2023屆云南省保山市高三下學(xué)期第二次質(zhì)量監(jiān)測(cè)理綜物理試題

保山市2023年第二次高三質(zhì)量監(jiān)測(cè)理科綜合試卷注意事項(xiàng)：1.答題前，考生務(wù)必用黑色碳素筆將自己的學(xué)校、班級(jí)、姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)、準(zhǔn)考證號(hào)在答題卡上填寫(xiě)清楚。2.每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。在試題卷上作答無(wú)效。3.考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。滿分300分，考試用時(shí)150分鐘。二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求；第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.如圖甲所示為不同溫度下的黑體輻射強(qiáng)度隨波長(zhǎng)λ的變化規(guī)律；乙圖中，某種單色光照射到光電管的陰極上時(shí)，電流表有示數(shù)；丙圖為氫原子能級(jí)圖，有大量處于n=5能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷；丁圖為放射性元素14C剩余質(zhì)量m與原質(zhì)量m0的比值隨時(shí)間t的變化規(guī)律，下列說(shuō)法正確的是（）A.甲圖中，隨著溫度的升高，輻射強(qiáng)度的極大值向頻率較小的方向移動(dòng)B.乙圖中，用頻率更低的光照射光電管的陰極時(shí)，電流表一定沒(méi)有示數(shù)C.丙圖中，從n=5能級(jí)躍遷到n=4能級(jí)時(shí)產(chǎn)生的光子波長(zhǎng)最小D.丁圖中，14C半衰期是5730年，則100g14C經(jīng)過(guò)5730年還剩50g14C【答案】D【解析】【詳解】A.隨著溫度的升高，各種波長(zhǎng)輻射強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)較短（頻率較高）的方向移動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B.用頻率更低的光照射光電管的陰極時(shí)，如果頻率小于極限頻率電流表沒(méi)有示數(shù)，如果大于極限頻率有示數(shù)，故B錯(cuò)誤；C.從n=5能級(jí)躍遷到n=4能級(jí)時(shí)，能級(jí)差最小，根據(jù)可知光子頻率最小，波長(zhǎng)最長(zhǎng)，故C錯(cuò)誤；D.半衰期指的是大量原子核衰變時(shí)的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，100g14C經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期后一定剩余50g14C，故D正確。故選D。2.一絕熱容器內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體，氣體分子的速率分布如圖所示，橫坐標(biāo)表示速率v，縱坐標(biāo)表示某一速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比N，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間分子的速率分布圖由狀態(tài)①變?yōu)棰冢瑘D線1下方的面積為S1，圖線2下方的面積為S2。則由圖可知（）A. B.氣體的壓強(qiáng)變大C.氣體的內(nèi)能不變 D.氣體對(duì)外界做功【答案】B【解析】【詳解】A．由于橫坐標(biāo)表示速率v，縱坐標(biāo)表示某一速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比N，則圖線，下方的面積均為1，即有故A錯(cuò)誤；C．由圖像可知，由狀態(tài)①變?yōu)棰?，分子速率大的分子?shù)占總分子數(shù)的百分比在增加，說(shuō)明氣體溫度升高，對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，不計(jì)分子勢(shì)能，則溫度升高，氣體的內(nèi)能一定增大，故C錯(cuò)誤；D．由于氣體在絕熱容器內(nèi)，與外界沒(méi)有熱交換，即根據(jù)上述可知?dú)怏w的內(nèi)能增大，根據(jù)可知外界對(duì)氣體做功，故D錯(cuò)誤；B．外界對(duì)氣體做功，氣體體積減小，而氣體溫度升高，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知?dú)怏w壓強(qiáng)增大，故B正確。故選B。3.如圖所示，一個(gè)體積不變的氣球被一根細(xì)線拉住在風(fēng)中始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知?dú)馇蚴艿胶愣ǖ呢Q直向上的浮力和水平向右的風(fēng)力，細(xì)線與豎直方向的夾角為。下列說(shuō)法正確的是（）A.若增大水平風(fēng)力，則變小B.若減小水平風(fēng)力，則氣球所受合力變小C.若減小水平風(fēng)力，則細(xì)線對(duì)氣球的拉力變小D.若細(xì)線對(duì)氣球的拉力為T(mén)，則水平風(fēng)力的大小為【答案】C【解析】【詳解】ABD．