湖南師大附中2017屆六校聯(lián)考

(1)在實驗操作過程中，如將滑動變阻器的滑片P向右滑動，則電流表A1的示數(shù)將______（選填“變大”、“不變”或“變小”）。(2)圖乙為該同學(xué)利用測出的實驗數(shù)據(jù)繪出的兩個電流變化圖線，其中IA、IB分別代表兩電流表的示數(shù)，但不清楚分別代表哪個電流表的示數(shù)。請你由圖線計算被測電池的電動勢E＝___________V，內(nèi)阻r＝___________Ω。(3)用上述方法測出的電池電動勢E和內(nèi)電阻r與真實值相比___________。A.E偏大，r偏小 B.E偏小，r偏大C.E偏大，r偏大 D.E偏小，r偏小24.(14分)如圖所示，為水上游樂園的設(shè)施，由彎曲滑道、豎直平面內(nèi)的圓形滑道、水平滑道及水池組成，桶形圓形滑道外側(cè)半徑R＝2m，圓形滑道的最低點的水平入口B和水平出口B′相互錯開，為保證安全，在圓形滑道內(nèi)運動時，要求緊貼外側(cè)滑行。水面離水平軌道高度h＝5m?，F(xiàn)游客從滑道A點由靜止滑下，游客可視為質(zhì)點，不計一切阻力，重力加速度g取10m/s2，求：起滑點A至少離水平滑道多高？為了保證游客安全，在水池中放有長度為L＝5m的安全氣墊MN，其厚度不計，滿足（1）的游客恰落在M端，要使游客能安全落在氣墊上，水道安全滑下點A距水平滑道的高度取值范圍為多少？MMN′ABB′CR25.(19分)cdefR如圖所示，dc與ef是無電阻的導(dǎo)軌，相距為，固定在水平面內(nèi)，同時存在圖示方向的勻強磁場。de端接有一個阻值為R的定值電阻，cf端接有一個電容為C的電容器。距d為處的p點有個小缺口，兩導(dǎo)軌P點左側(cè)無摩擦，右邊的摩擦因數(shù)為，距P不遠(yuǎn)處導(dǎo)軌中央O點有一個質(zhì)量為m的粘性物體。將金屬輕桿ab(不計質(zhì)量，沒有電阻)緊挨de放置，在水平拉力F作用下向右運動，拉力F與桿往右運動的位移x成正比，即：F=Kx，當(dāng)桿ab達(dá)P點時的速度為。試求：(不考慮感應(yīng)電流的磁場，其中“F=Kx”的k=)cdefR（1）從桿開始運動到達(dá)到P點時F所做的功和電阻R上放出的熱量；（2）磁感應(yīng)強度B的大??；（3）越過P點后桿粘上物體(物體離開水平面)成為一體，并讓ab桿維持速度勻速運動一段足夠長的時間后撤去外力，那么撤去外力后桿運動多長時間才能停止運動？撤去外力后桿運動了多長的距離？選考題：共45分。請考生從給出的2道物理題、3道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答，并將所選題目的題號寫在相應(yīng)位置上。注意所做題目的題號必須與所選題號一致，在答題卡選答區(qū)域指定位置答題。如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計分。33．【物理選修3－3模塊】（15分）（1）（5分）下列說法正確的是（）（填寫正確答案標(biāo)號。選對一個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分；每選錯一個扣3分，最低分為0分）。液晶像液體一樣具有流動性，其光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似，具有各向異性晶體的各向異性是指晶體沿不同方向的導(dǎo)熱性能、導(dǎo)電性能和光學(xué)性質(zhì)等各個性質(zhì)都不一樣C．縫衣針放在棉紙上，用手托著綿紙，放入水中。綿紙浸濕下沉，而縫衣針會停在水面。這是由于水的表面張力使針沒有下沉。D．潮濕的天氣里，洗了衣服不容易晾干，是因為空氣的相對濕度大E．未飽和汽的壓強一定小于飽和汽壓（2）（10分）如圖所示，除右側(cè)壁導(dǎo)熱良好外，其余部分均絕熱的氣缸水平放置，MN為氣缸右側(cè)壁。