2023年高考理綜物理真題試卷(全國(guó)Ⅲ卷)帶解析

2023年高考理綜物理真題試卷〔全國(guó)皿卷〕、選擇題〔單項(xiàng)選擇〕〔2023?卷川〕1934年，約里奧-居里夫婦用a粒子轟擊鋁核 ，產(chǎn)生了第一個(gè)人工放射性核素 X:二―、 亠？T。X的原子序數(shù)和質(zhì)量數(shù)分別為〔A. 15和28 B.15和30

〕C.16和30 D.17和31〔2023?卷川〕為了探測(cè)引力波，天琴打算”估量放射地球衛(wèi)星P,其軌道半徑約為地球半徑的 16倍；另一地球衛(wèi)星Q的軌道半徑約為地球半徑的A.2:1 B.4:1

4倍。PQ的周期之比約為〔〕C.8:1 D.16:1〔2023?卷川〕一電阻接到方波溝通電源上，在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為

Q ；假設(shè)該電阻接到正弦交變電方源上，在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為等于〔〕

Q 正

U,周期為T(mén),如以下圖。則Q :Q0方 正0A. B. C.1:2 D.2:1在一斜面頂端，將甲乙兩個(gè)小球分別以 v和落至斜面時(shí)的速率是乙球落至斜面時(shí)速率的〔2倍 B.倍二、選擇題〔多項(xiàng)選擇〕

的速度沿同一方向水平拋出，兩球都落在該斜面上。甲球〕C.倍 D.倍〔2023?卷川〕甲乙兩車在同一平直大路上同向運(yùn)動(dòng)，甲做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，乙做勻速直線運(yùn)動(dòng)。甲乙兩車的位置x隨時(shí)間t的變化如以下圖。以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔 〕ti時(shí)刻兩車速度相等C.的某時(shí)刻，兩車速度相等

0ti時(shí)間內(nèi)，兩車走過(guò)的路程相等tit2時(shí)間內(nèi)，兩車走過(guò)的路程相等Dtit2時(shí)間內(nèi)〔2023?卷川〕v隨t的變化關(guān)系如以下圖，其中圖線①②分別描述兩次不同的提升過(guò)程，它們變速階段加速度的大小都一樣；兩次提升的高度一樣，提升的質(zhì)量相等。不考慮摩擦阻力和空氣阻力。對(duì)于第②次提升過(guò)程，〔〕

①次和第礦車上升所用的時(shí)間之比為C.電機(jī)輸出的最大功率之比為

4:52:1

電機(jī)的最大牽引力之比為D.4:5

2:1〔2023?卷川〕如圖〔a〕,在同一平面內(nèi)固定有一長(zhǎng)直導(dǎo)線 PQ和一導(dǎo)線框R,R在PQ的右側(cè)。導(dǎo)線PQi,i的變化如圖〔b〕所示，規(guī)定從QP為電流的正方向。導(dǎo)線框勢(shì)〔〕

R中的感應(yīng)電動(dòng)在一-一時(shí)為零C.在 時(shí)最大，且沿順時(shí)針?lè)较?/p>

在 時(shí)轉(zhuǎn)變方向D在 時(shí)最大，且沿順時(shí)針?lè)较颉?023?卷川〕如圖，一平行板電容器連接在直流電源上，電容器的極板水平，兩微粒 a、b所帶電荷量大小相等、符號(hào)相反，使它們分別靜止于電容器的上、

下極板四周，與極板距離相等。現(xiàn)同時(shí)釋放a、b

t,a、b經(jīng)過(guò)電容器兩極板間下半?yún)^(qū)域的同一水平面，

a、b間的相互作用和重力可無(wú)視。以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔 〕a的質(zhì)量比b的大C.t時(shí)刻，a和b的電勢(shì)能相等三、試驗(yàn)題