如圖所示對(duì)氣球受力分析可知，則若增大水平風(fēng)力，則變大；若減小水平風(fēng)力，則氣球所受合力仍為零，不變，故ABD錯(cuò)誤；C．若減小水平風(fēng)力，則變小，根據(jù)，得細(xì)線對(duì)氣球的拉力變小，故C正確。故選C。4.在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平放置一根通電長(zhǎng)直導(dǎo)線，電流的方向垂直于紙面向里，如圖所示，a、b、c、d是以直導(dǎo)線為圓心的同一圓周上的四點(diǎn)，在這四點(diǎn)中（）A.b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最大B.c點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度最小C.b、d兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同D.a、c兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等【答案】B【解析】【詳解】AB．a(chǎn)、b、c、d四點(diǎn)的實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度為勻強(qiáng)磁場(chǎng)和電流磁場(chǎng)的疊加，結(jié)合安培定作出矢量合成圖，如圖所示可知，a點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小b點(diǎn)和d點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為可知a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最大，c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最小，故A錯(cuò)誤，B正確；C．根據(jù)所示可知b、d兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)上述可知，a、c兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不相等，故D錯(cuò)誤。故選B。5.到2022年10月12日為止我國(guó)宇航員已進(jìn)行了三次太空授課，在天宮課堂上我們看到宇航員們演示物理、化學(xué)實(shí)驗(yàn)，從中獲取知識(shí)。如圖甲所示，某同學(xué)在觀看太空水球光學(xué)實(shí)驗(yàn)后，想研究光在含有氣泡的水球中的傳播情況，于是找到一塊環(huán)形玻璃磚模擬光的傳播，俯視圖如圖乙所示。光線a沿半徑方向射入玻璃磚，光線b與光線a平行，兩東光線之間的距離設(shè)為x，已知玻璃磚內(nèi)圓半徑為R，外圓半徑為2R，折射率為，光在真空中的速度為c，不考慮光的多次反射。下列關(guān)于光線b的說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)時(shí)，光可能經(jīng)過(guò)內(nèi)圓B.當(dāng)時(shí)，光線從外圓射出的方向與圖中入射光線的夾角為30°C.當(dāng)時(shí)，光線在玻璃磚中傳播時(shí)間為D.此狀態(tài)下的太空水球處于完全失重狀態(tài)，不受重力【答案】B【解析】【詳解】A．如圖所示，當(dāng)折射光線恰好和內(nèi)圓相切時(shí)，光恰好不會(huì)通過(guò)內(nèi)圓，根據(jù)幾何關(guān)系得，根據(jù)折射率公式解得因此當(dāng)時(shí)光不會(huì)經(jīng)過(guò)內(nèi)圓，故A錯(cuò)誤；B．由A項(xiàng)分析解得，由幾何分析可知，光線從外圓射出的方向與圖中入射光線的夾角為，故B正確；C．光線在玻璃磚中通過(guò)的路程為，則傳播時(shí)間故C錯(cuò)誤；D．此狀態(tài)下的太空水球處于完全失重狀態(tài)，受重力即萬(wàn)有引力，故D錯(cuò)誤。故選B。6.2022年10月31日，“夢(mèng)天”實(shí)驗(yàn)艙在文昌航天發(fā)射場(chǎng)發(fā)射，成功和“天和”核心艙對(duì)接，并保持軌道半徑不變，離地約400km，如圖所示?！皦?mèng)天”實(shí)驗(yàn)艙完成“T”字基本構(gòu)型后，“神舟十四號(hào)”航天員乘組在“夢(mèng)天”實(shí)驗(yàn)艙內(nèi)完成了貨包整理、設(shè)備安裝等工作，彰顯了中國(guó)獨(dú)自組建空間站的航天實(shí)力。下列說(shuō)法正確的是（）A.航天員出艙時(shí)，若與空間站連接的安全繩脫落，航天員將做向心運(yùn)動(dòng)飛離空間站B.“夢(mèng)天”實(shí)驗(yàn)艙與“天和”核心艙對(duì)接后，由于質(zhì)量變大核心艙向心加速度變小C.“夢(mèng)天”實(shí)驗(yàn)艙的運(yùn)行速度小于第一宇宙速度D.若已知“夢(mèng)天”實(shí)驗(yàn)艙的在軌運(yùn)行周期、環(huán)繞速度及引力常量，則可估算出地球的質(zhì)量【答案】CD【解析】【詳解】A．航天員出艙時(shí)，由于慣性，航天員仍然與空間站具有近似相等的速度，此時(shí)仍然滿足，即此時(shí)若與空間站連接的安全繩脫落，航天員仍然在該軌道上做圓周運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)得由于對(duì)接后“夢(mèng)天”實(shí)驗(yàn)艙的軌道半徑不變，所以向心加速度不變，故B錯(cuò)誤；C．