2021-2022學(xué)年福建省福州市私立啟明中學(xué)高二物理下學(xué)期期末試卷含解析

2021-2022學(xué)年福建省福州市私立啟明中學(xué)高二物理下學(xué)期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（多選）船在靜水中的速度是1m/s，河岸筆直，河寬恒定，河水流速為3m/s，以下說法正確的是（）A．因船速小于流速，船不能到達對岸B．船能沿直線過河C．船可以垂直過河D．船過河的最短時間是一定的參考答案：解：A、盡管船的靜水速度小于河水速度，仍能到達河對岸，只是不能到達正對岸，選項A錯誤．B、船在靜水中的速度恒定，河水的速度也恒定，所以，船的實際運動時直線運動，選項B正確．C、因船的靜水速度小于河水的速度，所以船不能垂直渡河．選項C錯誤．D、當(dāng)船頭始終指向河對岸時，船渡河的時間最短，所以船過河的最短時間是一定的，選項D正確．故選：BD2.（單選）下列說法中正確的是：A、平行板電容器一板帶電＋Q，另一板帶電－Q，則此電容器不帶電B、由公式可知，電容器的電容隨電荷量Q的增加而增大C、增大電容器極板間距離時，電容器的電容減小B、電容器的帶電荷量與兩極板間的電壓成反比參考答案：C3.如圖所示，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸點向上滑動（

）A．電壓表V的讀數(shù)增大B．電流表A的讀數(shù)減小C．電流表A的讀數(shù)增大D．電壓表V的讀數(shù)減小參考答案：AB4.（單選）根據(jù)電場強度的定義式E=F/q可知，在國際單位制中，電場強度的單位是A．牛/庫

B．牛/焦

C．焦/庫

D．庫/牛參考答案：A5.（多選題）如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為20：1，原線圈接正弦交流電源，副線圈接入“220V，60W”燈泡一只，且燈光正常發(fā)光．則（）A．電流表的示數(shù)為A B．電源輸出功率為1200WC．電流表的示數(shù)為A D．原線圈兩端的電壓為11V參考答案：CD【考點】變壓器的構(gòu)造和原理．【分析】在理想的變壓器中的輸入功率和輸出功率的大小相等，電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比．【解答】解：由于燈泡正常發(fā)光知，變壓器副線圈兩端的電壓為220V，副線圈中的電流為A，變壓器的輸出功率為60W，有變壓器的變壓比得，原線圈兩端的電壓為4400V，變壓器的變流比關(guān)系得，電流表的示數(shù)為A，所以，選項C、D正確，A、B錯誤；故選：CD．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，用靜電計可以測量已充電的平行板電容器兩極板之間的電勢差U，電容器已帶電，若增大兩極板間的距離，指針張角_____（填“增大”、“減小”或“不變”），A、B兩板間的場強大小_____（填“增大”“減小”或“不變”）。參考答案：

(1).增大

(2).不變【分析】已充電的平行板電容器電量不變；靜電計測量電勢差的大小，電容器板間的電勢差越大；根據(jù)電容器電容的決定分析電容的變化，由電容的決定式分析板間電勢差的變化；根據(jù)U=Q/C判斷電勢差的變化，根據(jù)E=U/d判斷兩極板間電場強度的變化?！驹斀狻吭龃髢蓸O板之間的距離，由電容的決定式可知，電容減小，電容器的電量不變，由分析可知，則極板電壓U增大，那么指針張角增大；根據(jù)，因此兩極板間的場強與極板間距無關(guān)，即電場強度不變。7.把一個用絲線懸掛的鉛球放在電路中的線圈上方，如圖所示。在下列三種情況下懸掛鉛球的絲線所受的拉力與鉛球不在線圈上方時比較：（1）當(dāng)滑動變阻器的滑動端向右移動時，拉力