t時(shí)刻，a的動(dòng)能比b的大D.t時(shí)刻，a和b的動(dòng)量大小相等甲、乙兩同學(xué)通過(guò)下面的試驗(yàn)測(cè)量人的反響時(shí)間。試驗(yàn)步驟如下：甲用兩個(gè)手指輕輕捏住量程為L(zhǎng)的木尺上端，讓木尺自然下垂。乙把手放在尺的下端〔位置恰好處于L刻度處，但未遇到尺〕，預(yù)備用手指夾住下落的尺。甲在不通知乙的狀況下，突然松手，尺子下落；乙看到尺子下落后快速用手指夾住尺子。假設(shè)夾住尺子的位置刻度為L(zhǎng)i，重力加速度大小為g，則乙的反響時(shí)間為 〔用L、Li和g表示〕。當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間=9.80m/s2，L=30.0cm，Li=10.4cm,乙的反響時(shí)間為 s?！?位有效數(shù)字〕寫(xiě)出一條提高測(cè)量結(jié)果準(zhǔn)確程度的建議： ?！?023?卷川〕一課外試驗(yàn)小組用如以下圖的電路測(cè)量某待測(cè)電阻

RxRo為標(biāo)準(zhǔn)定值電阻(Ro=20.0Q)；〔:J可視為抱負(fù)電壓表。 Si為單刀開(kāi)關(guān)，S2位單刀雙擲開(kāi)關(guān)，E為電源，R為滑動(dòng)變阻器。承受如下步驟完成試驗(yàn):⑴依據(jù)試驗(yàn)原理線路圖〔a〕,將圖〔b〕中實(shí)物連線 ⑵將滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)端置于適當(dāng)位置，閉合 S;91端，轉(zhuǎn)變滑動(dòng)變阻器動(dòng)端的位置，登記此時(shí)電壓表U2；

的示數(shù)U1;然后將 S2擲于2⑷待測(cè)電阻阻值的表達(dá)式R<= ⑸重復(fù)步驟〔3〕,得到如下數(shù)據(jù)：

〔用R0、U1、U2表示〕；112345U1/V0.250.300.360.400.44U2/V0.861.031.221.361.493.443.433.393.403.395R=_.〔1位小數(shù)〕四、解答題(2023?卷川)如圖，從離子源產(chǎn)生的甲、乙兩種離子，由靜止經(jīng)加速電壓 U加速后在紙面內(nèi)水平向右

甲種離子射入磁場(chǎng)的速度大小為vi,并在磁場(chǎng)邊界的N點(diǎn)射出；乙種離子在MN的中點(diǎn)射出；MNI。不計(jì)重力影響和離子間的相互作用。求：(2)甲、乙兩種離子的比荷之比。(2023?卷川)如圖，在豎直平面內(nèi)，一半徑為 R的光滑圓弧軌道ABC和水平軌道PA在A點(diǎn)相切。BC為圓弧軌道的直徑。O為圓心，OA和OB之間的夾角為a,sina=號(hào)，一質(zhì)量為m的小球沿水平軌道向右A點(diǎn)沿圓弧軌道通過(guò)C點(diǎn)，落至水平軌道；在整個(gè)過(guò)程中，除受到重力及軌道作用力外，小球還始終受到一水平恒力的作用，小球在零。重力加速度大小為g。求：

C點(diǎn)所受合力的方向指向圓心，且此時(shí)小球?qū)壍赖膲毫η『脼?1)A點(diǎn)時(shí)動(dòng)量的大小；

C點(diǎn)時(shí)速度的大小;C點(diǎn)落至水平軌道所用的時(shí)間。五、選考題[3-3]13.〔2023?卷川〕(1)b的直線所示。在此

如圖，確定量的抱負(fù)氣體從狀態(tài)abp-Va氣體溫度始終降低D.氣體始終從外界吸熱(2)在兩端封閉、粗細(xì)均勻的

氣體內(nèi)能始終增加氣體始終對(duì)外做功E氣體吸取的熱量始終全部用于對(duì)外做功管兩端豎直朝上時(shí)，左、右兩邊空氣柱的長(zhǎng)度分別為

li=18.0cm12=12.0cm,12.0cmHg。U形管緩慢平放在水平桌面上，沒(méi)有氣體從管的一邊通過(guò)水銀逸入另一邊。柱的長(zhǎng)度。在整個(gè)過(guò)程中，氣體溫度不變。六、選考題[3-4]

