2023年四川省自貢市高考物理二診試卷

2023年四川省自貢市高考物理二診試卷一、單項(xiàng)選擇題〔636.0分〕下面說(shuō)法不正確的選項(xiàng)是〔 〕中子具有波粒二象性大，電子的動(dòng)能增大假設(shè)氫原子從 能級(jí)向 能級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光不能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則氫原子從能級(jí)向 能級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光也不能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)質(zhì)子、中子、粒子的質(zhì)量分別是、 、 ，質(zhì)子和中子結(jié)合成一個(gè)粒子，釋放的能量是ahbH，h＜H，兩衛(wèi)星共面且旋轉(zhuǎn)acR，地面重力加g，則〔〕a、b線(xiàn)速度大小之比為a、c角速度之比為b、c向心加速度大小之比ac正上方所需時(shí)間等于在光滑水平面上布滿(mǎn)水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)被拉直的絕緣輕繩一端固定平行。假設(shè)小球從A點(diǎn)由靜止釋放后，沿水平面搖擺到B點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，則關(guān)于此過(guò)程，以下推斷正確的選項(xiàng)是〔 〕小球的動(dòng)能先變小后變大 B.小球的切向加速度始終變大C.小球受到的拉力先變大后變小 D.小球受到的電場(chǎng)力做功功領(lǐng)先增大后減小上，長(zhǎng)為L(zhǎng)的鋼絲繩一端固定在滑輪的中心軸上，下端連接一電磁鐵，電磁鐵對(duì)鐵塊的最大引力為F，現(xiàn)用該行車(chē)運(yùn)送一鐵塊，滑輪與鐵塊一起向右勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)O到AB上的P點(diǎn)時(shí)被制動(dòng)馬上停頓，鐵塊開(kāi)頭搖擺但不掉落將滑輪電磁鐵與鐵塊視為質(zhì)點(diǎn)以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔 F，鐵塊就可以被安全運(yùn)輸v，該行車(chē)能運(yùn)輸鐵塊的最大質(zhì)量為假設(shè)運(yùn)輸速度為 ，該行車(chē)能運(yùn)輸鐵塊的最大質(zhì)量為M，該行車(chē)運(yùn)輸?shù)淖畲笏俣葹閑，則以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔〕A、K之間的電場(chǎng)強(qiáng)度為AeU

KAeUKA電勢(shì)漸漸減小PMNQ的傾角為θabcd，其中ab邊長(zhǎng)為l1，bc邊長(zhǎng)為l2，線(xiàn)框質(zhì)量為m、電阻為R，有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B方向垂直于斜面對(duì)上ef為磁場(chǎng)的邊界且e∥M線(xiàn)沿斜面對(duì)上且與斜面平行線(xiàn)框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)做勻速運(yùn)動(dòng)則以下推斷不正確的選項(xiàng)是〔 〕線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)前的加速度為線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)有 方向的感應(yīng)電流線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量為二、多項(xiàng)選擇題〔317.0分〕某中學(xué)物理興趣小組對(duì)物體的運(yùn)動(dòng)進(jìn)展了探究，畫(huà)出了v-t圖象，如以下圖，依據(jù)圖象可知〔 〕～內(nèi)的加速度為 ，比～內(nèi)加速度小～7m，其中～物體做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)1s4s末的速度方向相反1s5s末加速度方向一樣LNabcdB的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞轉(zhuǎn)軸OO′轉(zhuǎn)動(dòng)，軸OO′垂直于磁感線(xiàn)，在線(xiàn)圈外接一含有抱負(fù)變壓器的電路，變壓器原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)分別為n1和n2．保持線(xiàn)圈以恒定角速度ω轉(zhuǎn)動(dòng)，以下推斷正確的〔 〕在圖示位置時(shí)線(xiàn)框中磁通量為零，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大RP向上滑動(dòng)時(shí)，電壓表的示數(shù)變大電壓表示數(shù)等于變壓器的輸入與輸出功率之比為1：1處的質(zhì)點(diǎn)；圖〔b〕為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔 〕在 時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q向y軸正方向運(yùn)動(dòng)在 時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的加速度方向與y軸正方向一樣從 到 ，該波沿x軸負(fù)方向傳播了6m從 到 ，質(zhì)點(diǎn)P通過(guò)的路程為30cm質(zhì)點(diǎn)Q簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為 國(guó)際單位三、試驗(yàn)題探究題〔215.0分〕某同學(xué)用探究動(dòng)能定理的裝置測(cè)滑塊的質(zhì)量M．如圖甲所示，在水平氣墊導(dǎo)軌上靠近定滑輪處固定一個(gè)光電門(mén)。讓一帶有遮光片的滑塊自某一位置由靜止釋放，計(jì)時(shí)器可以顯示出遮光片通過(guò)光電門(mén)的時(shí)t〔t格外小〕，同時(shí)用米尺測(cè)出釋放點(diǎn)到光電門(mén)的距離s。17頁(yè)27頁(yè)該同學(xué)用螺旋測(cè)微器測(cè)出遮光片的寬度d如圖乙所示，則d= mm。試驗(yàn)中屢次轉(zhuǎn)變釋放點(diǎn)，測(cè)出多組數(shù)據(jù)，描點(diǎn)連線(xiàn)，做出的圖象為一條傾斜直線(xiàn)，如圖丙所示。標(biāo)s表示釋放點(diǎn)到光電門(mén)的距離，則橫坐標(biāo)表示的是 。A．t B．t2 C．D．鉤碼的質(zhì)量為m，圖丙中圖線(xiàn)的斜率為k，重力加速度為g。依據(jù)試驗(yàn)測(cè)得的數(shù)據(jù)，寫(xiě)出滑塊質(zhì)量的表達(dá)式M= 。〔用字母表示〕材料的電阻隨壓力的變化而變化的現(xiàn)象稱(chēng)為“壓阻現(xiàn)象”，利用這種效應(yīng)可以測(cè)量壓力大小，假設(shè)圖1