氣缸的總長度為L=80cm，一厚度不計的絕熱活塞將一定質(zhì)量的氮氣和氧氣分別封閉在左右兩側(cè)（活塞不漏氣）。在汽缸內(nèi)距左側(cè)壁d=30cm處設(shè)有卡環(huán)AB，使活塞只能向右滑動。開始時活塞在AB右側(cè)緊挨AB，缸內(nèi)左側(cè)氮氣的壓強p1=0.8×105Pa，右側(cè)氧氣的壓強p2=1.0×105Pa，兩邊氣體和環(huán)境的溫度均為t1=27℃?，F(xiàn)通過左側(cè)氣缸內(nèi)的電熱絲緩慢加熱，使氮氣溫度緩慢升高，=1\*GB3①活塞恰好要離開卡環(huán)時氮氣的溫度；=2\*GB3②繼續(xù)緩慢加熱氣缸內(nèi)左側(cè)氮氣，使氮氣溫度升高至227℃，求活塞移動的距離。34．【物理選修3－4模塊】（15分）（1）（5分）彈性介質(zhì)中波源O沿豎直方向振動產(chǎn)生的振幅為0.1m的簡諧橫波以速度v=10m/s傳播，M、N為與O在同一直線上的兩質(zhì)點，它們到O的距離分別為OM=12m、ON=6m。波源O開始振動一段時間后在直線MN上形成的波形如圖所示，波剛好傳到M點，不計波傳播過程中的能量損失A.此時O點的振動方向向上B.波源的振動頻率為2.5HzC.波傳播到N時，N先向下振動D.M與N的速度方向始終相同E.從O開始振動到此時N質(zhì)點運動的路程為0.6mi=60oO.（2）（10分）如圖所示，單色細(xì)光束射到一半徑為R的透明球表面，光束在過球心的平面內(nèi)，入射角i=60°。該光束經(jīng)折射進入球內(nèi)后又經(jīng)其內(nèi)表面反射一次，再經(jīng)球表面折射后射出。已知真空中光速為c，出射光線相對于入射光線偏轉(zhuǎn)了120°（圖上已畫出入射光線,i=60oO.①求透明球的折射率；②求光在透明球中傳播的時間。

參考答案14、B解析:單個氫原子從n=4向較低能級躍遷時,最多可以向外輻射3種不同頻率光子15、D解析:0-t2時間內(nèi)A質(zhì)點處于超重狀態(tài)；在t1-t2時間內(nèi)質(zhì)點B的動能不變，高度上升，機械能增大；0-t2時間內(nèi)B質(zhì)點的位移更大，平均速度大16、C解析:設(shè)星球的質(zhì)量為M，半徑為R，平均密度為ρ，張角為θ，飛行器的質(zhì)量為m，軌道半徑為r，周期為T。對于飛行器，根據(jù)萬有引力提供向心力得：G，由幾何關(guān)系有：R=rsin，星球的平均密度ρ=，，由以上各式知測得周期和軌道半徑，得不到星球的平均密度，故B錯誤；測得周期、軌道半徑和張角，可得到星球表面的重力加速度，故C正確。17、B解析：以小球為研究對象可看出，小球有向右的加速度，即環(huán)必然有沿桿向上的加速度，因此環(huán)是加速沿桿向上運動或減速沿桿向下運動。由于不知道細(xì)線與豎直方向的夾角大小，加速度大小不可求。18、B解析：A、加速場過程運用動能定理可得：qE=m，可得E=，故A錯誤；B、進入回收區(qū)的粒子在磁場中的半徑范圍或，根據(jù)洛倫茲力提供向心力qvB=m，粒子進入回收區(qū)的磁場應(yīng)強度范圍為或，故B正確、C錯誤；D、qvB=m與T=聯(lián)立，可得T=，T隨B變化，所有粒子均在磁場中經(jīng)半個周期進入回收區(qū)，故D錯誤。19、BC解析：根據(jù)，可得變壓器Ⅰ的原副線圈匝數(shù)比為11:1000，由于輸電線路上的電阻分壓，變壓器Ⅱ的原副線圈匝數(shù)比并不等于1000:11，A錯誤。光伏電站的功率通過逆變器后輸送的總功率為kw，輸電線路上的電流，w,kw..用戶負(fù)載越多，線路上損耗的功率越大，所以答案選BC。20、BC解析：全過程同時滿足水平方向動量守恒和機械能守恒，聯(lián)立方程可以解得小球滑離小車時小球速度為v/3方向向左，小車速度為2v/3，方向向右，故小球相對小車速度為v。小車一直向右運動，小球滑離小車時，小車沒有回到原來位置。