U形管平放時(shí)兩邊空氣14.(2023?卷川)一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，在t=0和t=0.20s時(shí)的波形分別如圖中實(shí)線和虛線所示。己知該波的周期T>0.20s。以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是( )0.40m/sC.x=0.08mt=0.70s時(shí)位于波谷

0.08mD*0.08mt=0.12s時(shí)位于波谷E. 假設(shè)此波傳入另一介質(zhì)中其波速變?yōu)?0.80m/s，則它在該介質(zhì)中的波長(zhǎng)為0.32m 如圖，某同學(xué)在一張水平放置的白紙上畫(huà)了一個(gè)小標(biāo)記“圖中 0點(diǎn))，然后用橫截面為等邊三角形ABC的三棱鏡壓在這個(gè)標(biāo)記上，小標(biāo)記位于AC邊上。DABDAC邊的垂線交ACF。D點(diǎn)正上方向下順著直線DF的方向觀看。恰好可以看到小標(biāo)記的像；過(guò)OAB邊的垂線交DE=2cm,EF=1cm。求三棱鏡的折射率?！膊豢紤]光線在三棱鏡中的反射 〕答案解析局部、＜b＞選擇題〔單項(xiàng)選擇〕＜/b1.【答案】B【考點(diǎn)】核反響方程【解析】【解答】依據(jù)核反響遵循的質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知， X的電荷數(shù)為2+13=15，質(zhì)量數(shù)為4+27-30，依據(jù)原子核的電荷數(shù)等于原子序數(shù)，可知X1530，B符合題意。故答案為：B【分析】此題考察了核反響方程。由核反響方程的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒即可解出此題?！究键c(diǎn)】開(kāi)普勒疋律，萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用【考點(diǎn)】開(kāi)普勒疋律，萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用【解答】設(shè)地球半徑為R,依據(jù)題述，地球衛(wèi)星PFP=16RQ的軌【解ii站道半徑為RQ=4R,依據(jù)開(kāi)普勒定律，一==64P與QTP:TQ=8:1,C符合題意。故答案為：C【分析】利用開(kāi)普勒其次定律解答或依據(jù)萬(wàn)有引力供給向心力 ”再結(jié)合題意可求解?！敬鸢浮緿【考點(diǎn)】焦耳定律，溝通電的最大值與有效值【解析】【解答】依據(jù)題述，正弦交變電流的電壓有效值為 ，而方波溝通電的有效值為Uo依據(jù)焦耳定律和歐姆定律，Q-l依據(jù)焦耳定律和歐姆定律，Q-lRT=T,可知在一個(gè)周期T內(nèi)產(chǎn)生的熱量與電壓有效值的二次方成正比，Q方：Q正=U02:〔)2=21D符合題意。方 【分析】依據(jù)題意分別求出正弦式溝通電和方波溝通電的有效值，再依據(jù)焦耳定律和歐姆定律分別求出熱量，從而得出Q :Q 方 此題要明確求焦耳熱應(yīng)當(dāng)利用 四值”中的有效值，能夠熟記正〔余〕弦式溝通電的有效值，并能利用熱效應(yīng)的含義求解方波溝通電的有效值為解題的關(guān)鍵。【答案】A【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)【解析】【解答】設(shè)甲球落至斜面時(shí)的速率為V1，乙落至斜面時(shí)的速率為V2，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，X=Vty= gt2 ,設(shè)斜面傾角為0 ,由幾何關(guān)系，tan 9=y/x ,小球由拋出到落至斜面，由機(jī)械能守恒定律，-mv2+mgy=[mv12,聯(lián)立解得：V1=「1；「■,即落至斜面時(shí)的速率與拋出時(shí)的速率成正比。同理可得，V2=符合題意。故答案為：A

V/2，所以甲球落至斜面時(shí)的速率是乙球落至斜面時(shí)的速率的 2倍，A【分析】由平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)和規(guī)律結(jié)合題意建立幾何關(guān)系，再由機(jī)械能守恒定律可求得甲球落至斜面時(shí)的速率與乙球落至斜面時(shí)速率的關(guān)系。二、＜b＞選擇題〔多項(xiàng)選擇〕＜/b＞【答案】C,D【考點(diǎn)】S-t圖象【解析】【解答】依據(jù)位移圖象的物理意義可知，在 ti時(shí)刻兩車的位置一樣，速度不相等，乙車的速度大于甲車的速度，選項(xiàng)A0到ti時(shí)間內(nèi)，乙車走過(guò)的路程大于甲車，選項(xiàng)