整個(gè)過(guò)程中摩擦阻力所做的總功；人給第一輛車(chē)水平?jīng)_量的大?。甊R為某壓敏電阻在室溫下的電阻--壓力特性曲線(xiàn)，其中、RRF

分別表示有、無(wú)壓力時(shí)壓敏電阻的阻值，F(xiàn)，需先測(cè)量壓敏電阻處于壓力中的電阻值R

，請(qǐng)按要求完成以下試驗(yàn)。F

1 2 .MPL=0.mRR是連在導(dǎo)軌兩端的電阻R，ab是跨接在導(dǎo)軌上質(zhì)量m=0.1kg，長(zhǎng)度為L(zhǎng)′=0.3m的粗細(xì)均勻的導(dǎo)體棒，導(dǎo)體棒的總電阻r=0.3Ω1 2 1 位置，導(dǎo)軌所在空間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=0.5T，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，如圖甲所示。從零時(shí)刻開(kāi)頭，通過(guò)微型電動(dòng)機(jī)對(duì)導(dǎo)體棒施加一個(gè)牽引力F，方向水平向左，使其從靜止開(kāi)頭沿導(dǎo)軌做加速運(yùn)動(dòng)，此過(guò)程中棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，其運(yùn)動(dòng)的速度-2s末牽引F0.9WRRg=10m/s21 2的虛線(xiàn)框內(nèi)畫(huà)出試驗(yàn)電路原理圖〔壓敏電阻及所給壓力已給出，待測(cè)壓力大小約為0.4×102：0.8×102N，不考慮壓力對(duì)電路其它局部的影響〕。要求誤差較小。供給的器材如下：AR0=6000ΩBR200ΩCA2.5mA30ΩDV3V3kΩEE3V，內(nèi)阻很小FS，導(dǎo)線(xiàn)假設(shè)干正確連線(xiàn)后，將壓敏電阻置于待測(cè)壓力下，通過(guò)壓敏電阻的電流1.33mA，電壓表的示數(shù)如圖3所示，則電壓表的讀數(shù)為 V。此時(shí)壓敏電阻的阻值為 Ω；結(jié)合圖1可知待測(cè)壓力的大小F= N．〔計(jì)算結(jié)果均保存兩位有效數(shù)字〕四、計(jì)算題〔232.0分〕如以下圖，靜置于水平地面的三輛手推車(chē)沿始終線(xiàn)排列，質(zhì)量均為m，人在極短的時(shí)間內(nèi)給第一輛車(chē)一水平?jīng)_量使其運(yùn)動(dòng)，當(dāng)車(chē)運(yùn)動(dòng)了距離L時(shí)與其次輛車(chē)相碰，兩車(chē)以共同速度連續(xù)運(yùn)動(dòng)了距離L時(shí)與第三車(chē)相碰，三車(chē)以共同速度又運(yùn)動(dòng)了距離L時(shí)停頓．車(chē)運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的摩擦阻力恒為車(chē)所受重力的kg，假設(shè)車(chē)與車(chē)之間僅在碰撞時(shí)發(fā)生相互作用，碰撞時(shí)間很短，無(wú)視空氣阻力，求：