。（2）當(dāng)滑動變阻器的滑動端向左移動時，拉力

。（填“變小”，“變大”或“不變”）參考答案：8.（5分）使用中值電阻為（×1檔）的多用電表測量兩個定值電阻和，（已知和的阻值分別約為和,在下列各項操作中選出盡可能準(zhǔn)確地測量各阻值、并符合多用電表使用規(guī)則的操作：A.轉(zhuǎn)動選擇開關(guān)使其尖端對準(zhǔn)“×1k”檔B.轉(zhuǎn)動選擇開關(guān)使其尖端對準(zhǔn)“×100”檔C.轉(zhuǎn)動選擇開關(guān)使其尖端對準(zhǔn)“×10”檔D.轉(zhuǎn)動選擇開關(guān)使其尖端對準(zhǔn)“×1”檔E.轉(zhuǎn)動選擇開關(guān)使其尖端對準(zhǔn)“OFF”檔F.將兩表筆分別接觸R1兩端，讀出R1的阻值后，隨即斷開G.將兩表筆分別接觸R1兩端，讀出R1的阻值后，隨即斷開H.將兩表筆短接，調(diào)整歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指到O歐姆位置。所選操作的合理順序為：

。參考答案：DHFAHGE（或

AHGDHFE）9.（6分）豎直向上拋出一個0.5Kg小球，小球從拋出點上升到最高點用時2.0s，從最高點落回拋出點用時2.2s，空氣平均阻力大小為0.1N，則在整個過程中，空氣阻力的沖量大小為________，方向________

。參考答案：0.02N·S，豎直向上10.慣性系S中有一邊長為l的正方形（如圖A所示），從相對S系沿x方向以接近光速勻速飛行的飛行器上測得該正方形的圖象是

。

參考答案：C11.一電容器原來帶有2.0×10-8C的電量,它的電容為20pF.如果給它再增加1.0×10-8C的電量,則兩板間電壓將增加_______V,若將它們帶電量減為零,則它的電容將為_______。參考答案：5.0×108；20pF根據(jù)公式可得,電容器的電容與其兩端的電壓,電荷量大小無關(guān),決定于其自身的性質(zhì),所以它的電容仍舊為20pF思路分析：根據(jù)公式分析,電容器的電容的大小是由它自身的性質(zhì)決定的,跟它兩端的電壓以及電荷量的多少無關(guān),試題點評：本題考查了電容器的計算,注意電容器的電容的大小是由它自身的性質(zhì)決定的,跟它兩端的電壓以及電荷量的多少無關(guān),12.（1）用多用表測電阻，每次換檔后，需重新

，再進行測量。某次測量電阻時，選擇開關(guān)和指針的位置如圖11（a）所示，則被測電阻的阻值為

Ω。（2）用多用表測電路中的電流時，選擇開關(guān)和指針的位置如圖11（b）所示，則所測電流的大小是

mA。參考答案：調(diào)零；

300；5013.（4分）如圖所示為甲、乙兩單擺做簡諧運動的圖線，若g=9.8m/s2，甲的擺長L1為

；甲、乙兩擺擺長之比為L1：L2為

；甲、乙兩擺

擺角較大．

參考答案：1m，16：9，甲 解：甲擺的周期為2s，乙擺的周期為1.5s，根據(jù)單擺的周期公式T=2π得：L1==1m；L2==m；擺長L=，甲、乙兩擺的周期比為4：3，則擺長比為16：9．單擺小角度擺動，甲擺的振幅為7cm，乙擺的振幅為3cm，根據(jù)A=Lθ，兩個擺的擺角之比為：，故甲擺的擺角較大；三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（3分）一量程為0.6A的電流表，其刻度盤如圖所示。今在此電流表的兩端并聯(lián)一電阻，其阻值等于該電流表內(nèi)阻的1/2，使之成為一新的電流表，則圖示的刻度盤上的每一小格表示____________A。參考答案：0.0615.（4分）用如圖所示裝置測定玻璃的折射率，在光具盤的中央固定一個半圓形的玻璃磚，使二者的圓心O重合。使激光束從玻璃圓弧面一側(cè)入射并垂直直徑平面通過圓心O射出玻璃磚，記下入射光束在光具盤上所對應(yīng)的刻度，以圓心O為軸逆時針緩慢轉(zhuǎn)動光具盤，同時觀察直徑平面一側(cè)出射光線的變化：出射光線不斷向下偏轉(zhuǎn)并越來越暗，直到剛好看不到出射光線為止，并記下這時入射光線在光具盤上位置的刻度。光具盤上兩次刻度之間的夾角θ就是光束從玻璃射向空氣的