B不符合題意；從tit2X1X2位置，兩車走過(guò)的路程相等，斜率等于速度可知，從tit2時(shí)間內(nèi)的某時(shí)刻，兩車速度相等，故答案為：CD

C符合題意；依據(jù)位移圖像的D符合題意。【分析】知道位移時(shí)間圖像的物理意義：圖像的斜率表示速度，交點(diǎn)表示兩車同一時(shí)刻到達(dá)同一位置。解決此題的關(guān)鍵是明確圖像的物理意義，位移時(shí)間圖像很簡(jiǎn)潔與速度時(shí)間圖像混淆?！敬鸢浮緼,C【考點(diǎn)】V-t圖象，對(duì)單物體〔質(zhì)點(diǎn)〕的應(yīng)用，變力做功，功率的計(jì)算t，依據(jù)速度圖象的面積等于位移〔此題中為提升的高度〕可知,11 1~X2oX/o=—X(t+3to/2) X V0

解得：t=5t0/2，所以第「次和其次次提升過(guò)程所用時(shí)間之比為2t0:5t0/2=4:5A符合題意；由于兩次提升變速階段的加速度大小一樣，在勻加速階段，由牛頓第二定律，F(xiàn)-mg=ma,可得提升的最大牽引力之比為 1:1，選項(xiàng)B不符合題意；由功率公式，P=Fv,電v機(jī)輸出的最大功率之比等于最大速度之比，為v0

2:1C符合題意；加速上升過(guò)程的加速度也

a1==,加速上升過(guò)程的牽引力F1=ma1+mg=m〔—+g〕,減速上升過(guò)程的加速度 a2=-—，減速上升過(guò)程的牽引力Vo 1F2=ma2+mg=m〔g- 〕F3=mg。第』W1=F1XX0X0F2X-X0Xv0=mgv0t0；第②次提升過(guò)程做功W2=F1X- Xt0XV0+F3XV0X30/2+F2X Xt0XV0=mgV0t0;兩次做功一樣，故答案為：AC

D不符合題意。【分析】由速度時(shí)間圖像的面積表示位移可求出第F-mg=ma,可得提升的最大牽引力之比。由

②次的時(shí)間結(jié)合題意求出時(shí)間之比。由牛頓其次定律，P=Fv可得最大功率之比。由題意結(jié)合做功的表達(dá)式分別求出兩種狀況下各段牽引力做功狀況，從而求出電機(jī)做功之比?！敬鸢浮緼,C【考點(diǎn)】楞次定律，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的產(chǎn)生條件，法拉第電磁感應(yīng)定律【解析】【解答】由圖〔b〕PQt=T/4時(shí)到達(dá)最大值，變化率為零，導(dǎo)線框R中磁通量變化率t=T4A符合題意；t=T/2時(shí)，導(dǎo)線PQ中電流圖象斜率方向不變，導(dǎo)致導(dǎo)線框t=T/2時(shí)，導(dǎo)線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向不變，選項(xiàng)

R中磁通量變化率的正負(fù)不變，依據(jù)楞次定Bt=T/2時(shí)，導(dǎo)線PQ中電流圖象斜率最大，電流變化率最大，導(dǎo)致導(dǎo)線框 R中磁通量變化率最大，依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定t=T/2C符合題意；由楞次定律可推斷出在故答案為：AC

t=T時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较颍?D不符合題意。【分析】由圖〔b〕可知各段時(shí)間電流的變化狀況及電流的變化率，從而可確定磁通量的變化率，再依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和楞次定律可判定各段時(shí)間的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的變化狀況及方向。【答案】B,D【考點(diǎn)】對(duì)單物體〔質(zhì)點(diǎn)〕的應(yīng)用，動(dòng)能定理的理解，動(dòng)量定理，電勢(shì)差、電勢(shì)、電勢(shì)能，勻變速直線運(yùn)動(dòng)根本公式應(yīng)用【解析】【解答】依據(jù)題述可知，微粒a向下加速運(yùn)動(dòng)，微粒b向上加速運(yùn)動(dòng)，依據(jù)a、b經(jīng)過(guò)電容器兩極板間下半?yún)^(qū)域的同一水平面，可知 a的加速度大小大于b的加速度大小，即aa＞ab。對(duì)微粒a，由牛頓其次定律，qE=maaab，由牛頓其次定律，qE=mbab，聯(lián)立解得：1