求導(dǎo)體棒與粗糙導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)及2sR1的電荷量；0～2sF隨時(shí)間變化的表達(dá)式；B【解析】

答案和解析

又由于同步衛(wèi)星b的角速度與c的角速度一樣，所以：C、同步衛(wèi)bc的角速度一樣，依據(jù)：a=ω2r可得：

．故B錯(cuò)誤；C正確；解：A、中子和其他微觀粒子，都具有波粒二象性，故A正確。B、氫原子的核外電子由較低能級(jí)躍遷到較高能級(jí)時(shí)，要吸取確定頻率的光子，同時(shí)氫原子的電勢(shì)能增大，電子的動(dòng)能減小，故B不正確。

D、設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t衛(wèi)星a再次通過(guò)建筑物c上方，依據(jù)幾何關(guān)系有：c〔ωa-ω〕t=2π又：mg=cC、假設(shè)氫原子從n=6能級(jí)向n=1能級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光不能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則氫原子從n=6能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光能量更小，頻率更低，也不能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)C正確。

聯(lián)立解得：t==應(yīng)選：C。

D錯(cuò)誤。D、質(zhì)子和中子結(jié)合成一個(gè)α粒子，核反響方程為2?H+2n→He，依據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程知，釋放的能量是△E=△mc2=〔2m1+2m2-m3〕c2，故D正確。此題選不正確的，應(yīng)選：B。微觀粒子具有波粒二象性；氫原子的核外電子由較低能級(jí)躍遷到較高能級(jí)時(shí)，要吸取確定頻率的光子，同時(shí)氫原子的電勢(shì)能增大，電子的動(dòng)能減??；依據(jù)玻爾理論和光電效應(yīng)的條件分析能否發(fā)生光電效應(yīng)；依據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程求質(zhì)子和中子結(jié)α粒子釋放的能量。解決此題時(shí)，關(guān)鍵要理解并把握核反響方程、能級(jí)、愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程等根底學(xué)問(wèn)點(diǎn)。在求核能時(shí)，往往要先寫(xiě)出核反響方程，再由愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程求核能。C【解析】解：A、繞地球運(yùn)行的衛(wèi)星，地球?qū)πl(wèi)星的萬(wàn)有引力供給向心力，設(shè)衛(wèi)星的線(xiàn)速度為v，則：

人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由地球的萬(wàn)有引力供給向心力，依據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律求解衛(wèi)星的角速度．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，建筑物隨地球自轉(zhuǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)衛(wèi)星轉(zhuǎn)過(guò)的角度與建筑物轉(zhuǎn)過(guò)2π時(shí)，衛(wèi)星再次消滅在建筑物上空．此題考察萬(wàn)有引力定律和圓周運(yùn)動(dòng)學(xué)問(wèn)的綜合應(yīng)用力氣．第〔2〕問(wèn)對(duì)于建筑物與衛(wèi)星的角速度大小關(guān)系不能，可將衛(wèi)星與同步衛(wèi)星相比較得到．D【解析】解：A、小球從A點(diǎn)搖擺到B點(diǎn)的過(guò)程中，只有電場(chǎng)力做功且始終做正功，由動(dòng)能定理可知，小球的動(dòng)EkA錯(cuò)誤；B、小球從A點(diǎn)搖擺到B點(diǎn)的過(guò)程中，輕繩與OB的夾角設(shè)為θ，小球的切向加速度：a1= ，加速度隨著θ的減小而減小，故B錯(cuò)誤；所以：v=