當(dāng)小球恰好通過管道最高點時，小球和小車速度相等，由水平方向動量守恒可求得此時速度為v/3，方向向右，則小車的動量變化為2mv/3。此時系統(tǒng)動能損失最大，轉(zhuǎn)變?yōu)樾∏蛑亓菽埽伤愠鲂∏蚋叨葹関2/3g。21、ABD解析：d球和a、b、c球之間都應(yīng)該為斥力，故四個球應(yīng)該帶有同種電荷。a球受b、c、d三球庫侖斥力作用、還受重力、桌面支持力、圓環(huán)彈力作用。根據(jù)力的平衡條件可判斷圓環(huán)對a球彈力方向指向圓環(huán)圓心。對四個球和圓環(huán)整體受力分析，水平桌面對c球支持力為總重力的三分之一。小球d受到a、b、c三球庫侖斥力作用，三力豎直向上分量之和與3mg重力平衡。故選ABD。22.(1)A、B兩點之間的距離x，小車和車上的拉力傳感器的總質(zhì)量m；(2分)(2分)(2)AD(2分，只選對一項得1分，有選錯得0分)23.（1）變小(2分)（2）3，2(4分)（3）D(2分)24、解析：（1）沿圓形外側(cè)滑道恰好滑過最高點，有： ①（2分）從A到最高點，由機械能守恒 ②（2分）聯(lián)立①②： ③（1分）（2）落水最近點拋出速度最小，從A到C由機械能守恒 ④（2分） ⑤（1分）水平拋出，由平拋運動可知 ⑥（2分）s＝vt ⑦（2分）將v1＝10m/s代入⑥⑦，得s1＝10m將s2＝s1＋L＝15m代入⑥⑦兩式，得：v2＝15m/s ⑧（1分）由④同理得： 滑下點A距水平滑道高度最多在5m～11.25m之間 25、解析：（1）由于F正比于位移x，可用平均力求解。W=（3分）R放出的熱量等于F做的功Q=（3分）（2）因為桿無質(zhì)量，所以有拉力必然時刻等于安培力，則：得：=（4分）(3)越過P后，C兩端的電壓U=，所帶電荷量（2分）撤去外力后由于摩擦，桿會減速運動，而電容器放電，取向右為正，根據(jù)動量定理：（設(shè)t時刻的速度為v，此時電容器所帶電荷量為q=CB），（3分）可見，桿做加速度為a==的勻減速運動，當(dāng)v=0時停止運動，所以t=（2分）x==（2分）33、解析：（1）ACD（2）=1\*GB3①經(jīng)分析恰好離開，即氣缸內(nèi)氮氣壓強與氧氣壓強相等。取封閉的氮氣為研究對象：初狀態(tài)：p1=0.8×105PaT1=300KV1=dS末狀態(tài)：p2=1.0×105PaT2V2=V1（1分）由理想氣體狀態(tài)方程（2分）代入數(shù)據(jù)解得：T2=375K（1分）=2\*GB3②繼續(xù)緩慢加熱氣缸內(nèi)氣體，使氮氣溫度升高至T3，設(shè)活塞移動距離為x取氮氣為研究對象：初狀態(tài)：p1=0.8×105PaT1=300KV1=dS末狀態(tài)：p3T3=500KV3=dS+xS由理想氣體狀態(tài)方程（2分）取氧氣為研究對象：初狀態(tài)：p4=1.0×105PaT4=300KV4=（L-d）S末狀態(tài)：p5=p3T5=300KV5=LS-V3（1分）由玻意耳定律：（2分）代入數(shù)據(jù)解得：向右移動的距離（1分）34（1）解析：A、此時O點的振動方向向下，故A錯誤。B、由圖知，ON=1.5λ，得λ==4m，所以波源的振動周期為T==0.4s，所以頻率為2.5Hz，故B正確。C、由圖知，波上各質(zhì)點的起振方向向下，所以波傳播到N時，N先向下振動，故C正確。D、由于ON=1.5λ，所以N點與O點的振動情況總是相反。OM=3λ，所以M點與O點振動情況總是相同，所以M點與N點振動情況總是相反，M與N的速度方向始終相反，故D錯誤。E、波從O點傳播到N點需要0.6s，到此時N點振動了1.5個周期，所以運動的路程為6A，故E正確。故選：BCE（2）解析：①出射光線順時針方向偏轉(zhuǎn)時，如圖：由幾何關(guān)系及對稱性，有：r=+（i-r）其中α=60°iαr解得：r=45°，由折射定律得：n==(2分)

出射光線逆時針方向偏轉(zhuǎn)時