2023屆北京市西城區(qū)高三下學(xué)期三模物理試卷

第=page1616頁，共=sectionpages11頁第=page1515頁，共=sectionpages1515頁2023年北京市西城區(qū)高三下學(xué)期物理三模試卷一、單選題（本大題共6小題，共18.0分）設(shè)物體運(yùn)動(dòng)的加速度為a、速度為，位移為x，現(xiàn)有四個(gè)不同物體的運(yùn)動(dòng)圖象如圖所示，時(shí)刻物體的速度均為零，則其中物體做單向直線運(yùn)動(dòng)的圖象是A. B.

C. D.圖中K、L、M為靜電場(chǎng)中的3個(gè)相距很近的等勢(shì)面、M之間無電荷一帶電粒子射入此靜電場(chǎng)中后，依abcde軌跡運(yùn)動(dòng)．已知電勢(shì)，且粒子在ab段做減速運(yùn)動(dòng)．下列說法中正確的是A.粒子帶負(fù)電

B.粒子在bc段也做減速運(yùn)動(dòng)

C.粒子在a點(diǎn)的速率大于在e點(diǎn)的速率

D.粒子從c點(diǎn)到d點(diǎn)的過程中電場(chǎng)力做負(fù)功

太陽系的第二大行星土星的衛(wèi)星很多，其中土衛(wèi)五和土衛(wèi)六繞土星的運(yùn)動(dòng)可近似看作圓周運(yùn)動(dòng)，下表是關(guān)于土衛(wèi)五和土衛(wèi)六兩顆衛(wèi)星的資料。兩衛(wèi)星相比衛(wèi)星發(fā)現(xiàn)者發(fā)現(xiàn)年份距土星中心距離質(zhì)量直徑土衛(wèi)五卡西尼1672年527000765土衛(wèi)六惠更斯1655年2575A.土衛(wèi)五繞土星運(yùn)動(dòng)的周期較小

B.土衛(wèi)五繞土星運(yùn)動(dòng)的線速度較小

C.土衛(wèi)六繞土星運(yùn)動(dòng)的角速度較大

D.土衛(wèi)六繞土星運(yùn)動(dòng)的向心加速度較大如圖所示，將籃球從同一位置斜向上拋出，其中有兩次籃球垂直撞在豎直墻上，不計(jì)空氣阻力，則下列說法中正確的是A.籃球兩次撞墻的速度可能相等

B.籃球兩次拋出時(shí)速度的豎直分量可能相等

C.拋出時(shí)的動(dòng)能，第一次一定比第二次大

D.從拋出到撞墻，第二次球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間較短

豎直導(dǎo)線ab與水平面上放置的圓線圈隔有一小段距離，其中直導(dǎo)線固定，線圈可自由運(yùn)動(dòng)，當(dāng)同時(shí)通以如圖所示方向的電流時(shí)圓線圈內(nèi)電流從上向下看是逆時(shí)針方向電流，則從左向右看，線圈將A.不動(dòng) B.順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)靠近導(dǎo)線

C.順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)離開導(dǎo)線 D.逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)靠近導(dǎo)線如圖所示電路中，電壓表和電流表都是理想的，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，各電阻阻值如圖所示，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從a端滑到b端的過程中，下列說法正確的是A.電壓表的讀數(shù)U先減小，后增大

B.電流表的讀數(shù)I先增大，后減小

C.電壓表讀數(shù)U與電流表讀數(shù)I的比值不變

D.電壓表讀數(shù)的變化量與電流表讀數(shù)的變化量的比值不變二、多選題（本大題共8小題，共31.0分）回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電極相連接的兩個(gè)D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成的周期性變化的電場(chǎng)，使粒子在通過狹縫時(shí)都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖所示，要增大帶電粒子射出時(shí)的動(dòng)能，則下列說法中正確的是

A.增大勻強(qiáng)電場(chǎng)間的加速電壓

B.增大磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度

C.減小狹縫間的距離

D.增大D形金屬盒的半徑

伽利略開創(chuàng)了實(shí)驗(yàn)研究和邏輯推理相結(jié)合探索自然規(guī)律的科學(xué)方法，利用這種方法伽利略發(fā)現(xiàn)的規(guī)律有A.物體之間普遍存在相互吸引力