第一宇宙速度等于近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，根據(jù)，解得由于空間站的運(yùn)行軌道半徑大于近地衛(wèi)星的半徑，可知空間站的運(yùn)行速度小于第一宇宙速度，故C正確；D．根據(jù)，，解得可知，若已知空間站在軌運(yùn)行周期、環(huán)繞速度及引力常量，則可估算出地球的質(zhì)量，故D正確。故選CD。7.無(wú)線充電寶可通過(guò)磁吸力吸附在手機(jī)背面，如圖甲所示為科創(chuàng)小組某同學(xué)手握手機(jī)（手不接觸充電寶），利用手機(jī)軟件記錄豎直放置的手機(jī)及吸附的充電寶從靜止開(kāi)始在豎直方向上的一次變速運(yùn)動(dòng)過(guò)程（手機(jī)與充電寶始終相對(duì)靜止），記錄的加速度a隨時(shí)間t變化的圖像如圖乙所示（規(guī)定向上為正方向），t2時(shí)刻充電寶速度為零，且最終處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知無(wú)線充電寶質(zhì)量為，手機(jī)與充電寶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g取10m/s2，在該過(guò)程中下列說(shuō)法正確的是（）A.充電寶受到的靜摩擦力的最大值為B.t3時(shí)刻充電寶受的摩擦力大小為C.充電寶在t2與t3時(shí)刻所受的摩擦力方向相反D.充電寶與手機(jī)之間的吸引力大小至少為10N【答案】BD【解析】【詳解】B.t3時(shí)刻由牛頓第二定律可得解得

故B正確；C.充電寶在t2時(shí)刻具有向上的最大加速度，由牛頓第二定律知摩擦力方向豎直向上，t3時(shí)刻充電寶具有向下的加速度，而加速度小于重力加速度，所以摩擦力方向向上，所以充電寶在t2與t3時(shí)刻所受的摩擦力方向相同，故C錯(cuò)誤；AD.t2時(shí)刻充電寶具有向上的最大加速度，充電寶與手機(jī)之間的摩擦力最大，此時(shí)由牛頓第二定律有又解得充電寶與手機(jī)之間的吸引力大小至少為故D正確、A錯(cuò)誤。故選BD。8.如圖所示，豎直固定的光滑圓弧形金屬導(dǎo)軌半徑為r，O為圓心，P、O之間用導(dǎo)線連接阻值為R的電阻。粗細(xì)均勻的輕質(zhì)金屬棒的一端通過(guò)鉸鏈固定在O點(diǎn)，另一端連接質(zhì)量為m的金屬小球，小球套在導(dǎo)軌上。初始時(shí)刻金屬棒處于水平位置，小球、金屬棒與導(dǎo)軌始終接觸良好。過(guò)圓心O的水平線下方分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。已知重力加速度為g，金屬棒總電阻為2R，小球、導(dǎo)軌及導(dǎo)線電阻不計(jì)，不計(jì)一切摩擦阻力?，F(xiàn)將小球由靜止釋放，第一次運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)小球速度大小為v，在此過(guò)程中下列說(shuō)法正確的是（）A.小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為BrvB.小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，金屬棒兩端的電壓為C.通過(guò)電阻R的電荷量為D.電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為【答案】BC【解析】【詳解】AB．當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，金屬棒切割磁感線，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為金屬棒兩端的電壓為A錯(cuò)誤，B正確；C．此過(guò)程中回路中的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為回路中的平均電流為此過(guò)程通過(guò)電阻R的電荷量為聯(lián)立解得C正確；D．根據(jù)能量守恒可知，回路中產(chǎn)生的總焦耳熱為電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為D錯(cuò)誤。故選BC。三、非選擇題：共14題，共174分。9.某興趣小組利用智能手機(jī)探究滑塊與一長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，設(shè)計(jì)如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置。將長(zhǎng)木板固定在水平桌面上，長(zhǎng)木板的左側(cè)固定一光滑定滑輪，滑塊放在長(zhǎng)木板的右端，并把智能手機(jī)固定在滑塊上，打開(kāi)智能手機(jī)測(cè)量加速度的APP，用細(xì)線通過(guò)定滑輪與滑塊及鉤碼相連。通過(guò)改變鉤碼的個(gè)數(shù)，改變鉤碼的總質(zhì)量m，獲得不同的加速度a，并作出a與的圖像如乙圖所示。圖線與橫軸的截距為b，與縱軸的截距為，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。（1）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法不正確的是______。