C、對(duì)小球，由牛頓其次定律和得：F-qEcosθ=m

，解得，小球受到的拉力大?。篎=qEcosθ+?E，cosθ、E均隨著θ的減小而增大，可F始終增大，故C錯(cuò)誤；可知a、b線(xiàn)速度大小之比為

k kA錯(cuò)誤；B、設(shè)衛(wèi)星的角速度為ω，得：所以：

D、在A點(diǎn)時(shí)小球的速率為零，電場(chǎng)力做功的瞬時(shí)功率為零，過(guò)B點(diǎn)時(shí)小球的速度方向與電場(chǎng)力垂直，電場(chǎng)力做功的瞬時(shí)功率也為零，可見(jiàn)小球受到的電場(chǎng)力做功功領(lǐng)先增大后減小，故D正確。應(yīng)選：D。在小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只有電場(chǎng)力做功，應(yīng)用動(dòng)能定理可以推斷小球動(dòng)能如何變化；應(yīng)用牛頓其次定律求出小球的切向加速度，依據(jù)表達(dá)式推斷加速度大小如何變化；小球做圓周運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用牛頓其次定律求出繩子的拉力，依據(jù)拉力表達(dá)式推斷拉力大小如何變化；分析小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，然后推斷電場(chǎng)力的功率如何變化。此題考察了小球在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，分析清楚小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程、應(yīng)用動(dòng)能定理、牛頓其次定律與功率公式即可正確解題。B【解析】解：A、由于行車(chē)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)馬上停頓，此后磁鐵與鐵塊將在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，鐵塊受到的吸引力與重力的合力供給向心力，所以鐵塊FA錯(cuò)誤；B、假設(shè)運(yùn)輸速度v，該行車(chē)能運(yùn)輸鐵塊的質(zhì)量最大時(shí)：

解：A、A、K之間建立的是非勻強(qiáng)電場(chǎng)，公式U=Ed不適用，因此A、K之間的電場(chǎng)強(qiáng)度不等于A錯(cuò)誤。B、依據(jù)動(dòng)能定理得：Ek-0=eU，得電子到達(dá)A極板時(shí)的動(dòng)能Ek=eU，故B錯(cuò)誤。CKA電子的電勢(shì)eUC正確。D、電場(chǎng)力對(duì)電子做正功，則電場(chǎng)力向下，電場(chǎng)方向向上，則由K沿直線(xiàn)到A電勢(shì)漸漸上升，故D錯(cuò)誤。A、K之間建立的是非勻強(qiáng)電場(chǎng)，公式U=Ed不適用。電子被加速的過(guò)程中只有電場(chǎng)力做功，由動(dòng)能定理分析電子到達(dá)A板時(shí)的動(dòng)能，由能量守恒定律分析電子電勢(shì)能的變化狀況。依據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的方向分析電勢(shì)的變化。最大質(zhì)量為：mm=C、假設(shè)運(yùn)輸速度為

，故B正確；，該行車(chē)能運(yùn)輸鐵塊的質(zhì)量最大時(shí)：

此題只要抓住電場(chǎng)線(xiàn)的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，電場(chǎng)力做正功時(shí)，電荷的電勢(shì)能削減，動(dòng)能增大，就能輕松解答。要知道公式U=Ed只適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)。6.【答案】D【解析】則最大質(zhì)量為： ．故C錯(cuò)誤； ：線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)前，依據(jù)牛頓其次定律得：線(xiàn)框的加速度a= ，故A正確；D、假設(shè)鐵塊的質(zhì)量M，該行車(chē)運(yùn)輸?shù)乃俣茸畲髸r(shí)：

B、線(xiàn)框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)做勻速運(yùn)動(dòng)，由F安+mgsinθ=F，而F =BIl1=

v=安則最大速度為：安

D錯(cuò)誤

，故B正確。應(yīng)選：B。行車(chē)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)馬上停頓，此后磁鐵與鐵塊將在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，結(jié)合向心力的來(lái)源分析即可。該題屬于物理學(xué)問(wèn)在日常生活中的應(yīng)用，在該狀況下，不能簡(jiǎn)潔的認(rèn)為只要鐵塊的重量不大于F，鐵塊就可以被安全運(yùn)輸，確定要留意行車(chē)突然停趕忙，鐵塊做豎直平面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)，此時(shí)存在向心力問(wèn)題。C【解析】