亍，由此式可以得出a的質(zhì)量比b小，選項(xiàng)A不符合題意；在a、b兩微粒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，a微粒所受合外力大于b微粒，a微粒的位移大于b微粒，依據(jù)動(dòng)能定理，在t時(shí)刻，a的動(dòng)能比b大，選項(xiàng)B符合題意；由于在t時(shí)刻兩微粒經(jīng)過(guò)同一水平面，電勢(shì)相等，電荷量大小相等，符號(hào)相反，所以在 t時(shí)刻，a和b的電勢(shì)能不C不符合題意；由于a微粒受到的電場(chǎng)力〔合外力〕等于b微粒受到的電場(chǎng)力〔合外力〕，依據(jù)動(dòng)量定t時(shí)刻，a微粒的動(dòng)量大小等于b微粒，D符合題意。故答案為：BD【分析】由題意結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式 ，牛頓其次定律、動(dòng)能定理、動(dòng)量定理可分別求得a和b的加速度、質(zhì)量、動(dòng)能、動(dòng)量的關(guān)系。由于某時(shí)刻t,兩微粒在同一水平面可知電勢(shì)相等，依據(jù)R=q札〔此公式需留意每個(gè)物理量的正負(fù)號(hào)〕可求得兩微粒電勢(shì)能的關(guān)系。三、＜b＞試驗(yàn)題＜/b＞9.【答案】(1)9.【答案】(1)5〔3〕屢次測(cè)量取平均值；初始時(shí)乙的手指盡可能接近尺子【考點(diǎn)】自由落體運(yùn)動(dòng)【解析】【解答】依據(jù)題述，在乙的反響時(shí)間t內(nèi)，尺子下落高度h=L-L1,由自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律，h=gt2,解得t=j”I”-八。代入數(shù)據(jù)得: t=0.20s。i【分析】由題意可知尺子下落的高度為L(zhǎng)-L，依據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律」=］可寫(xiě)出得乙的反響時(shí)間表達(dá)式，代入數(shù)據(jù)可求出反響時(shí)間。i本試驗(yàn)要求靈敏應(yīng)用自由落體運(yùn)動(dòng)根本規(guī)律，另外留意試驗(yàn)結(jié)果要求?！步Y(jié)果保存兩位有效數(shù)字〕10.【答10.【答案】;—:丘;482【解析】【解答】開(kāi)關(guān)S2擲于1端，由歐姆定律可得通過(guò) FX的電流l=Ui/Ro,將開(kāi)關(guān)S＞擲于2端，F(xiàn)bU-rU.和Rx串聯(lián)電路電壓為U2，Rx兩端電壓為U=U2-Ui，由歐姆定律可得待測(cè)電阻阻值 FX=U/I= Fb=S—-1〕Ro°5 1 S5次測(cè)量所得廠的平均值，X20.0=48.2Qo

〔3.44+3.43+3.39+3.40+3.39〕=3.41，代入Rx=〔訂-1〕Ro=〔3.41-1〕【分析】〔1〕連接實(shí)物圖時(shí)依據(jù)原理圖依次連接〔留意線不要穿插，正負(fù)極不要接反，滑動(dòng)變阻器是分壓還是限流〕5S21端，依據(jù)歐姆定律可通過(guò)Rx的電流為J92端，可得Rx兩端電壓為U2-U1 ,再由歐姆定律得出RXoRX的平均值。四、＜b＞解答題＜/b＞【答案】〔1〕解:設(shè)甲種離子所帶電荷量為q1、質(zhì)量為m1,在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為 R1磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B,由動(dòng)能定理有由洛倫茲力公式和牛頓其次定律有白暮②由幾何關(guān)系知丄丫.一；③由①②③式得〔2〕解:設(shè)乙種離子所帶電荷量為R2。同理有⑤