B.力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因

C.物體間的相互作用力總是大小相等、方向相反

D.忽略空氣阻力，重物與輕物下落得同樣快如圖所示，在斜面上，木塊A與B的接觸面是水平的。連接木塊A的繩子呈水平狀態(tài)，兩木塊均保持靜止。則木塊A和木塊B可能的受力個(gè)數(shù)分別為A.2個(gè)和4個(gè) B.3個(gè)和4個(gè) C.4個(gè)和5個(gè) D.4個(gè)和6個(gè)如圖a所示，質(zhì)量不計(jì)的彈簧豎直固定在水平面上，時(shí)刻，將一金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，小球落到彈簧上壓縮彈簧到最低點(diǎn)，然后又被彈起離開彈簧，上升到一定高度后再下落，如此反復(fù)．通過安裝在彈簧下端的壓力傳感器，得到彈簧彈力F隨時(shí)間t變化的圖象如圖b所示，若圖象中的坐標(biāo)值都為已知量，重力加速度為g，則A.時(shí)刻小球具有最大速度

B.時(shí)刻小球的速度大小為零

C.可以計(jì)算出小球自由下落的高度

D.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，小球的機(jī)械能守恒如圖所示，絕緣輕桿兩端固定帶電小球A和B，輕桿處于水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，不考慮兩球之間的相互作用．初始時(shí)桿與電場(chǎng)線垂直，將桿右移的同時(shí)順時(shí)針轉(zhuǎn)過，發(fā)現(xiàn)A、B兩球電勢(shì)能之和不變．根據(jù)如圖給出的位置關(guān)系，下列說法正確的是A.A一定帶正電，B一定帶負(fù)電

B.A、B兩球帶電量的絕對(duì)值之比：：2

C.A球電勢(shì)能一定增加

D.電場(chǎng)力對(duì)A球和B球都要做功如圖，一束帶電粒子以一定的初速度沿直線通過由相互正交的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)組成的速度選擇器，然后粒子通過平板S上的狹縫P，進(jìn)入另一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最終打在上。下列表述正確的是A.粒子帶負(fù)電

B.所有打在上的粒子，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間都相同

C.能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于

D.粒子打在上的位置越靠近P，粒子的比荷越大真空中有一半徑為的帶電金屬球殼，通過其球心的一直線上各點(diǎn)的電勢(shì)分布如圖，r表示該直線上某點(diǎn)到球心的距離，、分別是該直線上A、B兩點(diǎn)離球心的距離，下列說法中正確的有A.該金屬球殼可能帶負(fù)電

B.A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向由A指向B

C.A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度

D.負(fù)電荷沿直線從A移到B的過程中，電場(chǎng)力做正功將三個(gè)木板1、2、3固定在墻角，木板與墻壁和地面構(gòu)成了三個(gè)不同的三角形，如圖所示，其中1與2底邊相同，2和3高度相同．現(xiàn)將一個(gè)可以視為質(zhì)點(diǎn)的物塊分別從三個(gè)木板的頂端由靜止釋放，并沿斜面下滑到底端，物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均相同．在這三個(gè)過程中，下列說法正確的是A.沿著1和2下滑到底端時(shí)，物塊的速度不同；沿著2和3下滑到底端時(shí)，物塊的速度相同

B.沿著1下滑到底端時(shí)，物塊的速度最大

C.物塊沿著3下滑到底端的過程中，產(chǎn)生的熱量是最少的

D.物塊沿著1和2下滑到底端的過程，產(chǎn)生的熱量是一樣多的三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共24.0分）如圖為“用位移傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計(jì)算機(jī)研究加速度與質(zhì)量關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置．

在圖示裝置中，是固定在小車上位移傳感器的______部分．在該實(shí)驗(yàn)中采用控制變量法，保持小車所受拉力不變，即用鉤碼所受的重力作為小車所受拉力，為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)使鉤碼質(zhì)量盡量______些．

改變小車的質(zhì)量，多次重復(fù)測(cè)量．在某次實(shí)驗(yàn)中根據(jù)測(cè)得的多組數(shù)據(jù)可畫出關(guān)系圖線，

