高中物理（滬科版）崇明區(qū)2017學年高考模擬

PAGE高三物理共5頁第8頁崇明區(qū)2018屆第二次高考模擬考試試卷物理考生注意：1．答題前，務必在試卷與答題紙上填寫學校、姓名、準考證號。2．試卷滿分100分，考試時間60分鐘。3．本考試分設試卷和答題紙。試卷包括三大部分，第一部分為單項選擇題，第二部分為填空題，第三部分為綜合題。4．作答必須涂或寫在答題紙上相應的位置，在試卷上作答無效。一、單項選擇題（共40分，1至8題每小題3分，9至12題每小題4分。每小題只有一個正確選項）建立完整的電磁場理論并預言電磁波存在的科學家是C2017學年崇明二模1（C2017學年崇明二模1（A）法拉第 （B）奧斯特 （C）麥克斯韋 （D）赫茲由核反應產生，且屬于電磁波的射線是D2017學年崇明二模2D2017學年崇明二模2（A）陰極射線 （B）X射線 （C）α射線 （D）γ射線下列能源中屬于常規(guī)能源的是A2017學年崇明二模3（A2017學年崇明二模3（A）石油 （B）地熱能 （C）太陽能 （D）核能在盧瑟福α粒子散射實驗中，金箔中的原子核可以看作靜止不動，下列各圖畫出的是其中兩個α粒子穿過金箔散射過程的徑跡（圖中的黑點為金箔的原子核），其中正確的是C2017學年崇明二模4（C2017學年崇明二模4BBCDA萬有引力可以理解為：任何有質量的物體都要在其周圍空間產生一個引力場，而一個有質量的物體在其他有質量的物體所產生的引力場中，都要受到該引力場的引力（即萬有引力）作用，這種情況可以與電場類比，那么，在地球產生的引力場中的重力加速度，可以與電場中下列哪個物理量相類比B2017學年崇明二模5（B2017學年崇明二模5（A）電場力 （B）電場強度 （C）電勢 （D）電勢能TVOABC如圖所示，表示一定質量的氣體的狀態(tài)由A經B到C回到A的圖像，其中AB延長線通過坐標原點，BC和AC分別與T軸和V軸平行。則下列描述正確的是DTVOABCD2017學年崇明二模6（A）A→B過程氣體壓強增加（B）B→C過程氣體壓強不變（C）C→A過程氣體分子密度減?。―）A→B過程氣體分子平均動能增加做簡諧振動的單擺擺長不變，若擺球質量增加為原來的4倍，擺球經過平衡位置時速度減小為原來的EQ\F(1,2)，則單擺振動的C2017學年崇明二模7（）C2017學年崇明二模7（A）頻率、振幅都不變 （B）頻率、振幅都改變（C）頻率不變、振幅改變 （D）頻率改變、振幅不變如圖，用導線將驗電器與某種金屬板連接，用弧光照射金屬板，驗電器指針發(fā)生明顯偏轉，在這個過程中D2017學年崇明二模8（）D2017學年崇明二模8（A）金屬板上的電子轉移到驗電器上（B）金屬板上光子轉移到驗電器上（C）金屬板上光電子轉移到驗電器上（D）驗電器上電子轉移到金屬板上EErAVLPRR1如圖所示的電路中，電源的電動勢為E，內阻r=0，滑片P在變阻器正中位置時，電燈L正常發(fā)光，各電表為理想電表．現將滑片P向右移動的過程中C2017學年崇明二模9（C2017學年崇明二模9（A）電流表示數變?。˙）電壓表示數變大（C）電燈L的功率不變（D）電阻R1的功率變小如圖，A、B兩個同軸線圈在同一平面，A線圈通有順時針方向逐漸增加的電流I1，則穿過B線圈引起感應電流的磁通量Φ的方向和B線圈產生的感應電流I2的方向分別為A2017學年崇明二模10（A2017學年崇明二模10I1AB（A）Φ垂直紙面向內，I1AB（B）Φ垂直紙面向內，I2順時針方向（C）Φ垂直紙面向外，I2逆時針方向（D）Φ垂直紙面向外，I2順時針方向x/mPQy/cm52.5-500.20.4x/mPQy/cm52.5-500.20.4C2017學年崇明二模11（A）波沿著x軸正向傳播（B）波的周期T=0.175s（C）波的波速為v=2m/s（D）再經過T/8，Q點到達平衡位置物體以某一初速度v