A.鉤碼的質(zhì)量應(yīng)該遠(yuǎn)小于智能手機(jī)和滑塊的質(zhì)量B.細(xì)線的拉力小于鉤碼的重力C.細(xì)繩應(yīng)該始終與長(zhǎng)木板平行（2）根據(jù)圖像可得滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_(kāi)_____；同時(shí)該興趣小組還測(cè)出了滑塊和手機(jī)的總質(zhì)量為_(kāi)_____?！敬鸢浮竣?A②.③.【解析】【詳解】（1）[1]A．設(shè)滑塊和手機(jī)的質(zhì)量為M，對(duì)鉤碼和滑塊以及手機(jī)組成的系統(tǒng)由牛頓第二定律有整理可得可得本實(shí)驗(yàn)中加速度a與成一次函數(shù)。由于實(shí)驗(yàn)中并沒(méi)有認(rèn)為鉤碼的重力與細(xì)線的拉力近似相等，因此不需要鉤碼的質(zhì)量應(yīng)該遠(yuǎn)小于智能手機(jī)和滑塊的質(zhì)量，故A錯(cuò)誤，符合題意；B．釋放鉤碼后，鉤碼也具有向下的加速度，則繩子的拉力小于鉤碼的重力，故B正確，不符合題意；C．為了讓繩子拉滑塊的力為恒力，則細(xì)繩應(yīng)該始終與長(zhǎng)木板平行，故C正確，不符合題意。故選A。（2）[2][3]根據(jù)上述有結(jié)合圖像有，解得，10.如圖所示，圖甲為多用電表中歐姆表的電路圖，已知靈敏電流計(jì)表頭內(nèi)阻Rg=900Ω，滿偏電流Ig=100μA，電源電動(dòng)勢(shì)E，內(nèi)阻r=1Ω。定值電阻R1=10Ω，R2=90Ω。圖乙為多用電表的表盤(pán)，請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）電源的____________端為負(fù)極（填“左”或“右”）。（2）當(dāng)電鍵撥至1時(shí)，歐姆表的倍率是____________（填“1”“10”“100”或“1k”）。（3）某同學(xué)把電鍵撥至1后，進(jìn)行歐姆調(diào)零，當(dāng)調(diào)零完畢時(shí)，滑動(dòng)變阻器接人電路的電阻應(yīng)為_(kāi)_______Ω。接著測(cè)量某一電阻，電表指針指示位置如圖乙所示，則該電阻阻值為_(kāi)___________Ω?！敬鸢浮竣?左②.100③.1409④.1400【解析】【詳解】（1）[1]在多用電表的使用過(guò)程中，我們需要讓電流從紅筆流入，黑筆流出，所以在當(dāng)歐姆擋使用時(shí)，黑表筆接著內(nèi)部電源正極，所以電源的左端為負(fù)。（2）[2]當(dāng)電鍵撥至1時(shí)，這時(shí)候電流表等效的量程為所以這時(shí)候的中值電阻為所以當(dāng)電鍵撥至1時(shí)，歐姆表的倍率是“×100”。（3）[3]等效內(nèi)阻為滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻為[4]該電阻阻值為11.如圖所示，兩物塊P、Q用跨過(guò)光滑輕質(zhì)定滑輪的輕繩相連，開(kāi)始時(shí)P靜止在水平桌面上。已知P、Q兩物塊的質(zhì)量分別為mP、mQ，P與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ，重力加速度g=10m/s2?，F(xiàn)在Q上掛一個(gè)物塊K后，輕繩的張力變?yōu)樵瓉?lái)的3倍，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則所掛物塊K的質(zhì)量為多少？【答案】【解析】【詳解】P靜止在桌面上，Q也靜止，對(duì)Q受力分析，由平衡條件得，輕繩張力P受到的摩擦力當(dāng)Q上掛物塊K后，輕繩的張力變?yōu)樵瓉?lái)的3倍，即有由于則P向右勻加速，根據(jù)牛頓第二定律得解得P和Q、K通過(guò)輕繩相連，以相同加速度下降，對(duì)Q、K由牛頓第二定律得解得12.如圖所示，圓心為O、半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)存在一個(gè)平行于該區(qū)域的勻強(qiáng)電場(chǎng)，MN為圓的一條直徑。質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子從M點(diǎn)以速度v射入電場(chǎng)，速度方向與MN夾角θ=45°，一段時(shí)間后粒子運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，速度大小也為v，不計(jì)粒子重力，規(guī)定M點(diǎn)電勢(shì)為零。求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大??；（2）粒子電勢(shì)能的最大值；（3）僅改變粒子速度大小，當(dāng)粒子離開(kāi)圓形區(qū)域的電勢(shì)能最小時(shí)，粒子射入電場(chǎng)的速度大小?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】解：（1）從M到N粒子動(dòng)能不變，電場(chǎng)力不做功，所以MN為等勢(shì)線，電場(chǎng)線與MN垂直，粒子做類似斜拋的運(yùn)動(dòng)，沿MN方向，粒子勻速運(yùn)動(dòng)垂直MN方向

根據(jù)牛頓第二定律解得（2）粒子垂直MN方向速度為0時(shí)，電勢(shì)能最大，根據(jù)