如果摩擦力不能忽略，則畫出的圖線為圖示中的______填“甲”或“乙”或“丙”

單選題該實(shí)驗(yàn)中某同學(xué)畫出的圖線中AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是______

A.小車與軌道之間存在摩擦導(dǎo)軌保持了水平狀態(tài)

C.所掛鉤碼的總質(zhì)量太大所用小車的質(zhì)量太大．某研究性學(xué)習(xí)小組為探究小燈泡燈絲電阻與溫度的關(guān)系，設(shè)計(jì)并完成了有關(guān)的實(shí)驗(yàn)，以下是實(shí)驗(yàn)中可供選用的器材．

A.待測(cè)小燈泡額定功率6W，額定電流

B.電流表量程，內(nèi)阻

C.電壓表量程，內(nèi)阻約

D.電壓表量程，內(nèi)阻約

E.滑線變阻器最大阻值

F.滑線變阻器最大阻值

G.直流電源電動(dòng)勢(shì)15V，內(nèi)阻可忽略

H.開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干

實(shí)驗(yàn)中調(diào)節(jié)滑線變阻器，小燈泡兩端電壓可以從零至額定電壓范圍內(nèi)變化，從而測(cè)出小燈泡在不同電壓下的電流．

實(shí)驗(yàn)中為較準(zhǔn)確測(cè)量、方便調(diào)節(jié)，電壓表應(yīng)選用______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用______填寫儀器符號(hào)；

請(qǐng)?jiān)谌鐖D1的虛線框中畫出為完成上述實(shí)驗(yàn)而設(shè)計(jì)的合理的電路圖．

如圖2所示是該研究小組測(cè)得小燈泡的關(guān)系圖線．由圖線可知，小燈泡燈絲電阻隨溫度的升高而______填“增大”、“減小”或“不變”；當(dāng)小燈泡兩端所加電壓為6V時(shí)，其燈絲電阻值約為______保留兩位有效數(shù)字

若不考慮電表內(nèi)阻的影響，得到的是上面的關(guān)系圖線．但由于電表存在內(nèi)阻，實(shí)際測(cè)得的伏安特性曲線比上面的關(guān)系圖線位置來得偏______選填“高”或“低”．四、計(jì)算題（本大題共3小題，共47.0分）泥石流是在雨季由于暴雨、洪水將含有沙石且松軟的土質(zhì)山體經(jīng)飽和稀釋后形成的洪流．泥石流流動(dòng)的全過程雖然只有很短時(shí)間，但由于其高速前進(jìn)，具有強(qiáng)大的能量，因而破壞性極大．某課題小組對(duì)泥石流的威力進(jìn)行了模擬研究，他們?cè)O(shè)計(jì)了如圖1的模型：在水平地面上放置一個(gè)質(zhì)量為的物體，讓其在隨位移均勻減小的水平推力作用下運(yùn)動(dòng)，推力F隨位移變化如圖2所示，已知物體與地面的間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，則：

物體在運(yùn)動(dòng)過程中的最大加速度為多少？

在距出發(fā)點(diǎn)多遠(yuǎn)處，物體的速度達(dá)到最大？

物體在水平面上運(yùn)動(dòng)的最大位移是多少？

如圖，半徑的光滑圓弧軌道ABC與足夠長(zhǎng)的粗糙軌道CD在C處平滑連接，O為圓弧軌道ABC的圓心，B點(diǎn)為圓弧軌道的最低點(diǎn)，半徑OA、OC與OB的夾角分別為和將一個(gè)質(zhì)量的物體視為質(zhì)點(diǎn)從A點(diǎn)左側(cè)高為處的P點(diǎn)水平拋出，恰從A點(diǎn)沿切線方向進(jìn)入圓弧軌道．已知物體與軌道CD間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度，，求：

物體水平拋出時(shí)的初速度大?。?/p>

物體經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)，對(duì)圓弧軌道壓力大??；

物體在軌道CD上運(yùn)動(dòng)的距離x。

如圖所示，坐標(biāo)平面第Ⅰ象限內(nèi)存在大小為、方向水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在第Ⅱ象限內(nèi)存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。質(zhì)荷比的帶正電的粒子，以初速度從x軸上的A點(diǎn)垂直x軸射入電場(chǎng)，，不計(jì)粒子的重力。