0沿斜面上滑，物體運動的v-t圖像如圖，其中不可能的是B2017學年崇明二模12（B2017學年崇明二模12OO（A）Otv（C）Otvttvv（B）O（D）二、填空題（每題4分，共20分）以速度v0豎直向上拋出一物體，忽略空氣阻力的影響，則物體上升的最大高度為______；當物體的動能和重力勢能相等時，物體離拋出點的高度為eq\f(v02,2eq\f(v02,2g)，eq\f(v02,4g)2017學年崇明二模13已知電場中A點的電勢為2.0×102V，將一電荷量為2.0×10-8C的檢驗電荷置于該點時，它的電勢能為_______J，將該電荷移動到電場中的B點，電場力做了5×10-6J的正功，則B點的電勢為_______V4.0×104.0×10-6，-502017學年崇明二模14R如圖，一質量為m的光滑小球，在半徑為R的豎直光滑圓環(huán)內側做圓周運動，已知小球到達圓環(huán)最高點時環(huán)對球的壓力剛好等于零，則此時小球的受到的向心力為______，此時小球的線速度大小為mg，eq\r(,Rmg，eq\r(,gR)2017學年崇明二模15Fh上端開口的光滑圓形氣缸豎直放置，活塞質量不計，橫截面積S=10cm2。將長為h=30cm的一定質量氣體封閉在氣缸內。已知外界大氣壓強為p0=1.0×105Pa保持不變，氣體溫度為27℃保持不變。用外力F緩慢向下壓活塞，當氣體長度為h=20cm時，壓力F的大小為_____N。然后在逐漸減小外力的同時改變氣體溫度，使活塞位置保持不變，則當F=0時，氣體溫度為______K50，Fh50，2002017學年崇明二模1660°FLLBAO質量均為m的兩個可視為質點的小球A、B，分別被長為L的絕緣細線懸掛在同一點O，給A、B分別帶上一定量的正電荷，并用水平向左的外力作用在A球上平衡以后懸掛A球的細線豎直，懸掛B球的細線向右偏60°角，如圖所示。若A球的帶電量為q，則B球的帶電量為_______，水平外力F60°FLLBAOeq\f(mgL2,kq)，EQ\F(\R(3),2)mg2017學年崇明二模17三、綜合題（共40分）注意：第19、20題在列式計算、邏輯推理以及回答問題過程中，要求給出必要的圖示、文字說明、公式、演算等。（12分）利用如圖所示的電路測定一節(jié)干電池的電動勢和內電阻，要求盡量減小實驗誤差。供選擇的器材有（1）B（1）B，D（2）（3）1.48，0.602017學年崇明二模18A．電流表A（0～0.6A） B．電壓表V1（0～3V）C．電壓表V2（0～15V） D．滑動變阻器R1（0～20Ω）E．滑動變阻器R2（0～200Ω） G．定值電阻R0=1ΩH．開關一個，導線若干（1）實驗中電壓表應選用_______，滑動變阻器應選用______（選填相應器材前的字母）。（2）閉合開關，電壓表和電流表均有示數，但是無論怎么移動滑動變阻器的滑片，電壓表的讀數變化都非常小。同學們討論后，在原電路的基礎上又加了一個定值電阻R0=1Ω，問題得到解決。請你在虛線框內畫出改進后的電路圖。EErSVAR圖1圖2圖3U/VI/A00.10.20.30.40.50.61.01.11.21.31.41.51.6（3）改進電路圖以后，某位同學記錄了6組數據，對應的點已經標在坐標紙上。在坐標紙上畫出U-I勢E=______V，內電阻r=______Ω。（結果小數點后保留兩位有效數字）hbcdθa（13分）如圖，物體在光滑曲面上a點，從靜止開始自由滑下，進入粗糙水平面bc，再沿粗面間的滑動摩擦系數均為μ=0.2，且bc=cd，h=0.48m，設物體在b點和c點均無速度損失。（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/shbcdθa（1）vb=eq\r(,9.6)m/s≈3.1m/s（2）a2=7.6m/s2（3）s=0.5m2017學年崇明二模19（1）物體到達b點是的速度vb；（2）作出物體沿斜面上滑時受力示意圖，并求出加速度a2；（3）bc的長度為多少？