2023年甘肅省天水市五中物理高二下期末學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題含解析

2022-2023高二下物理期末模擬試卷注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、有質量相同的三個小物體a、b、c。現(xiàn)將小物體a從高為h的光滑斜面的頂端由靜止釋放，同時小物體b、c分別從與a等高的位置開始做自由落體運動和平拋運動，如圖所示。有關三個物體的運動情況，下列判斷正確的是A．三個物體同時落地B．三個物體落地前瞬間的動能相同C．重力對三個物體做功相同D．重力對三個物體的沖量相同2、如圖所示，三只完全相同的燈泡a、b、c分別與電阻R、電感L、電容C串聯(lián)，再將三者并聯(lián)，接在220V，50Hz的交變電壓兩端，三只燈泡亮度相同．若只將交變電壓的頻率改為60Hz，則（）A．三只燈泡亮度不變B．三只燈泡都將變亮C．a亮度不變，b變亮，c變暗D．a亮度不變，b變暗，c變亮3、一定質量的理想氣體，在壓強不變的條件下，溫度升高，體積增大，從分子動理論的觀點來分析，正確的是A．此過程中分子的平均速率不變，所以壓強保持不變B．此過程中每個氣體分子碰撞器壁的平均沖擊力不變，所以壓強保持不變C．此過程中單位時間內氣體分子對單位面積器壁的碰撞次數(shù)不變，所以壓強保持不變D．以上說法都不對4、如圖所示，氣缸上下兩側氣體由絕熱活塞隔開，活塞與氣缸光滑接觸初始時活塞和兩側氣體均處于平衡態(tài)，因活塞有質量所以下側氣體壓強是上側氣體壓強兩倍，上下氣體體積之比：：2，溫度之比：：保持上側氣體溫度不變，改變下側氣體溫度，使兩側氣體體積相同，此時上下兩側氣體的溫度之比為A．4：5 B．5：9 C．7：24 D．16：255、如圖所示，把一個小球套在光滑細桿上，小球與輕彈簧相連組成弾簧振子，小球沿桿在水平方向做簡諧運動，它的平衡位置為O，在A，B位置間振動．下列結論正確的是A．小球從A經O到B所用的時間為一個周期B．小球在A、B位置時，動能最大，加速度最大C．小球從A經O到B的過程中，回復力一直做正功D．小球從B到O的過程中，彈簧的彈性勢能轉化為小球的動能6、為了體現(xiàn)物理概念的本質特點，科學家會用比值定義法來定義物理量，下列屬于比值定義法的是A．B．C．D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，物體P靜止于固定的斜面上，P的上表面水平．現(xiàn)把物體Q輕輕地疊放在P上，則A．P向下滑動 B．P靜止不動C．P所受的合外力增大 D．P與斜面間的靜摩擦力增大8、物體沿一直線做勻加速直線運動，已知它在第2s內的位移為4.0m，第3s內的位移為6.0m，則下列判斷中正確的是（）A．它的加速度大小是2.0m/s2B．它在前7s內的位移是56mC．它的初速度為零D．它在第2s末的速度為5.0m/s9、如圖所示，帶有活塞的汽缸中，封閉一定質量的理想氣體，將一個半導體熱敏電阻R置于氣缸中，熱敏電阻與容器外的電源E和電流表A組成閉合回路，氣缸和活塞具有良好的絕熱性能，若發(fā)現(xiàn)電流表的讀數(shù)增大時，下列說法正確的是A．氣體壓強一定增大B．氣體體積一定減小C．氣體溫度一定升高D．氣體內能一定增大10、如圖所示，質量相等的A、B兩個球，原來在光滑水平面上沿同一直線相向做勻速直線運動，A球的速度是6m/s，B球的速度是－2m/s，不久A、B兩球發(fā)生了對心碰撞.對于該碰撞之后的A、B兩球的速度可能值，某實驗小組的同學們做了很多種猜測，下面的猜測結果可能的是()A．vA′＝－2m/s，vB′＝6m/sB．vA′＝2m/s，vB′＝2m/sC．vA′＝3m/s，vB′＝1m/sD．vA′＝－3m/s，vB′＝7m/s三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某物理興趣小組的同學想用如圖甲所示的電路探究一種熱敏電阻的溫度特性。（1）請按電路原理圖將圖乙中所缺的導線補接完整___。（2）利用補接完整的實驗裝置測量出不同溫度下的電阻值，畫出該熱敏電阻R﹣t圖象如圖丙中的實測曲線，與圖中理論曲線相比二者有一定的差異，除了偶然誤差外，下列關于產生系統(tǒng)誤差的原因或減小系統(tǒng)誤差的方法敘述正確的是___。（填選項前的字母，不定項選擇）A．電流表的分壓造成電阻的測量值總比真實值大B．電壓表的分流造成電阻的測量值總比真實值小C．