求粒子經(jīng)過y軸時(shí)的位置到原點(diǎn)O的距離；

求粒子第一次經(jīng)過y軸時(shí)速度的大小和方向；

若要使粒子不能進(jìn)入第Ⅲ象限，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的取值范圍不考慮粒子第二次進(jìn)入電場(chǎng)后的運(yùn)動(dòng)情況。

答案與解析1.答案：C

解析：解：A、由位移時(shí)間圖象可知，位移隨時(shí)間先增大后減小，2s后反向運(yùn)動(dòng)，4s末到達(dá)初始位置，故A錯(cuò)誤；

B、由速度時(shí)間圖象可知，速度2s內(nèi)沿正方向運(yùn)動(dòng)，沿負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，方向改變，故B錯(cuò)誤；

C、由圖象可知：物體在第1s內(nèi)做勻加速運(yùn)動(dòng)，第2s內(nèi)做勻減速運(yùn)動(dòng)，2s末速度減為0，然后重復(fù)前面的過程，是單向直線運(yùn)動(dòng)，故C正確；

D、由圖象可知：物體在第1s內(nèi)做勻加速運(yùn)動(dòng)，第內(nèi)做勻減速運(yùn)動(dòng)，2s末速度減為0，第3s內(nèi)沿負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，不是單向直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

物體做單向直線運(yùn)動(dòng)時(shí)位移一直增大，速度方向不變，根據(jù)圖象逐項(xiàng)分析即可．

圖象是我們高中物理研究運(yùn)動(dòng)的主要途徑之一，應(yīng)熟知其特征，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．

2.答案：B

解析：

【分析】

質(zhì)點(diǎn)做曲線方向時(shí)，合力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，根據(jù)軌跡彎曲方向，可判斷電場(chǎng)力方向向左，作出電場(chǎng)線，大體方向向左，因此電荷帶正電，bc段電荷做減速運(yùn)動(dòng)；根據(jù)電場(chǎng)力做功的正負(fù)，可知道電勢(shì)能和動(dòng)能如何變化．

根據(jù)等勢(shì)面作電場(chǎng)線，是解決這類問題常用方法．根據(jù)軌跡，判斷粒子的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，進(jìn)一步分析電場(chǎng)力做功、電勢(shì)能變化情況是常見的問題，要熟練快速作答．

【解答】

解：A、已知電勢(shì)，作出電場(chǎng)線如圖，

方向大體向左，由軌跡彎曲方向知道，粒子所受的電場(chǎng)力方向大體向左，故電荷帶正電．故A錯(cuò)誤．

B、由電勢(shì)，電場(chǎng)力對(duì)正電荷做負(fù)功，動(dòng)能減小，做減速運(yùn)動(dòng)．故B正確．

C、a與e處于同一等勢(shì)面上電勢(shì)相等，電勢(shì)能相等，根據(jù)能量守恒，速率也相等．故C錯(cuò)誤．

D、粒子從c點(diǎn)到d點(diǎn)的過程中，電勢(shì)降低，電勢(shì)能減小，則電場(chǎng)力做正功．故D錯(cuò)誤．

故選B．

3.答案：A

解析：解：設(shè)土星的質(zhì)量為M，

A、由開普勒第三定律，半徑越大，周期越大，所以土衛(wèi)五的公轉(zhuǎn)周期小。故A正確；

B、由衛(wèi)星速度公式，公轉(zhuǎn)半徑越大，衛(wèi)星的線速度越小，則土衛(wèi)六的公轉(zhuǎn)線速度小。故B錯(cuò)誤；

C、由衛(wèi)星角速度公式，公轉(zhuǎn)半徑越小，角速度越大，則土衛(wèi)五的公轉(zhuǎn)角速度大。故C錯(cuò)誤。

D、由衛(wèi)星向心加速度公式，公轉(zhuǎn)半徑越小，向心加速度越大，則土衛(wèi)五的向心加速度大。故D錯(cuò)誤。

故選：A。

由開普勒第三定律分析公轉(zhuǎn)周期的大小。由萬有引力提供向心力，比較線速度的大小和角速度的大小及向心加速度的大小。

本題是衛(wèi)星類型，在建立物理模型的基礎(chǔ)上，運(yùn)用萬有引力定律和圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)結(jié)合研究，難度適中。

