2023屆四川省資陽市高中高二物理第二學(xué)期期中聯(lián)考試題含解析

2023屆四川省資陽市高中高二物理第二學(xué)期期中聯(lián)考試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一個氣泡從恒溫水槽的底部緩慢向上浮起，（若不計氣泡內(nèi)空氣分子勢能的變化）則（）A．氣泡對外做功，內(nèi)能不變，同時放熱B．氣泡對外做功，內(nèi)能不變，同時吸熱C．氣泡內(nèi)能減少，同時放熱D．氣泡內(nèi)能不變，不吸熱也不放熱2、如圖所示，一帶電塑料小球質(zhì)量為m，用絲線懸掛于O點，并在豎直平面內(nèi)擺動，最大擺角為60°，水平磁場垂直于小球擺動的平面。當(dāng)小球自左方擺到最低點時，懸線上的張力恰為零，若不考慮空氣阻力，則A．小球一定帶負(fù)電B．小球自右方擺到最低點時懸線上的張力也為零C．小球擺動時由于洛倫茲力、繩的拉力不做功，小球擺動過程中機械能守恒D．塑料小球中會產(chǎn)生渦流，小球擺動過程中機械能減小3、手機大多有拍照功能，用來衡量其拍照性能的一個重要的指標(biāo)就是像素，像素可理解為光子打在光屏上的一個亮點，300萬像素的手機拍出的照片比30萬像素的手機拍出的等大的照片清晰得多，其原因可以理解為()A．光具有波粒二象性，大量光子表現(xiàn)出光的波動性B．光的波動性是大量光子之間的相互作用引起的C．光是一種粒子，它和物質(zhì)的作用是一份一份的D．大量光子表現(xiàn)光具有粒子性4、一交流電流的圖象如圖所示，由圖可知（）A．用電流表測該電流，其示數(shù)為AB．該交流電流的頻率為0.01HzC．該交流電流通過10Ω電阻時，電阻消耗的電功率為160WD．該交流電流瞬時值表達(dá)式為i＝4sin100πt(A)5、如圖所示，光滑水平面上，質(zhì)量為m=3kg的薄木板和質(zhì)量為m=1kg的物塊，都以v=4m/s的初速度朝相反方向運動，它們之間有摩擦，薄板足夠長，當(dāng)薄板的速度為2.4m/s時，物塊的運動情況是（）A．做加速運動B．做減速運動C．做勻速運動D．上述都有可能6、如圖所示，一質(zhì)量為m的帶正電的滑塊（可視為質(zhì)點）靜止于絕緣的球殼內(nèi)，滑塊所在位置對應(yīng)的半徑方向與豎直方向的夾角為θ。當(dāng)在球心O處放一帶負(fù)電的點電荷后，滑塊仍靜止，則此時滑塊（重力加速度為g）（）A．可能只受重力、靜電力和摩擦力三個力作用B．所受靜電力大小可能為mgcosθC．所受摩擦力大小一定為mgsinθD．對球殼的作用力方向可能豎直向下二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩個帶電粒子，電荷量相同，在同一勻強磁場中只受到磁場力作用而作勻速圓周運動，以下說法正確的是()A．若速率相等，則半徑必相等B．若質(zhì)量相等，則周期必相等C．若動量大小相等，則半徑必相等D．若動能相等，則周期必相等8、如圖甲所示，螺線管內(nèi)有一平行于軸線的磁場，規(guī)定圖中箭頭所示方向為磁感應(yīng)強度B的正方向，螺線管與U型導(dǎo)線框cdef相連，導(dǎo)線框cdef內(nèi)有一半徑很小的金屬圓環(huán)L，圓環(huán)與導(dǎo)線框cdef在同一平面內(nèi)，當(dāng)螺線管內(nèi)的磁感應(yīng)強度隨時間按圖乙所示規(guī)律變化時，下列選項中正確的是()A．在t1時刻，金屬圓環(huán)L內(nèi)的磁通量最大B．在t2時刻，金屬圓環(huán)L內(nèi)的磁通量最大C．在t1~t2時間內(nèi)，金屬圓環(huán)L內(nèi)有逆時針方向的感應(yīng)電流D．在t1~t2時間內(nèi)，金屬圓環(huán)L有收縮的趨勢9、如圖中（a）所示，在光滑水平面上用恒力F拉質(zhì)量1kg的單匝均勻正方形銅線框，在1位置以速度v0＝3m/s進(jìn)入勻強磁場時開始計時t＝0，此時線框中感應(yīng)電動勢為1V，在t＝3s時刻線框到達(dá)2位置開始離開勻強磁場．此過程中v-t圖象如圖（b）所示，則下列正確：A．線框右側(cè)的邊兩端MN間電壓為0.25VB．恒力F的大小為0.5NC．線框完全離開磁場的瞬間位置3速度為2m/sD．