dǎo)線斷開．2I1﹣I2圖象得到的電池的=Vr=0.5Ω．的斜率和截距求出電動勢和內(nèi)阻的大小．a(chǎn)、b′間電壓，讀數(shù)、a′bb′間不斷aa′aa′bb導(dǎo)線斷開．I1=，縱軸截距2E=U+Ir，I1〔1+r1〕+I〔0I1=，縱軸截距2圖線斜率確實定值為：r≈圖線斜率確實定值為：r≈0.5Ω．故答案為：①aa”，bb”，②1.4〔1.36～1.44均可〕 0.5〔0.4～0.6均可〕出兩物理量之間的關(guān)系式，結(jié)合圖線斜率和截距進(jìn)展求解，難度中等．2〔6分〕如下圖，物塊ABmA=2kg、mB=1kgA靜止與水BBh=1.8m〔未觸及滑輪〕然后由A、BB恰g=10m/s2?！?〕Bt；〔2〕Av的大??；BH?！?〕依據(jù)自由落體規(guī)律計算運(yùn)動時間；依據(jù)動量守恒定律計算A的最大速度；【解答解〔1〕【解答解〔1〕B從釋放到細(xì)繩剛繃直前做自由落體運(yùn)動，有：= 2代入數(shù)據(jù)解得：t=0.6s。依據(jù)動量定理；BBA〔取向上為正方向，則有：2t﹣mAA，vBBF1=F2由于碰撞時間極短，因此有：v′=2m/sA、B的速度為零，〔mA+mB〕〔mA+mB〕v′2+mgH=mgHBA代入數(shù)據(jù)解得：H=0.6m。1〕2m/s；B0.6m。這種狀況常常遇到，尋常多練習(xí)。3〔8分yⅠ象限存在垂直于平面對里的勻強(qiáng)磁場，第Ⅲ象限存在沿yQyx2倍。粒OxP點射出磁場，Py軸距離與Q點到y(tǒng)軸距離相等。不計粒子重力，求：O點時速度的大小和方向；電場強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小之比。〔1〕xy方向的勻加速直線運(yùn)動列方程求解；〔2〕粒子在電場中受到的電場力時由牛頓其次定律求解加速度，再依據(jù)速度位〔1〕在電場中，粒子做類平拋運(yùn)動，設(shè)Qxy2Lat，有L=②2L=v0L=②Oxαtanα=④Oxαtanα=④聯(lián)立①②③④式得：α=45° ⑤v==；x45°角斜向上。Ov==；〔2〕設(shè)電場強(qiáng)度為E，粒子電荷量為q，質(zhì)量為m，粒子在電場中受到的電場力POPO2LR=?由于由牛頓其次定律可得：