4.答案：D

解析：解：A、水平射程相等，由得知第二次水平分速度較大，即籃球第二次撞墻的速度較大，故A錯(cuò)誤；

BD、將籃球的運(yùn)動(dòng)反向處理，即為平拋運(yùn)動(dòng)，第二次下落的高度較小，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間較短，由，可知，第二次拋出時(shí)速度的豎直分量較小，故B錯(cuò)誤，D正確；

C、根據(jù)速度的合成可知，不能確定拋出時(shí)的速度大小，動(dòng)能大小不能確定，故C錯(cuò)誤；

故選：D。

由于兩次籃球垂直撞在豎直墻面上，該運(yùn)動(dòng)的逆運(yùn)動(dòng)為平拋運(yùn)動(dòng)，結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律分析求解。

本題采用逆向思維，將斜拋運(yùn)動(dòng)變?yōu)槠綊佭\(yùn)動(dòng)處理，知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律。

5.答案：D

解析：【分析】

根據(jù)安培定則判斷通電導(dǎo)線AB產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向，采用電流元法和特殊位置法分析圓環(huán)所受安培力，判斷圓環(huán)的運(yùn)動(dòng)情況。

本題是磁場(chǎng)中典型問題：判斷安培力作用下導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)的方向．常用方法有：等效法、電流元法、特殊位置法等。

【解答】

解：根據(jù)安培定則可知，通電導(dǎo)線AB在右側(cè)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里．采用電流元法，將圓環(huán)分成前后兩半，根據(jù)左手定則可知，外側(cè)半圓受到的安培力向上，內(nèi)側(cè)受到的安培力向下，圓環(huán)將逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)．再用特殊位置法：圓環(huán)轉(zhuǎn)過時(shí)，通電直導(dǎo)線AB對(duì)左半圓環(huán)產(chǎn)生吸引力，對(duì)右半圓環(huán)產(chǎn)生排斥力，由于吸引力大于排斥力，圓環(huán)靠近則從左向右看，線圈將逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)靠近直導(dǎo)線故D正確，ABC錯(cuò)誤。

故選D。

6.答案：D

解析：解：A、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從a端滑到b端的過程中，總電阻先增大后減小，電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律，總電流先減小后增大，則內(nèi)電壓先減小后增大，外電壓先增大后減?。蔄、B錯(cuò)誤．

C、電壓表讀數(shù)U與電流表讀數(shù)I的比值表示外電阻，外電阻先增大后減?。蔆錯(cuò)誤．

D、因?yàn)閮?nèi)外電壓之和不變，所以外電壓的變化量的絕對(duì)值和內(nèi)電壓變化量的絕對(duì)值相等．所以故D正確．

故選D．

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從a端滑到b端的過程中，總電阻發(fā)生變化，根據(jù)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻不變，知總電流發(fā)生變化，內(nèi)電壓外電壓也發(fā)生變化．

解決本題的關(guān)鍵抓住電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析．

7.答案：BD

解析：解：由，解得。

則動(dòng)能，知?jiǎng)幽芘c加速的電壓無關(guān)，狹縫間的距離無關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和D形盒的半徑有關(guān)，增大磁感應(yīng)強(qiáng)度和D形盒的半徑，可以增加粒子的動(dòng)能，故B、D正確，A、C錯(cuò)誤。

故選：BD。

回旋加速器利用電場(chǎng)加速和磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)來加速粒子，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求出粒子射出時(shí)的速度，從而得出動(dòng)能的表達(dá)式，看動(dòng)能與什么因素有關(guān)．

解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器電場(chǎng)和磁場(chǎng)的作用，知道粒子的最大動(dòng)能與加速的電壓無關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和D形盒的半徑有關(guān)．