C、線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，穿過(guò)線(xiàn)框的磁通量增加，依據(jù)楞打算律推斷知，線(xiàn)框中感應(yīng)電流方向?yàn)閍→b→c→d，C正確；做勻速運(yùn)動(dòng)，依據(jù)功能關(guān)系可知產(chǎn)生的熱Q=〔F-mgsin〕L2D不正確。此題選不正確的，應(yīng)選：D。依據(jù)牛頓其次定律求出線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)前的加速度；抓住線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，結(jié)合平衡，運(yùn)用切割產(chǎn)生的感應(yīng)電勢(shì)公式、安培力公式和歐姆定律求出線(xiàn)框的速度；依據(jù)楞次定律得出感應(yīng)電流的方向；依據(jù)功能關(guān)系求出線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的熱量．此題考察了電磁感應(yīng)與力學(xué)和能量的綜合運(yùn)用，把握切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式、歐姆定律、安培力公式是解決此題的關(guān)鍵，知道抑制安培力做功全部轉(zhuǎn)化為整個(gè)回路的熱量．AB【解析】解：A、0～2s內(nèi)的加速度為a===1m/s2，比4～5s內(nèi)加速度小，故A正確。B、0～5s內(nèi)的位移為x=×2m=7m，其中2～4s物體做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故B正確。C1s4s末的速度均為正，方向一樣，故C錯(cuò)誤。D錯(cuò)誤。應(yīng)選：AB。依據(jù)圖線(xiàn)的斜率求出物體的加速度大小。圖線(xiàn)與兩個(gè)坐標(biāo)軸所圍“面積”等于位移。速度的正負(fù)表示速度方向。由此分析。此題要依據(jù)圖象得出有用的信息，速度-時(shí)間圖象中直線(xiàn)的斜率表示加速度的大小，面積表示

解：A、圖〔b〕為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象，則知在t=0.10s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q正從平衡位置向波谷運(yùn)動(dòng)，所以Qy軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)A錯(cuò)誤；B、在t=0.10s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，依據(jù)波形平移法可知該波沿x軸負(fù)方向傳播，此時(shí)P點(diǎn)正向上運(yùn)動(dòng)。由圖b讀出周期T=0.2s，從t=0.10s到t=0.25s經(jīng)過(guò)的時(shí)間為△t=0.15s=T，則在t=0.25s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P位于x軸下方，加速度方向與y軸正方向一樣，故B正確；C、由甲圖知波長(zhǎng)λ=8m，則波速為：v==40m/s，從t=0.10s到=0.25s經(jīng)過(guò)的時(shí)間為△t=0.15s，該波沿x軸負(fù)方向傳播的距離為△x=v△t=40×0.15m=6m，故C正確；D、從t=0.10s到=0.25s經(jīng)過(guò)的時(shí)間為△t=0.15s=T，由于t=0.10s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P不在平衡位置或波峰、波谷處，所以質(zhì)P通過(guò)3A=30cmD錯(cuò)誤；位移。AD【解析】

E、質(zhì)點(diǎn)Q簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為y=Asin應(yīng)選：BC。

t=0.1sin E錯(cuò)誤。解：A、從垂直于中性面時(shí)開(kāi)頭時(shí)，矩形線(xiàn)圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為為零，電動(dòng)勢(shì)A正確；B、當(dāng)P位置向上移動(dòng)，R增大，依據(jù)抱負(fù)變壓器的變壓原理知輸出電壓即電壓表V2的示數(shù)不變B錯(cuò)誤；

依據(jù)甲、乙兩圖可以讀出該波的波長(zhǎng)和周期，從而求出波速，t=0.10s時(shí)Q點(diǎn)在平衡位置上，由乙圖知下一時(shí)刻向下振動(dòng)，從而確定了該波向左傳播．依據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系，分析質(zhì)點(diǎn)P的位置和加速度，求出通過(guò)的路程．依據(jù)x=vt求解波傳播的距離．依據(jù)圖象讀出振幅A，結(jié)合數(shù)學(xué)學(xué)問(wèn)Q點(diǎn)的振動(dòng)方程．C、溝通電壓的最大值NBωL2，電壓V1示數(shù)為有效值