溫度升高到一定值后，電流表應改為外接法（3）已知電阻的散熱功率可表示為P散=k（t﹣t0），其中k是比例系數(shù)，t是電阻的溫度，t0是周圍環(huán)境溫度，現(xiàn)將本實驗所用的熱敏電阻接到一個恒流電源中，使流過它的電流恒為40mA，t0=20，k=0.16W/．由理論曲線可知：①該電阻的溫度大約穩(wěn)定在___；②此時電阻的發(fā)熱功率為___W。12．（12分）某中學生課外科技小組利用銅片、鋅片和家鄉(xiāng)盛產的柑橘制作了果汁電池，他們?yōu)榱藴y量這種電池的電動勢E和內阻r，設計了如下兩種方案：方案一：(1)測電池內阻時，選擇多用電表“×10”倍率歐姆擋，將兩個表筆插入電池兩極內側，盡量靠近兩極而不與兩電極接觸，此時歐姆表指針如圖甲所示，則電池的內阻為_______Ω；(2)測電池電動勢時，先在電池兩端連接一個滑動變阻器作為負載，然后用多用電表的直流電壓擋分別測量外電壓和內電壓，其中測外電壓時，選擇開關置于直流電壓1V擋，指針位置如圖乙所示，則此時的外電壓為_________V．(3)根據公式E=_____________（用內電壓U內和外電壓U外表示）即可得到電池的電動勢．方案二：用如圖丙所示的電路進行測量，通過調節(jié)滑動變阻器得到多組電壓電流值，描點做出U–I圖如圖丁所示；(1)由圖可得，電池電動勢E=________V，內阻r=______；(2)僅從測量的原理來看，由于電流表的分壓作用，電壓表示數(shù)比真實的路端電壓______，測得的電動勢比真實的電動勢________，測得的內阻比真實的內阻________；（以上三空均填“偏大”“偏小”或“相等”）(3)若所用電流表的內阻為100Ω，則待測電池的真實內阻為________Ω．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）某運動員做跳傘訓練，他從懸停在空中的直升飛機上由靜止跳下，跳離飛機一段時間后打開降落傘做減速下落．他打開降落傘后的速度圖象如圖所示．已知人和降落傘的總質量m=60kg，g取10m/s1．（1）不計人所受的阻力，求打開降落傘前運動員下落的高度？（1）打開傘后傘所受阻力Ff與速度v成正比，即Ff＝kv，求打開傘瞬間運動員的加速度a的大小和方向？14．（16分）如圖所示，一質量M＝2kg的平板小車靜止在光滑的水平面上，小物塊A、B靜止在平板車上的C點，A、B間絕緣且夾有少量炸藥．已知mA＝2kg，mB＝1kg，A、B與小車間的動摩擦因數(shù)均為μ＝0.2，A帶負電，電荷量為q，B不帶電．平板車所在區(qū)域內有范圍很大的垂直于紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B0，且qB0＝10N·s/m.炸藥瞬間爆炸后釋放的能量為12J，并全部轉化為A、B的動能，使得A向左運動、B向右運動．取g＝10m/s2，小車足夠長，求B相對小車滑行的距離．15．（12分）兩根足夠長的平行光滑金屬導軌MN、PQ相距為d，導軌平面與水平面的夾角θ=31°，導軌電阻不計．磁感應強度為B的勻強磁場垂直于導軌平面向上，長為d的金屬棒ab垂直于MN、PQ放置于導軌上，且始終與導軌接觸良好，金屬棒的質量為m、電阻為R．兩金屬導軌的上端連接一個阻值也為R的定值電阻，重力加速度為g．現(xiàn)閉合開關S，給金屬棒施加一個方向垂直于棒且平行于導軌平面向上、大小為mg的恒力F，使金屬棒由靜止開始運動．求：（1）金屬棒能達到的最大速度vm；（2）金屬棒達到最大速度一半時的加速度；（3）若金屬棒上滑距離為L時速度恰達到最大，則金屬棒由靜止開始上滑4L的過程中，金屬棒上產生的電熱Q1．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：由于物體a在斜面上下滑，它下滑的加速度a=gsinθ，小于g，而物體b做自由落體運動，加速度為g，故物體的斜面上運動的位移又比自由落體的長，所以三個物體下落的時間不相等，所以三個物體不能同時落地，選項A錯誤；物體a落地時，物體b已經落到地上了，故三個物體落地前瞬間的動能不相同，選項B錯誤；重力對三個物體做功W=Gh，物體的G和h均相同，故做功相同，選項C正確；由于時間不相等，故沖量I=Ft不相同，選項D錯誤?？键c：牛頓第二定律，功，沖量等。2、D【解析】根據電感的特性：通低頻、阻高頻，當電源的頻率變高時，電感對電流的感抗增大，b燈變暗；根據電容器的特性：通高頻、阻低頻，當電源的頻率變高時，電容器對電流的容抗減小，c燈變亮．而電阻的亮度與頻率無關，a燈亮度不變．故選D．點睛：本題要抓住電感和電容的特性分析：電感：通直流、阻交流，通低頻、阻高頻，可根據法拉第電磁感應定律來理解．電容器的特性：通交流、隔直流，通高頻、阻低頻，根據電容器充放電的特性理解．3、D【解析】