8.答案：BD

解析：解：A、伽利略沒有發(fā)現(xiàn)物體之間普遍存在相互吸引力的規(guī)律。故A錯(cuò)誤；

B、伽利略根據(jù)理想斜面實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，故B正確；

C、伽利略沒有發(fā)現(xiàn)物體間的相互作用力總是大小相等，方向相反的規(guī)律。物體間的相互作用力總是大小相等，方向相反是牛頓第三定律得內(nèi)容，故C錯(cuò)誤；

D、伽利略開創(chuàng)了實(shí)驗(yàn)研究和邏輯推理相結(jié)合的方法，得出了自由落體運(yùn)動(dòng)是初速度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)；并且明確了重物和輕物下落的同樣快；故D正確；

故選：BD。

本題要掌握伽利略關(guān)于運(yùn)動(dòng)和力關(guān)系的觀點(diǎn)、落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律理論等等．

伽利略的斜面實(shí)驗(yàn)是以可靠的事實(shí)為基礎(chǔ)，經(jīng)過抽象思維，抓住主要因素，忽略次要因素，推理得出的結(jié)論．

伽利略是物理學(xué)的奠基人之一，要學(xué)習(xí)他的成就和科學(xué)研究的方法．

理想斜面實(shí)驗(yàn)抓住了客觀事實(shí)的主要因素，忽略了次要因素，從而更深刻地揭示了自然規(guī)律．

9.答案：AC

解析：解：B至少受到重力、A對(duì)B的壓力和靜摩擦力、斜面的支持力四個(gè)力。斜面對(duì)物體B可能有靜摩擦力，也有可能沒有靜摩擦力，因此B受到4個(gè)力或5個(gè)力；

而A受到力支持力與重力外，可能受到拉力與B對(duì)A的摩擦力。因此A可能受到2個(gè)力或4個(gè)力。故AC正確BD錯(cuò)誤；

故選：AC。

先對(duì)A分析，可能受到2個(gè)力，重力與支持力；也可能受到4個(gè)力，增加拉力與B對(duì)A有向右的靜摩擦力；再分析B受力，除受到重力、支持力、A對(duì)B的靜摩擦力，A對(duì)B的壓力，可能受到斜面的靜摩擦力，也可能不受斜面的靜摩擦力，B受力情況有兩種可能。

本題關(guān)鍵先對(duì)A分析，根據(jù)平衡條件得到B對(duì)A有向左的靜摩擦力，然后根據(jù)牛頓第三定律得到A對(duì)B有向右的靜摩擦力；再按照重力、彈力、摩擦力的順序找力。

10.答案：BC

解析：【分析】

小球先自由下落，與彈簧接觸后，彈簧被壓縮，在下降的過程中，彈力不斷變大，當(dāng)彈力小于重力時(shí)，物體加速下降，合力變小，加速度變小，故小球做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)；當(dāng)加速度減為零時(shí)，速度達(dá)到最大；之后物體由于慣性繼續(xù)下降，彈力變得大于重力，合力變?yōu)橄蛏锨也粩嘧兇?，加速度向上且不斷變大，故小球做加速度不斷增大的減速運(yùn)動(dòng)；同理，上升過程，先做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度減為零時(shí)，速度達(dá)到最大，之后做加速度不斷增大的減速運(yùn)動(dòng)，直到小球離開彈簧為止．對(duì)于小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒．

題關(guān)鍵要將小球的運(yùn)動(dòng)分為自由下落過程、向下的加速和減速過程、向上的加速和減速過程進(jìn)行分析處理，同時(shí)要能結(jié)合圖象分析．

【解答】

A、時(shí)刻小球剛與彈簧接觸，當(dāng)彈簧彈力與重力平衡時(shí)速度最大，故A錯(cuò)誤；

B、時(shí)刻小球受到的彈力最大，處于最低點(diǎn)，速度為零，故B正確；

C、到時(shí)刻，小球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可以求出小球自由下落的高度，故C正確；

D、小球運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程中球與彈簧系統(tǒng)機(jī)械能守恒，小球的機(jī)械能不守恒，故D錯(cuò)誤；

故選：BC

11.答案：BD

解析：解：A、因?yàn)锳、B兩球電勢(shì)能之和不變，則電場(chǎng)力對(duì)系統(tǒng)做功為零，因此A、B電性一定相反，A可能帶正電，也可能帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；