，C錯(cuò)誤； 此題關(guān)鍵是會(huì)依據(jù)振動(dòng)狀況來(lái)推斷波的傳播方向，抓住振動(dòng)圖象和波動(dòng)圖象之間的內(nèi)在聯(lián)D、變壓器的輸入與輸出功率之比為1：1，故D正確；應(yīng)選：AD。正弦式溝通發(fā)電機(jī)從垂直中性面位置開(kāi)頭計(jì)時(shí)，其電動(dòng)勢(shì)表達(dá)式為：e=NBSωcosωt；電壓表和電流表讀數(shù)為有效值；輸入功率等于輸出功率．

系．要知道質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)，只有在平衡位置或波峰、波谷處的質(zhì)點(diǎn)，在 路程才是3A．10.【答案】1.880 D【解析】解：〔1〕螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為1.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×38.0mm=0.380mm，則最終鍵明確溝通四值、抱負(fù)變壓器的變壓比公式、功率關(guān)系，題目難度不大．9.【答案】BC【解析】

讀數(shù)為1.880mm?；瑝K通過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度v=，依據(jù)動(dòng)能定理得，mgs=，由于圖線(xiàn)為線(xiàn)性關(guān)系圖線(xiàn)，可知橫坐標(biāo)表示

，則．應(yīng)選：D。由 知，圖線(xiàn)的斜率k= ，解得滑塊質(zhì)量M= 。 此題考察描繪伏安特性曲線(xiàn)的試驗(yàn)，要留意明確選用分壓接法的幾種狀況：〔1〕題目中要求多故答案為：〔1〕1.880，〔2〕D，〔3〕 。螺旋測(cè)微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，需估讀。依據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度得出滑塊通過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度，依據(jù)動(dòng)能定理

測(cè)幾組數(shù)據(jù)的；〔2〕滑動(dòng)變阻器起不到保護(hù)作用的；〔3〕要求電壓從零開(kāi)頭調(diào)整的。【答案】解：〔1〕設(shè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中摩擦阻力做的總功為W，-6kmgL．uvu；0 1 1vuI．抓住鉤碼重力做功等于系統(tǒng)動(dòng)能的增加量列出表達(dá)式，從而確定橫坐標(biāo)表示的物理量。結(jié)合表達(dá)式得出圖線(xiàn)k的含義，從而求出滑塊質(zhì)M的表達(dá)式。解決此題的關(guān)鍵把握螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，對(duì)于圖線(xiàn)問(wèn)題，一般的解題思路是通過(guò)物理規(guī)律得出兩個(gè)物理量的關(guān)系式，結(jié)合圖線(xiàn)的斜率或截距進(jìn)展求解。11.【答案】2.00 1.5×103 60【解析】由于滑動(dòng)變阻器總電阻較小，遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻，因此滑動(dòng)變阻器應(yīng)承受分壓時(shí)因待測(cè)電阻較大，故應(yīng)承受電流表內(nèi)接法；如以下圖：電壓表量程為3V，最小分度為0.1V，則讀數(shù)為2.00V；依據(jù)歐姆定律可知：

2 2由動(dòng)能定理，對(duì)三段減速過(guò)程列式：1 -kmgL=mv2-mu2，1 1-2kmgL=?2mv22-?2mu2，12-3kmgL=0-?3mu2，2由動(dòng)量守恒定律對(duì)兩次碰撞過(guò)程列式1mv1=2mu12mv2=3mu2人推車(chē)過(guò)程，由動(dòng)量定理列式0I=mu-00聯(lián)立以上六式，解得：I=2m ，即人給第一輛車(chē)水平?jīng)_量的大小為2m ．〔2〕人給第一輛車(chē)水平?jīng)_量的大小為2m ．【解析】摩擦力大小為kmg，方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，故由功的定義可知其做的總功；對(duì)三個(gè)減速過(guò)程和兩個(gè)碰撞過(guò)程分別運(yùn)用動(dòng)能定理和動(dòng)量守恒定律列式可求解．則有：

=1.5×103Ω；= =4；

此題關(guān)鍵在于