線框完全離開磁場的瞬間位置3速度為1m/s10、如圖所示，在勻強電場中，有邊長為5cm的等邊三角形ABC，三角形所在平面與勻強電場的電場線平行，O點為該三角形的中心，三角形各頂點的電勢分別為、、，下列說法正確的是A．O點電勢為零B．勻強電場的場強大小為，方向由C指向AC．在三角形ABC外接圓的圓周上電勢最低點的電勢為1VD．將電子由C點移到A點，電子的電勢能增加了4eV三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）興趣小組同學(xué)想測量一捆帶絕緣漆的鎳鉻合金絲（橫截面視為圓形）的長度．（1）如圖1所示，他們用螺旋測微器測得合金絲的直徑d=____________mm．查得鎳鉻合金絲的電阻率為ρ，若測出合金絲的電阻為R，則合金絲的長度可以根據(jù)公式L=__________求出（用ρ、d、R、π表示）．（2）他們用表盤如圖2所示的多用電表測量合金絲的電阻．先將選擇開關(guān)調(diào)到電阻擋的“×10”位置，將紅、黑表筆分別插入“+”、“-”插孔，把兩筆尖相互接觸，調(diào)節(jié)旋鈕T，使多用電表的指針指向電阻檔的__________刻線（選填“0”或“∞”）．之后將紅、黑表筆的筆尖分別與合金絲兩端接觸，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過大，于是他們將選擇開關(guān)調(diào)到電阻擋的__________位置（選填“×1”或“×100”）．（3）正確選擇擋位并重新調(diào)零后，他們將紅、黑表筆分別與合金絲的兩端接觸，測得合金絲的電阻為15Ω．他們還想用伏安法測量合金絲的電阻時，發(fā)現(xiàn)實驗室提供的電流表內(nèi)阻約0.5Ω，電壓表內(nèi)阻約3kΩ．為減小實驗誤差，在實驗中應(yīng)采用圖中的_________電路（選填“甲”或“乙”）．12．（12分）圖是電子射線管的示意圖。接通電源后，電子射線由陰極沿x軸方向射出，在熒光屏上會看到一條亮線。要使熒光屏上的亮線向下（z軸方向）偏轉(zhuǎn)，在下列措施中可采用的是（）A．加一磁場，磁場方向沿z軸負(fù)方向B．加一磁場，磁場方向沿y軸正方向C．加一電場，電場方向沿z軸負(fù)方向D．加一電場，電場方向沿y軸正方向四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，同一光滑水平軌道上靜止放置A、B、C三個物塊，A、B兩物塊質(zhì)量均為m，C物塊質(zhì)量為2m，B物塊的右端裝有一輕彈簧，現(xiàn)讓A物塊以水平速度向右運動，與B碰后粘在一起，再向右運動推動C（彈簧與C不粘連），彈簧沒有超過彈性限度．求：(1)A與B碰撞中的動能損失；(2)整個運動過程中，彈簧的最大彈性勢能．14．（16分）如圖甲所示，邊長L＝2.5m、質(zhì)量m＝0.50kg的正方形金屬線框，放在磁感應(yīng)強度B＝0.80T的勻強磁場中，它的一邊與磁場的邊界MN重合．在力F作用下由靜止開始向左運動，在5.0s內(nèi)從磁場中拉出．測得金屬線框中的電流隨時間變化的圖像如圖乙所示．已知金屬線框的總電阻R＝4.0Ω.甲乙(1)試判斷金屬線框從磁場中拉出的過程中，線框中的感應(yīng)電流的方向，并在圖中標(biāo)出；(2)t＝2.0s時，金屬線框的速度和力F的大??；(3)已知在5.0s內(nèi)力F做功1.92J，那么金屬線框從磁場拉出的過程中，線框中產(chǎn)生的焦耳熱是多少？15．（12分）如圖甲所示，兩根間距L=1.0m、電阻不計的足夠長平行金屬導(dǎo)軌ab、cd水平放置，一端與阻值R=2.0Ω的電阻相連，質(zhì)量m=0.2kg的導(dǎo)體棒ef在恒定外力F作用下由靜止開始運動，已知導(dǎo)體棒與兩根導(dǎo)軌間的最大靜摩擦力和滑動摩擦力均為f=1.0N，導(dǎo)體棒電阻為r=1.0Ω，整個裝置處于垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場B中，導(dǎo)體棒運動過程中加速度a與速度v的關(guān)系如圖乙所示（取g=10m/s2），求：（1）拉力F的大?。唬?）磁場的磁感應(yīng)強度B大??；（3）若ef棒由開始運動6.9m時，速度達(dá)到3m/s，求此過程中電路產(chǎn)生的焦耳熱.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