B、電場(chǎng)力對(duì)A、B做功大小相等，方向相反，所以有：，因此：：2，故B正確；

C、A球的電性不確定，無法判斷其電勢(shì)能的變化，故A錯(cuò)誤；

D、電場(chǎng)力對(duì)A、B都做功，但代數(shù)和為零，故D正確

故選：BD。

明確電場(chǎng)的性質(zhì)，抓住A、B電勢(shì)能之和不變，即電場(chǎng)力對(duì)系統(tǒng)做功的代數(shù)和為零進(jìn)行判斷，要注意明確可能出現(xiàn)的情況．

解決本題的關(guān)鍵理解“A、B兩球電勢(shì)能之和不變”的物理含義：電場(chǎng)力對(duì)系統(tǒng)做功為零；根據(jù)電場(chǎng)力做功特點(diǎn)進(jìn)一步求解．

12.答案：CD

解析：解：A、帶電粒子在磁場(chǎng)中向左偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，知該粒子帶正電。故A錯(cuò)誤。

B、所有打在上的粒子，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間等于，，則，與帶電粒子的比荷有關(guān)。故B錯(cuò)誤。

C、粒子經(jīng)過速度選擇器時(shí)所受的電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，有：則故C正確。

D、經(jīng)過速度選擇器進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子速度相等，根據(jù)知，粒子打在上的位置越靠近P，則半徑越小，粒子的比荷越大。故D正確。

故選：CD。

粒子經(jīng)過速度選擇器時(shí)所受的電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，根據(jù)帶電粒子在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)方向判斷電荷的電性。根據(jù)平衡求出粒子經(jīng)過速度選擇器的速度。通過帶電粒子在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)，根據(jù)半徑的大小判斷粒子比荷的大小。

解決本題的關(guān)鍵知道粒子在速度選擇器中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。

13.答案：BC

解析：解：A、依據(jù)沿著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)降低，由圖可知0到電勢(shì)不變，隨著間距的增大，電勢(shì)降低，可知，金屬球殼可能帶正電，故A錯(cuò)誤；

BC、A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向由A指向B，A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故B、C正確；

D、負(fù)電荷沿直線從A移到B的過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，故D錯(cuò)誤。

故選：BC。

根據(jù)直線上各點(diǎn)的電勢(shì)分布圖判斷A點(diǎn)和B點(diǎn)電勢(shì)．

沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐點(diǎn)降低．

根據(jù)電場(chǎng)力方向和運(yùn)動(dòng)方向判斷做功情況．

解決該題要掌握根據(jù)電勢(shì)高低判斷電場(chǎng)方向，根據(jù)電場(chǎng)力和速度方向判斷做功情況．

14.答案：BD

解析：解：AB、設(shè)任意一斜面傾角為，斜面的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，則物體下滑過程中克服摩擦力做功為：即為斜面底邊的長(zhǎng)度，設(shè)物體滑到底端時(shí)的速度為v，根據(jù)動(dòng)能定理得：，根據(jù)圖中斜面高度和底邊長(zhǎng)度可知，滑到底邊時(shí)速度大小關(guān)系為：，即沿著1下滑到底端時(shí)，物塊的速度最大，故A錯(cuò)誤，B正確．

CD、摩擦生熱等于物塊克服摩擦力做功，即，由圖可知1和2底邊相等且小于3的底邊，故摩擦生熱關(guān)系為：，即物塊沿著1和2下滑到底端的過程中，產(chǎn)生的熱量一樣多，物塊沿著3下滑到底端的過程中，產(chǎn)生的熱量最多，故C錯(cuò)誤，D正確；

故選：BD

對(duì)物體進(jìn)行受力分析和做功分析，根據(jù)動(dòng)能定理分析物體到達(dá)斜面底端時(shí)速度關(guān)系．根據(jù)功的計(jì)算公式得出克服摩擦力做功表達(dá)式，分析產(chǎn)生的熱量關(guān)系．

物體沿斜面下滑時(shí)，克服摩擦力做的功等于，對(duì)于不同的傾角下滑的物體，只要重力和動(dòng)摩擦因數(shù)相同，我們只需要比較物體在水平方向上通過位移的大小就可以比較物體克服摩擦力做功的多少．求解物體速度大小時(shí)結(jié)合摩擦力做功情況應(yīng)用動(dòng)能定理加以判斷即可．

