黑龍江省哈爾濱市第二十六中學高二物理模擬試題含解析

黑龍江省哈爾濱市第二十六中學高二物理模擬試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）對于做簡諧運動的彈簧振子，下列說法中正確的是A．每次通過同一位置時，其速度不一定相同，但加速度一定相同B．若位移為負值，則速度一定為正值，加速度也一定為正值C．每次通過平衡位置時，加速度相同，速度也一定相同D．通過平衡位置時，速度為零，加速度最大參考答案：A2.關于能量轉化有下列說法：①太陽能熱水器把太陽能轉化為水的內能

②電熱水器把電能轉化為水的內能③燃氣熱水器把電能轉化為水的內能

④空調把空氣的內能轉化為電能其中正確的是A．①②

B．①③

C．②③

D.①④

參考答案：A3.如圖所示，物體A靜止在光滑的水平面上，A的左邊固定有輕質彈簧，與A質量相等的物體B以速度v，向A運動并與彈簧發(fā)生碰撞，A、B始終沿同一直線運動，則A、B組成的系統(tǒng)動能損失最大的時刻是（）A．A開始運動時 B．A的速度等于v時C．B的速度等于零時 D．A和B的速度相等時參考答案：D【考點】動量守恒定律；機械能守恒定律．【分析】兩球不受外力，故兩球及彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒，根據兩物體速度的變化可知系統(tǒng)動能損失最大的時刻．【解答】解：在壓縮彈簧的過程中，沒有機械能的損失，減少的動能轉化為彈簧的彈性勢能．在壓縮過程中水平方向不受外力，動量守恒．則有當A開始運動時，B的速度等于v，所以沒有損失動能．當A的速度v時，根據動量守恒定律有B的速度等于零，所以系統(tǒng)動能又等于初動能；所以A、B、C全錯誤．而在AB速度相等時，此時彈簧壓縮至最短，故彈簧的彈性勢能最大，故動能應最小，故D正確；故選D．4.（單選）如圖所示，在水平桌面上的Ａ點有一個質量為m的物體以初速度v0被拋出，不計空氣阻力，當它到達Ｂ點時，其動能為

A．

B．C．

D．參考答案：B5.我們可以設想做這樣一個實驗：把一段電阻是R、粗細均勻的導體拉長到原長的2倍，只要此時導體的電阻變?yōu)槎啻?，即可驗證電阻定律的正確性A．8R

B．4R

C．2R

D．參考答案：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.物體內所有

和

的總和叫物體的內能。溫度越高，分子的平均動能越

（填“大”或“小”）。參考答案：分子動能，分子勢能

，大7.如圖2所示，增大兩板之間的距離，靜電計指針的偏角將

；將A板稍微上移，靜電計指針的偏角將

；若有玻璃插入兩板間，靜電計指針的偏角將

。（以上3空都選填“變大”或“變小”）參考答案：8.雨滴下落時所受到的空氣阻力與雨滴的速度有關，雨滴速度越大，它受到的空氣阻力越大；此外，當雨滴速度一定時，雨滴下落時所受到的空氣阻力還與雨滴半徑的α次方成正比()。假設一個大雨滴和一個小雨滴從同一云層同時下落，最終它們都

（填“加速”、“減速”或“勻速”）下落。

（填“大”或“小”）雨滴先落到地面；接近地面時，

（填“大”或“小”）雨滴的速度較小。參考答案：勻速， 大， 小9.熊蜂能夠以最大速度v1豎直向上飛，以最大速度v2豎直向下飛。熊蜂“牽引力”與飛行方向無關，空氣阻力與熊蜂速度成正比，比例系數為k。則熊蜂“牽引力”的大小是

，熊蜂沿水平方向飛行的最大速度是

。參考答案：10.如圖所示，把一根條形磁鐵從同樣高度插到線圈中同樣的位置處，第一次快插，第二次慢插，兩情況下線圈中產生的感應電動勢的大小關系是E1_

___E2；通過線圈截面電量的大小關系是ql__

__q2。（填大于，小于，等于）參考答案：11.一個電流表的滿偏電流Ig=1mA，內阻Rg=500Ω，要把它改裝成一個量程為10V的電壓表，則應在電流表上______聯一個_________Ω的電阻.參考答案：串聯

試題分析：把電流表改裝成電壓表需要串聯分壓電阻，串聯電阻阻值?？键c：把電流表改裝成電壓表【名師點睛】本題考查了電壓表的改裝，知道電壓表的改裝原理是解題的關鍵，應用串聯電路特點與歐姆定律即可解答。12.把一線框從一勻強磁場中拉出，如圖所示。第一次拉出的速率是v，第二次拉出速率是2v，其它條件不變，則前后兩次拉力大小之比是