AB．溫度是分子熱運動平均動能的標志，溫度不變，分子熱運動平均動能不變，所以氣體分子每次碰撞器壁的沖力不變，故AB錯誤；CD．理想氣體體積變大，氣體的分子數(shù)密度減小，單位時間碰撞容器壁單位面積的分子數(shù)減少，故C錯誤，D正確。故選D。4、D【解析】設V1=V，由題意可知：，則，設T1=2T，已知：，則，氣體壓強：，則：，最終兩部分氣體體積相等，則：，上部分氣體溫度不變，由玻意耳定律得：，解得：，下部分氣體的壓強：，對下部分氣體，由理想氣體狀態(tài)方程得：，解得：，上下兩側氣體的溫度之比：，故D正確，A、B、C錯誤；故選D．【點睛】根據圖示與兩部分氣體壓強間的關系，求出活塞的質量；對上部分氣體應用玻意耳定律求出氣體末狀態(tài)的壓強，然后求出下部分氣體的壓強；對下部分氣體應用理想氣體狀態(tài)方程求出其末狀態(tài)的溫度，然后求出兩側氣體的溫度之比．5、D【解析】

A、小球從A經O到B所用的時間為半個周期，故A錯誤；B、小球在A、B位置時，速度為零，動能為零，位移最大，加速度最大，故B錯誤；C、小球從A經O到B的過程中，回復力指向O，則回復力先做正功后做負功，故C錯誤；D、小球從B到O的過程中，小球的動能增大，彈簧的彈性勢能減小，彈簧的彈性勢能轉化為小球的動能．故D正確．6、B【解析】a=F/m是牛頓第二定律的表達式，不是加速度的定義式，不是比值定義法，故A錯誤；E=F/q是電場強度的定義式，是比值定義法，選項B正確；I=F/BL中不是電流的定義式，不是比值定義法，選項C錯誤；U=Q/C不是電勢差的比值定義式，故D錯誤；故選B.點睛：本題關鍵抓住用比值定義法定義的物理量反映了物質最本質的屬性，與分子和分母的兩個物理量無關的特點進行分析．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