氣泡緩慢上升的過程中，外部的壓強逐漸減小，氣泡膨脹對外做功，由于外部恒溫，可以認(rèn)為上升過程中氣泡內(nèi)空氣的溫度始終等于外界溫度，則內(nèi)能不變，由公式△U=W+Q知須從外界吸收熱量，且吸收的熱量等于對外界所做的功．B正確，A、C、D錯誤．故選B．【點睛】本題考查了熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用，記住公式△U=W+Q及各物理量的正負(fù)：△U：溫度升高為正，溫度降低為負(fù)；W：外界對氣體做功為正，氣體對外做功為負(fù)；Q：吸熱為正，放熱為負(fù).2、C【解析】

A.由題意可知，當(dāng)小球自左方擺到最低點時，懸線上的張力恰為零，因此洛倫茲力向上，與重力的合力充當(dāng)向心力，根據(jù)左手定則可知，小球帶正電，故A錯誤；B.設(shè)線的長度為L，小球經(jīng)過最低點時速率為v。根據(jù)機械能守恒定律得：mgL(1-cos600得到：v=當(dāng)小球自左方擺到最低點時，有：qvB-mg=mv當(dāng)小球自右方擺到最低點時，有：F-mg-qvB=mv聯(lián)立①②得：F=4mg因此小球自右方擺到最低點時懸線上的張力為4mg，故B錯誤；D.由于小球為塑料小球，所以運動中沒有渦流產(chǎn)生，同時由上分析可知，小球無論是向左擺，還是向右擺，均只有重力做功，故機械能守恒，故C正確，D錯誤；故選：C?！军c睛】小球擺動過程中，受到重力、線的拉力和洛倫茲力，由左手定則，結(jié)合張力為零，即可判定小球的電性；只有重力做功，其機械能守恒，當(dāng)小球自右方擺到最低點時的速率等于自左方擺到最低點時的速率，由機械能守恒定律求出小球經(jīng)過最低點時的速率．根據(jù)小球自左方擺到最低點時，懸線上的張力恰為零，由重力與洛倫茲力的合力提供向心力，由牛頓第二定律列出方程．小球自右方擺到最低點時，洛倫茲力方向向下，再由牛頓第二定律求出懸線上的張力．3、A【解析】

AD、光具有波粒二象性，大量光子表現(xiàn)出光的波動性，故選項A正確，D錯誤；B、光的波粒二象性是光的內(nèi)在屬性，即使是單個光子也有波動性，跟光子的數(shù)量和光子之間是否有相互作用無關(guān)，故選項B錯誤；C、光是一種粒子，它和物質(zhì)的作用是“一份一份”進(jìn)行的，用很弱的光做雙縫干涉實驗時的照片上的白點就是光子落在膠片上的痕跡，清楚的顯示了光的粒子性，但數(shù)碼相機拍出的照片不是白點，所以不是因為此原因，故選項C錯誤．4、C【解析】

A.從圖象可以看出，交變電流的最大值為A，有效值為：，交流電表測量的是有效值，故A錯誤；B.從圖象可以看出，交變電流的周期為0.01s，故頻率為100Hz，故B錯誤；C.電流有效值為4A，該交變電流通過10Ω電阻時，電阻消耗的電功率為：P=I2R=42×10=160W故C正確；

D.從圖象可以看出，交變電流的最大值為A，周期為0.01s，角頻率故瞬時值為：i=Imsinωt=sin200πt(A)故D錯誤；5、A【解析】

由題意知M和m組成的系統(tǒng)動量守恒，由題意根據(jù)動量守恒可以求出當(dāng)木板速度為2.4m/s時物體的速度v的大小與方向。（M-m）v=Mv1+mv2得：方向與M的方向相同。

因為物塊先向右做勻減速直線運動，后再向左做勻加速直線運動，因為物體此時的速度方向向左，故物體處于加速運動過程中，故BCD錯誤，A正確。故選A。6、C【解析】

ABC．對滑塊受力分析如圖所示由物體平衡條件知N+F=mgcosθ①摩擦力f=mgsinθ②而若N=0，則電場力F=mgcosθ，此時摩擦力為零滑塊不能平衡，不符合題意，故AB錯誤，C正確；D．由上分析知滑塊對球殼的作用力方向不可能豎直向下，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A、由題，兩個粒子的電量相等，若速率相等，由半徑公式分析得知，半徑不一定相等，還需要質(zhì)量相等，半徑才相等，故A錯誤；