，拉力功率之比是

，線框產生的熱量之比是

，通過導線截面的電量之比是

。參考答案：1:2、1:4、1:2、1:1

[小型力電綜合]13.如圖所示，空間有一垂直紙面向外的磁感應強度為0.5T的足夠大勻強磁場，一質量為0.2kg且足夠長的絕緣木板靜止在光滑水平面上，在木板左端無初速度放置一質量為0.1kg、電荷量q＝＋0.2C的滑塊，滑塊與絕緣木板之間的動摩擦因數為0.5，滑塊受到的最大靜摩擦力可認為等于滑動摩擦力。現對木板施加方向水平向左，大小為0.6N的恒力，g取10m/s2，則滑塊的最大速度為________m/s；滑塊做勻加速直線運動的時間是____________s。參考答案：

10

3

三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.欲測一塊半圓形玻璃磚折射率，實驗裝置如圖所示，的主要步驟如下：（A）將半圓形玻璃磚放在白紙上，用鉛筆畫出它的直徑AB，移走玻璃磚，并且刻度尺找出中點O，記下此點（即圓心）；（B）在圓弧側的白紙上，作過O點且垂直直徑AB的直線CO，放上玻璃磚，在CO上插兩顆大頭針P1和P2（距離適當遠些）；（C）使玻璃磚以O為軸在白紙上緩慢地轉動，同時眼睛向著AB透過玻璃磚觀察P1和P2的像，當恰好看不到P1和P2的像時，停止轉動玻璃磚，記下此時的直徑A′B′的位置；（D）量出BO和B′O的夾角θ。(1)實驗是用

現象進行的。(2)計算公式：n=

。參考答案：①實驗是用

全反射現象進行的；②計算公式：n=1/sin41°15.在“利用單擺測定重力加速度”的實驗中，由單擺做簡諧運動的周期公式得到只要測出多組單擺的擺長l和運動周期T，作出T2﹣l圖像，就可以求出當地的重力加速度。理論上T2﹣l圖像是一條過坐標原點的直線，某同學根據實驗數據作出的圖像如圖所示：（1）造成圖像不過坐標點的原因可能是_____。（2）由圖像求出的重力加速度g=_____m/s2（取π2=9.87）（3）如果測得的g值偏小，可能的原因是_____A．測擺線時擺線拉得過緊B．擺線上端懸點未固定，振動中出現松動，使擺線長度增加了C．開始計時時，停表過遲按下D．實驗時誤將49次全振動數為50次參考答案：

(1).測擺長時漏掉了擺球的半徑

(2).9.87

(3).B【分析】圖像不通過坐標原點，從圖像可以得到相同的周期下，擺長偏小，故可能是漏加小球半徑；根據單擺的周期公式得出關系圖線，結合圖線的斜率求出重力加速度的大??；結合擺長和周期的測量誤差判斷重力加速度的測量誤差?！驹斀狻康谝豢眨畧D像不通過坐標原點，將圖像向右平移1cm就會通過坐標原點，故相同的周期下，擺長偏小1cm，故可能是測擺長時漏掉了擺球的半徑；第二空．由單擺周期公式：，可得：，則T2﹣L圖像的斜率：，由圖像得：k=40.01+0.99=，解得：g=9.87m/s2；第三空．A．測擺長時擺線過緊，則測量的擺長偏大，所以測量的重力加速度偏大，故A錯誤；B．擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現松動，使擺線長度增加了，知測量的擺長偏小，則測量的重力加速度偏小，故B正確；C．開始計時，秒表過遲按下，測量的周期偏小，則測量的重力加速度偏大，故C錯誤；D．實驗中誤將49次全振動計為50次，測量的周期偏小，則測量的重力加速度偏大，故D錯誤?！军c睛】本題主要考查了利用單擺測定重力加速度的實驗，屬于一般題型。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示三條曲線表示三條等勢線，其電勢φC=0，φA=φB=10V，φD=-30V，將電量q=1.2×10-6C的電荷在電場中移動.(1)把這個電荷從C移到D，電場力做功多少？(2)把這個電荷從D移到B再移到A，電勢能變化多少？參考答案：解：(1)由于UCD=0-(-30)V=30V…1分則電荷從C移到D，電場力做功：WCD=qUCD=1.2×10-6×30J=3.6×10-5J…2分(2)由于UDA=-30V-10V=-40V…1分則電荷從D移到B再移到A電場力做的功：WDA=qUDA=1.2×10-6×(-40)J=-4.8×10-5J…2分故電勢能的變化量：ΔEp=-WDA=4.8×10-5J，電荷的電勢能增加.…2分17.（12分）在場強方向水平的勻強電場中有一光滑絕緣的水平面，一帶電量為+2×10—6C、質量為M=4×10—2kg物塊沿光滑絕緣的水平面作直線運動，其位移隨時間的變化規(guī)律是：x=0.3t-0.05t2，式中x、t均為國際單位制中的基本單位。試求：（1）該勻強電場的場強大??；（2）從開始運動到第5s末帶電物塊所通過的路程。參考答案：解析：（1）由可知，物塊的初速度加速度

①由牛頓第二定律有：

②

所以

③

（2）由當時，……物塊的位移為

④之后物塊反向加速運動2s，物塊的位移為

⑤故物塊5s內通過的路程為

⑥18.（10分）如圖所示，距離為L的兩塊平行金屬板A、B豎直固定在表面光滑的絕緣小車上，并與