15.答案：發(fā)射

小

丙

C

解析：解：在圖示裝置中，是固定在小車上位移傳感器的發(fā)射部分．在該實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)使鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量．所以為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)使鉤碼質(zhì)量盡量小些．

加速度與質(zhì)量倒數(shù)的圖象可知，乙是不存在摩擦力；而丙有力仍沒有加速度，則說明存在摩擦力；而甲還沒有施加力，就有加速度，說明平衡摩擦力過度．

據(jù)在某次實(shí)驗(yàn)中測(cè)得的多組數(shù)據(jù)可畫出關(guān)系圖線如圖2所示分析此圖線的OA段可得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)論是小車的質(zhì)量一定，加速a與合力F成正比．

由于OA段關(guān)系為一傾斜的直線，所以在質(zhì)量不變的條件下，加速度與外力成正比；由實(shí)驗(yàn)原理：

得而實(shí)際上可見A，B段明顯偏離直線是由于沒有滿足造成的，故選項(xiàng)C正確．

故達(dá)為：發(fā)射，小

丙

固定在小車上的是位移傳感器的發(fā)射裝置．探究加速度與質(zhì)量關(guān)系時(shí)，鉤碼質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量．

控制實(shí)驗(yàn)所控制的變量，分析圖象，根據(jù)圖象特點(diǎn)得出實(shí)驗(yàn)結(jié)論；根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)分析圖象偏離直線的原因．

探究影響加速度因素時(shí)，在鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量時(shí)，可以近似認(rèn)為小車受到的拉力等于鉤碼重力．

16.答案：，E；

如圖所示

增大；16；

高

解析：【分析】

描繪燈泡電阻隨電壓的變化關(guān)系，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，根據(jù)燈泡電阻與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法．根據(jù)圖象可明確測(cè)量誤差的現(xiàn)象．

本題考查伏安法測(cè)燈泡伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)，要注意電學(xué)實(shí)驗(yàn)離不開變阻器，當(dāng)要求電流和電壓從零調(diào)時(shí)變阻器應(yīng)用分壓式接法；當(dāng)待測(cè)電阻阻值遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻時(shí)，電流表應(yīng)用外接法接法．

【解答】

小燈泡兩端電壓可以從零至額定電壓范圍內(nèi)變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)用分壓式接法，又小燈泡電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，電流表應(yīng)用外接法接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示，根據(jù)小燈泡規(guī)格“6W，”可知，額定電壓所以電壓表應(yīng)選D；為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選E．

滑動(dòng)變阻器接用分壓接法，同時(shí)因燈泡內(nèi)阻較小，故電流表采用外接法；原理圖如圖所示；

由圖示圖象可知，隨燈泡兩端電壓增大，通過燈泡的電流增大，電壓與電流的比值增大，燈泡電阻增大；由圖示圖象可知，燈泡兩端電壓為6V時(shí)，通過燈泡的電流為，則燈泡電阻

因?yàn)椴捎秒娏鞅硗饨臃ǎ捎陔妷罕淼姆至?，使電流表示?shù)偏大，則測(cè)量值的圖象中電流應(yīng)偏大，故圖象偏高；

故答案為：，E；

如圖所示

增大；16；

高。

17.答案：解：

當(dāng)推力F最大時(shí)，加速度最大，由牛頓第二定律，得：

可解得：

由圖象可知：F隨x變化的函數(shù)方程為

速度最大時(shí)，合力為0，即

所以

位移最大時(shí)，末速度一定為0

由動(dòng)能定理可得：

由圖象可知，力F做的功為

所以

答：物體在運(yùn)動(dòng)過程中的最大加速度為；

在距出發(fā)點(diǎn)3m時(shí)，物體的速度達(dá)到最大．

物體在水平面上運(yùn)動(dòng)的最大位移是8m．

解析：推力最大時(shí)，加速度最大，由牛頓第二定律律及圖象可求得最大加速度；

由圖可明確對(duì)應(yīng)的函數(shù)關(guān)系，根據(jù)力和運(yùn)