云南省曲靖市曲靖一中2023屆高考復(fù)習(xí)質(zhì)量監(jiān)測（二）物理答案

第可得在0～4s內(nèi)的平均速度為6m/s，而4～8s內(nèi)的平均速度為1m/s，故A錯誤。由斜率表示加速度可以看出在0～4s內(nèi)的加速度小于7～8s內(nèi)的加速度，故B錯誤。在0～6s物體一直沿正方向運動，6s后反向運動，故C正確，D錯誤2．選、整體為研究對象,受力如下圖。由平衡條件得①，②；由①得，故A錯誤，B錯誤。由②知選項C錯誤，D正確。3．木塊與小車剛發(fā)生相對滑動時有，，,，當(dāng)時，，當(dāng)時，，。4．橡皮的運動可分解為水平方向的勻速直線運動和豎直向上的勻速運動,所以橡皮運動的速度是這兩個方向速度的合成,其大小和方向均不變，故A正確，B、C錯誤。橡皮勻速運動，線的拉力大小等于橡皮受到的重力大小，故D錯誤。5．A、B組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，B球上升到最大高度時豎直速度為0,A、B兩球具有相同的水平速度,以B的初速度方向為正方向,由動量守恒定律得,由機械能守恒定律得，解得，故B正確。8．物體A做勻速直線運動,位移為，物體B做勻減速直線運動,位移為，設(shè)物體B速度減為零的時間為，有，在這段時間內(nèi)，物體B的位移為，物體A的位移為，由于，故物體A未追上物體B；5s后，物體B靜止不動，故物體A追上物體B的總時間為，故C正確，A、B、D錯誤。10．對A、B整體分析有，故A正確。彈簧a的形變量，所以彈簧a的長度，對B分析，彈簧b的彈力，那么彈簧b的形變量，彈簧b的長度，故B錯誤。剪斷彈簧b的瞬間，彈簧a的彈力不變，那么A的加速度，故C正確。剪斷彈簧a的瞬間，彈簧b的彈力不變，那么B的加速度，故D錯誤。11．因為小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，所以小球B受到的合力的方向一定沿著輕桿A，故A正確，B錯誤。由于小球所受的重力以及所需的向心力均不變，而重力與合力〔向心力〕之間的夾角減小，故小球B受到輕桿A的作用力逐漸減小，故C正確。由于小球的動能不變，而重力做負(fù)功，所以小球B受到輕桿A的作用力對小球B做正功，故D正確。12．由可知，當(dāng)汽車的功率突然減小為時，瞬時速度還沒來得及變化，那么牽引力突然變?yōu)椋噷⒆鰷p速運動，隨著速度的減小，牽引力逐漸增大，汽車做加速度逐漸減小的減速運動，當(dāng)速度減小到使?fàn)恳τ值扔谧枇r，汽車再做勻速運動，由可知，此時，故A、D正確。路程為，故C錯誤。二、非選擇題：共52分。13.〔每空2分，共6分〕〔1〕DABCFE〔2〕①如下圖②【解析】〔1〕根據(jù)實驗先后順序可知，實驗步驟排列為DABCFE?！?〕①由坐標(biāo)系中的各點可知這些點大致在一條直線上,過這些點作一條直線即得到圖象。②由圖象可得，所以。14．〔每空2分，共8分〕〔1〕ADE〔2〕〔3〕重錘的質(zhì)量m【解析】〔1〕因本實驗中是通過比擬重錘的重力勢能減少量mghn和動能增加量的大小來到達(dá)驗證的目的，對于同一個研究對象〔重錘〕來說，質(zhì)量是一定的，故只需比擬ghn和就能到達(dá)目的，選項D是沒有必要的，選項A、E是錯誤的。選項A中應(yīng)將打點計時器接到電源的“交流輸出〞上；選項E中應(yīng)先接通電源開關(guān)再釋放紙帶?！?〕由，得?！?〕由牛頓第二定律得平均阻力，所以應(yīng)測量重錘的質(zhì)量m，代入加速度公式得。15．〔10分〕解：〔1〕在傳送帶的運行速率較小，傳送時間較長時，物體從A到B需經(jīng)歷勻加速運動和勻速運動兩個過程，設(shè)物體勻加速運動的時間為那么 ①所以 ②〔2〕為使物體從A至B所用時間最短，物體必須始終處于加速狀態(tài)，由于物體與傳送帶之間的滑動摩擦力不變，所以其加速度也不變，而 ③設(shè)物體從A至B所用最短的時間為，那么 ④評分標(biāo)準(zhǔn)：此題共10分。正確得出①、③式各給3分，其余各式各給1分。注：用其他方法計算正確，也給對應(yīng)的分。16.〔12分〕解：〔1〕小物塊在C點時的速度大小為小物塊由C到D的過程中，由動能定理得代入數(shù)據(jù)解得 ③小球在D點時由牛頓第二定律得代入數(shù)據(jù)解得 ⑤由牛頓第三定律得，方向豎直向下 ⑥〔2〕小物塊與木板到達(dá)共同速度時，長木板的速度最大為根據(jù)動量守恒定律得 ⑦解得 ⑧〔3〕小物塊與木板剛到達(dá)共同速度時，小物塊與D點距離為x評分標(biāo)準(zhǔn)：此題共12分。正確得出①、②式各給2分，其余各式各給1分。注：用其他方法計算正確，也給對應(yīng)的分。17.〔16分〕解：〔1〕設(shè)滑塊與小車的共同速度為，滑塊與小車相對運動過程中動量守恒，有代入數(shù)據(jù)解得 ②設(shè)滑塊與小車的相對位移為L1，由系統(tǒng)能量守恒有代入數(shù)據(jù)解得 ④設(shè)與滑塊相對靜止時小車的位移為s1，根據(jù)動能定理，有代入數(shù)據(jù)解得 ⑥因，，說明小車與墻壁碰撞前滑塊與小車已具有共同速度，且共速時小車與墻壁還未發(fā)生碰撞，小滑塊不會從小車上掉下來 ⑦〔2〕小車與墻壁碰撞后，滑塊將在小車上繼續(xù)向右做初速度為，位移為的勻減速運動，然后滑上圓軌道的最低點P假設(shè)滑塊恰能滑過圓的最高點，設(shè)滑至最高點的速度為，臨界條件為根據(jù)動能定理，有聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得 ⑩假設(shè)滑塊恰好滑至圓弧到達(dá)T點時就停止，那么滑塊也能沿圓軌道運動而不脫離圓軌道根據(jù)動能定理，有代入數(shù)據(jù)解得 ?綜上所述，滑塊能沿圓軌道運動而