MPcdNQFR（15分）如圖所示，MN、PQ為水平放置的足夠長的平行光滑導軌，導軌間距L為0.5m，導軌左端連接一個阻值為R=2.5Ω的定值電阻R。將一質量為0.2kg的金屬棒cd垂直放置在導軌上，且與導軌接觸良好，金屬棒cd的電阻MPcdNQFR（1）d到c；加速度先減少，減小為零后保持不變。（2）v=4m/s，PR=2.5W（3）a=7.5m/s22017學年崇明二模20（1）金屬棒cd的電流方向，并分析金屬棒的加速度變化情況；（2）金屬棒穩(wěn)定后速度是多少？此時電阻R上消耗的電功率是多少？（3）金屬棒速度為2m/s時的加速度大小，并畫出整個運動過程中大致的v-t圖像，并標出t=0，t=2s時坐標。tt/sv/m·s-1012

2018年上海市崇明區(qū)高中學業(yè)水平等級性考試物理試卷參考答案一、單項選擇題（共40分，1至8題每小題3分，9至12題每小題4分。每小題只有一個正確選項）題號123456789101112答案CDACBDCDCACB二、填空題（每題4分，共20分）13．eq\f(v02,2g)，eq\f(v02,4g) 14．4.0×10-6，-5015．mg，eq\r(,gR) 16．50N，20017．eq\f(mgL2,kq)，EQ\F(\R(3),2)mg三、綜合題（共40分）注意：第19、20題在列式計算、邏輯推理以及回答問題過程中，要求給出必要的圖示、文字說明、公式、演算等。18題（12分）（1）B，D（2）（3）1.48，0.60mgNf給分標準1、4分，每格2分；2、電路圖2分3、6分，其中圖線2分，填空4分，每格mgNf19、解：（13分）（1）a→b由于是光滑曲面，物體下滑過程中只有重力做功，根據機械能守恒定律可得：（文字說明）（1分）mgh=eq\f(1,2)mvb2（1分）vb=eq\r(,2gh)=eq\r(,2100.48)m/s=eq\r(,9.6)m/s≈3.1m/s（1分）（2）受力如圖所示，（2分）對物體在c→d受力分析，根據牛頓第二定律，（1分）mgsinθ+μmgcosθ=ma2（1分）a2=g（sinθ+μcosθ）=10（0.6+0.20.8）m/s2=7.6m/s2（1分）（3）對物體在b→c受力分析，根據牛頓第二定律，（1分）μmg=ma1a1=μg=0.210m/s2=2m/s2（1分）設bc=cd=s，物體到達c點的速度為vc，對物體在b→c和c→d分別應用運動學公式，vc2-vb2=2a1s①（1分）0-vc2=2a2s②（1分）由①、②式可得：s=eq\f(vb2,2（a1+a2）)=eq\f(9.6,2（2+7.6）)m=0.5m（1分）20、解：（15分）（1）由右手定則可知金屬棒cd的電流方向為d到c；（2分）金屬棒在水平方向受到拉力F和安培力的作用，由于拉力F的功率保持不變，由P=Fv可知，速度增加拉力F在減小，而安培力FA=eq\f(B2L2v,r+R),隨著速度的增加而增大，初始時，拉力F大于安培力，有牛頓第二定律F-FA=ma可知，合力減小，故加速度減小；最終拉力F等于安培力，金屬棒的速度穩(wěn)定不變做勻速直線運動，加速度為零。所以金屬棒的加速度先減少，減小為零后保持不變。金屬棒隨著速度增加，加速度減小，最后減小到0，1分而安培力FA=eq\f(B2L2v,r+R)隨著速度的增加而增大1分由P=Fv可知，速度增加拉力F在減小，1分牛頓第二定律F-FA=ma1分（2）金屬棒穩(wěn)定后，加速度為零，根據共點力平衡條件，（1分）F=F安而F=eq\f(P,v)，F安=BIL，I=eq\f(E,r+R)，E=BLv（1分）綜上可得v=p(R+r)B