B、若質(zhì)量和電量都相等，由周期公式分析得知，周期必定相等，故B正確；

C、半徑公式中是動量大小，電量和動量大小都相等，則半徑必相等，故C正確；

D、粒子的動能，動能相等，粒子的質(zhì)量不一定相等，周期不一定相等，故D錯誤．點睛：粒子在勻強磁場中只受到磁場力作用而作勻速圓周運動，半徑公式為，根據(jù)半徑公式分析速率、質(zhì)量、動量、動能與半徑關(guān)系，由周期公式分析周期關(guān)系．8、BD【解析】

由B-t圖知，時刻磁通量的變化率為零，則感應(yīng)電流為零，L上的磁通量為零；故A錯誤；在時刻，磁感應(yīng)強度為零，但是磁通量的變化率最大，則感應(yīng)電流最大，通過金屬圓環(huán)的磁通量最大．B正確；在時間內(nèi)，磁通量的變化率不斷變大，則線圈內(nèi)的感應(yīng)電流不斷變大，根據(jù)楞次定律，在線圈中的電流方向f到c，根據(jù)右手螺旋定則，穿過圓環(huán)的磁通量向外增大，則根據(jù)楞次定律，在金屬圓環(huán)中產(chǎn)生順時針方向的感應(yīng)電流．故C錯誤．在時間內(nèi)，L內(nèi)的磁場增加，由愣次定律可以確定L必須減小面積以達(dá)到阻礙磁通量的增加，故有收縮的趨勢，故D正確．9、BC【解析】t=0時，線框右側(cè)邊MN的兩端電壓為外電壓，總的感應(yīng)電動勢為：E=Bav0，外電壓U外=34E=0.75V．故A錯誤；在t=1-3s內(nèi)，線框做勻加速運動，沒有感應(yīng)電流，線框不受安培力，則有

F=ma，由速度-時間圖象的斜率表示加速度，求得a=點睛：本題要抓住速度-時間圖象的斜率表示加速度．根據(jù)加速度的變化判斷物體的受力情況．還注意分析線框出磁場與進(jìn)磁場運動情況的關(guān)系，就能正確解答．10、BD【解析】

因AC中點的電勢為可知B與AC中點的連線為等勢面，可知O點的電勢為3V，選項A錯誤；勻強電場的場強大小，方向由C指向A，選項B正確；在三角形ABC外接圓的圓周上電勢最低的點應(yīng)該是平行于AC的直徑與圓周的上方的交點位置，因A點的電勢為1V，則此電勢最低點的位置的電勢小于1V，選項C錯誤；將電子由C點移到A點，電勢降低4V，則電子的電勢能增加了4eV，選項D正確.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）0.200（0.198mm—0.201mm之間均可），；（2）0，×1；（3）甲．【解析】

（1）螺旋測微器主尺讀數(shù)為零，主尺中線與可動刻度第20條刻度線對齊，讀出20.0，最終讀數(shù)為合金絲的直徑：d=)+20.0ⅹ0.01=0.200mm．根據(jù)電阻定律，合金絲的橫截面積，合金絲的長度．（2）歐姆表選檔后要進(jìn)行歐姆調(diào)零：把兩筆尖相互接觸，調(diào)節(jié)旋鈕T，使多用電表的指針指向電阻檔的0刻線．歐姆表測得的電阻值=示數(shù)×倍數(shù)，指針從∞刻度線向右偏轉(zhuǎn)，偏轉(zhuǎn)角度太大，導(dǎo)致示數(shù)太小，原因是選檔的倍數(shù)太大，故應(yīng)選擇倍數(shù)較小的檔位，即選×1檔．（3）由題目給出的數(shù)據(jù)可知：R2<RARV，該合金絲的阻值較小故應(yīng)采用電流表的外接法，即選甲電路．12、B【解析】

A、加一磁場，磁場方向沿z軸負(fù)方向，由左手定則知電子受洛倫茨力的方向沿y軸負(fù)方向，電子不會沿z軸向下偏轉(zhuǎn)，故A錯誤．B、加一磁場，磁場方向沿y軸正方向，由左手定則知電子受洛倫茨力的方向沿z軸負(fù)方向，電子沿z軸向下偏轉(zhuǎn)，故B正確．C、加一電場，電場方向沿z軸負(fù)方向，電子受電場力沿z軸正方向，電子不會沿z軸向下偏轉(zhuǎn)，故C錯誤．D、加一電場，電場方向沿y軸正方向，電子受電場力沿y軸負(fù)方向，電子不會沿z軸向下偏轉(zhuǎn)，故D錯誤．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)【解析】

在A與B碰撞過程中，系統(tǒng)的動量守恒，由動量守恒定律求出它們碰撞后的速度，再由能量守恒定律求動能損失；當(dāng)A、B、C有共同速度時，彈簧的彈性勢能最大，根據(jù)動量守恒定律以及能量守恒定律列式求解；【