對P受力分析，受重力、支持力、靜摩擦力，根據平衡條件，有：N=Mgcosθ；f=Mgsinθf≤μN；故μ≥tanθ；由于物體Q輕輕地疊放在P上，相當于增大物體P重力，故P靜止不動，故A錯誤，B正確；物體P保持靜止，合力為零，故C錯誤；由于物體Q輕輕地疊放在P上，相當于增大物體P重力，故P與斜面間的靜摩擦力增大，故D正確；故選BD．【點睛】本題關鍵是對物體受力分析，求解出支持力和靜摩擦力表達式；物體Q輕輕地疊放在P上，相當于增大物體P重力．8、ABD【解析】

由勻變速運動的規(guī)律代入數(shù)據可得，A正確由時間中點的速度等于全程的平均速度可知2s末的速度為，故物體的初速度為，因此物體7s內的位移為，代入數(shù)據解得，B正確C錯誤D正確9、CD【解析】

氣體用活塞封閉，故氣體的壓強不變．電流表示數(shù)增大，則由閉合電路歐姆定律可知，電路中電阻R減?。桓鶕雽w熱敏電阻的性質可知，氣缸內溫度升高，內能增大，由氣體狀態(tài)方程PV/T=C可得，氣體體積一定增大；故選CD．點睛：本題綜合了熱學與電學相關知識，要求掌握閉合電路歐姆定律及氣體的內能只與溫度有關，溫度越高，則氣體的內能越大．10、AB【解析】

設每個球的質量均為m，碰前系統(tǒng)總動量P=mvA+mvB=6m-2m=4m碰前的總動能A．若vA′=-2m/s，vB′=6m/s，碰后總動量P′=mvA′+mvB′=4m，動量守恒?？倓幽埽瑱C械能也守恒，A可能實現(xiàn)；故A正確。B．若vA′=2m/s，vB′=2m/s，碰后總動量

P′=mvA′+mvB′=4m，總動能，動量守恒，機械能不增加，故B可能實現(xiàn)；故B正確。C．碰后總動量P′=mvA′+mvB′=4m，總動能，動量守恒，機械能不增加，但是碰后A的速度大于B，不符合實際，故C不可能實現(xiàn)；故C錯誤。D．碰后總動量P′=mvA′+mvB′=4m，總動能，動量守恒，機械能增加，違反能量守恒定律，故不可能實現(xiàn)，選項D錯誤；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AC504.8W【解析】

第一空.根據圖示電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：第二空.AB、由于實驗采用的是電流表內接法，由于電流表的分壓使電壓表讀數(shù)大于熱敏電阻兩端的電壓，在相同的溫度下，熱敏電阻的測量值總比理論值偏大，故A正確，B錯誤；C、當溫度升高到一定值后，電阻變小，則電流表應該選用外接法，故C正確。故選：AC。第三空.作出P散=0.16（t﹣20）的圖象，如圖所示，與熱敏電阻隨溫度變化的圖象的交點即為該電阻的穩(wěn)定溫度，所以該電阻的溫度大約穩(wěn)定在50℃；第四空.電阻的發(fā)熱功率為P散=0.16（50﹣20）W=4.8W。12、4500.940.97569偏小相等偏大469【解析】

方案一：①根據多用電表的讀數(shù)方法可知，電阻R=45×10=450Ω；

②量程為直流電壓1V檔，則最小分度為0.1V，則最終讀數(shù)為：0.94V．

③根據閉合電路歐姆定律可知：E=E內+E外

方案二：①根據U=E-Ir可知，圖象與縱坐標的交點為電源的電動勢，故E=0.97V；

內阻r==0.569Ω；

②僅從測量的原理來看，由于電流表的分壓作用，電壓表示數(shù)偏小；當外電路斷路時，電流表分壓可忽略，因此測量電動勢與真實值相同，沒有誤差；但內阻包含電流表內阻，測量值偏大；

③實際內阻r=569-100=469Ω；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要