q2、質(zhì)量為m2 ,射入磁場(chǎng)的速度為V2,在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)丄■由題給條件有由①②③⑤⑥⑦ 式得，甲、乙兩種離子的比荷之比為⑧【考點(diǎn)】對(duì)單物體〔質(zhì)點(diǎn)〕的應(yīng)用，電荷在電場(chǎng)中的加速，單邊有界磁場(chǎng)，洛倫茲力【解析】【分析】依據(jù)題意甲離子經(jīng)加速電壓由動(dòng)能定理可得進(jìn)入磁場(chǎng)的速度，進(jìn)入磁場(chǎng)后由牛頓其次定律結(jié)合幾何關(guān)系可求得磁感應(yīng)強(qiáng)度。同理可知乙離子的半徑，綜合可知甲乙兩種離子的比荷?！敬鸢浮俊?〕解:設(shè)水平恒力的大小為7“7一 ■■①

FoC點(diǎn)時(shí)所受合力的大小為F。由力的合成法則有設(shè)小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度大小為v， 由牛頓其次定律得由①②③式和題給數(shù)據(jù)得解:A點(diǎn)的速度大小為2-1「丄」：⑥二①LMJ-氷：衣”⑦由動(dòng)能定理有/■”/L⑧

，作一」 ，交PA于D點(diǎn)，由幾何關(guān)系得⑨⑨

式和題給數(shù)據(jù)得，小球在A點(diǎn)的動(dòng)量大小為解:小球離開(kāi)C點(diǎn)后在豎直方向上做初速度不為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為 g。設(shè)小球在豎直方向的初速度為 ，從C點(diǎn)落至水平軌道上所用時(shí)間為 t。由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有■JD⑩

1_-二「？由⑤⑦⑩？ 式和題給數(shù)據(jù)得一汁?【考點(diǎn)】力的合成，對(duì)單物體〔質(zhì)點(diǎn)〕的應(yīng)用，動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用，勻變速直線運(yùn)動(dòng)根本公式應(yīng)用【解析】【分析】〔1〕由力的合成法則及在C點(diǎn)由牛頓其次定律可求出水平恒力度。

FoC點(diǎn)的速?gòu)腁到C有動(dòng)能定理，幾何關(guān)系和動(dòng)量的表達(dá)式可求出小球到達(dá) A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)量。C落至水平軌道，在豎直方向上做初速度不為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得落至水平軌道所用的時(shí)間。五、<b選考題[3-3]</b>【答案】〔1〕B,C,D〔2〕解:設(shè)U形管兩端豎直朝上時(shí)，左、右兩邊氣體的壓強(qiáng)分別為p，此時(shí)原左、右兩邊氣體長(zhǎng)度分別變?yōu)?/p>

pip2。U形管水平放置時(shí)，兩邊氣體li和|2‘。由力的平衡條件有—X―SJ①式中為水銀密度，g為重力加速度大小。由玻意耳定律有pili=pli”②2=p|‘③|i”1—12-2”④由①②③④ 式和題給條件得li”=22.5cm⑤|2‘=7.5cm⑥【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡條件的應(yīng)用，熱力學(xué)第確定律〔能量守恒定律〕，氣體試驗(yàn)定律，抱負(fù)氣體的狀態(tài)方程【解析】【解答】〔i〕確定質(zhì)量的抱負(fù)氣體從a到b的過(guò)程，由抱負(fù)氣體狀態(tài)方程

paVa/Ta=pbVb/Tb可知,Tb>Ta,即氣體的溫度始終上升，選項(xiàng)

A不符合題意；依據(jù)抱負(fù)氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，可知?dú)怏w的內(nèi)能始終增加，選項(xiàng)B符合題意；由于從a到b的過(guò)程中氣體的體積增大，所以氣體始終對(duì)外做功，選項(xiàng)C符合題意；依據(jù)熱力學(xué)第確定律，