，玻璃的折射率表達式為n=

。參考答案：臨界角；n=

四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，傳送帶的水平部分ab＝2m，斜面部分bc＝4m，bc與水平面的夾角α＝37°.一個小物體A與傳送帶的動摩擦因數(shù)μ＝0.25，傳送帶沿圖示的方向運動，速率v＝2m/s.若把物體A輕放到a處，它將被傳送帶送到c點，且物體A不會脫離傳送帶．求物體A從a點被傳送到c點所用的時間．(已知：sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2)參考答案：物體A輕放在a點后在摩擦力作用下向右做勻加速直線運動直到和傳送帶速度相當(dāng)物體A到達bc斜面時，由于mgsin37°＝0.6mg>μmgcos37°＝0.2mg.所以物體A將再次沿傳送帶做勻加速直線運動，其加速度大小為a2＝gsin37°－μgcos37°＝4m/s2，物體A在傳送帶bc上所用時間滿足bc＝vt3＋a2t，代入數(shù)據(jù)得t3＝1s．(負值舍去)則物體A從a點被傳送到c所用時間為t＝t1＋t2＋t3＝2.4s.17.質(zhì)量為m，帶電量為q的液滴以速度v沿與水平成45°角斜向上進入正交的勻強電場和勻強磁場疊加區(qū)域，電場強度方向水平向右，磁場方向垂直紙面向里，如圖所示．液滴帶正電荷，在重力、電場力及磁場力共同作用下在場區(qū)做勻速直線運動．試求：（1）電場強度E和磁感應(yīng)強度B各多大？（2）當(dāng)液滴運動到某一點A時，電場方向突然變?yōu)樨Q直向上，大小不改變，不考慮因電場變化而產(chǎn)生的磁場的影響，此時液滴加速度多少？說明此后液滴的運動情況（即求：半徑與周期）．參考答案：解：（1）滴帶正電，液滴受力如圖所示：根據(jù)平衡條件，有：Eq=mgtanθ=mgqvB==故：；

（2）電場方向突然變?yōu)樨Q直向上，大小不改變，故電場力與重力平衡，洛倫茲力提供向心力，粒子做勻速圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律，有：a==qvB==m解得：R=答：（1）電場強度E為，磁感應(yīng)強度B為；（2）液滴加速度為g，此后液滴做勻速圓周運動，半徑為，周期為．【考點】帶電粒子在混合場中的運動．【分析】（1）對液滴受力分析，受重力、電場力和洛倫茲力，做勻速直線運動，合力為零，根據(jù)平衡條件求解電場強度E和磁感應(yīng)強度B；（2）電場方向突然變?yōu)樨Q直向上，大小不改變，故電場力與重力平衡，洛倫茲力提供向心力，粒子做勻速圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律列式求解．18.如圖所示，高h＝0.45m的光滑水平桌面上有質(zhì)量m1＝2kg的物體，以水平速度v1＝5m/s向右運動，與靜止的另一質(zhì)量m2＝1kg的物體相碰．若碰撞后m1仍向右運動，速度變?yōu)関1′＝3m/s，求：(不計空氣阻力，g＝10m/s2)(1)m2落地時距桌邊緣A點的水平距離；(2)m2落地時動量的大?。畢⒖即鸢福航馕觯?1)m1與m2碰撞，動量守恒，有：m1v1＝m1v1′＋m2