河南省洛陽市孟津縣第一職業(yè)高級中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理知識點(diǎn)試題含解析

河南省洛陽市孟津縣第一職業(yè)高級中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理知識點(diǎn)試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1.如圖為湖邊一傾角為30°的大壩的橫截面示意圖，水面與大壩的交點(diǎn)為O．一人站在A點(diǎn)處以速度v0沿水平方向扔小石子，已知AO=40m，g取10m/s2．下列說法正確的是（）A．若v0=18m/s，則石塊可以落入水中B．若石塊能落入水中，則v0越大，落水時(shí)速度方向與水平面的夾角越大C．若石塊不能落入水中，則v0越大，落到斜面上時(shí)速度方向與斜面的夾角越大D．若石塊不能落入水中，則v0越大，落到斜面上時(shí)速度方向與斜面的夾角越小參考答案：A【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動．【分析】平拋運(yùn)動在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動，根據(jù)高度求出運(yùn)動的時(shí)間，結(jié)合水平位移求出石塊落在水中的最小速度．石塊能落在水中，則下落的高度一定，豎直分速度一定，結(jié)合平行四邊形定則判斷速度方向與水平面夾角與初速度的大小關(guān)系．石塊不能落在水中，石塊豎直位移與水平位移的比值是定值，結(jié)合平拋運(yùn)動的規(guī)律分析落在斜面上的速度方向與斜面傾角與什么因素有關(guān)．【解答】解：A、根據(jù)h=得，t=．則石塊落入水中的最小初速度．可知v0=18m/s，則石塊可以落入水中．故A正確．B、若石塊能落入水中，則下落的高度一定，可知豎直分速度一定，根據(jù)知，初速度越大，則落水時(shí)速度方向與水平面的夾角越?。蔅錯(cuò)誤．C、若石塊不能落入水中，速度方向與水平方向的夾角的正切值，位移方向與水平方向夾角的正切值，可知tanα=2tanθ，因?yàn)棣纫欢ǎ瑒t速度與水平方向的夾角一定，可知石塊落到斜面時(shí)速度方向與斜面的夾角一定，與初速度無關(guān)．故C、D錯(cuò)誤．故選：A．2.（多選）某家用桶裝純凈水手壓式飲水器如圖，在手連續(xù)穩(wěn)定的按壓下，出水速度為v，供水系統(tǒng)的效率為η，現(xiàn)測量出桶底到出水管之間的高度差H，出水口傾斜，其離出水管的高度差可忽略，出水口的橫截面積為S，水的密度為ρ，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A．出水口單位時(shí)間內(nèi)的出水體積Q=vSB．出水口所出水落地時(shí)的速度C．出水后，手連續(xù)穩(wěn)定按壓的功率為+D．手按壓輸入的功率等于單位時(shí)間內(nèi)所出水的動能和重力勢能之和參考答案：考點(diǎn)：功率、平均功率和瞬時(shí)功率；功能關(guān)系．分析：出水口的體積V=Sl，再除以時(shí)間即為位時(shí)間內(nèi)的出水體積，水從出水平流出后做平拋運(yùn)動，根據(jù)高度求出落地時(shí)豎直方向的速度，再根據(jù)幾何關(guān)系求出出水口所出水落地時(shí)的速度，在時(shí)間t內(nèi)，流過出水口的水的質(zhì)量m=ρSvt，手連續(xù)穩(wěn)定按壓使水具有初動能和重力勢能，根據(jù)勢能和動能的表達(dá)式及供水系統(tǒng)的效率求出手連續(xù)穩(wěn)定按壓做的功，再根據(jù)求解功率即可．解答：解：A、出水口的體積V=Sl，則單位時(shí)間內(nèi)的出水體積Q=，故A正確；B、水從出水平流出后做平拋運(yùn)動，則落地時(shí)速度方向速度，所以出水口所出水落地時(shí)的速度v==，故B錯(cuò)誤；C、手連續(xù)穩(wěn)定按壓使水具有初動能和重力勢能，在時(shí)間t內(nèi)，流過出水口的水的質(zhì)量m=ρSvt，則出水口的水具有的機(jī)械能E=，而供水系統(tǒng)的效率為η，所以手連續(xù)穩(wěn)定按壓做的功為W=，則功率P=，故C正確；D、手按壓輸入的功率等于單位時(shí)間內(nèi)所出水的動能和重力勢能之和除以供水系統(tǒng)的效率η，故D錯(cuò)誤；故選：AC點(diǎn)評：解答本題要知道水從出水平流出后做平拋運(yùn)動，根據(jù)平拋運(yùn)動的基本規(guī)律求解，注意手連續(xù)穩(wěn)定按壓時(shí)做水做的功沒有全部轉(zhuǎn)化為水的機(jī)械能，注意供水系統(tǒng)的效率，難度適中．3.從手中豎直向上拋出的小球，與水平天花板碰撞后又落回到手中，設(shè)豎直向上的方向?yàn)檎较?，小球與天花板碰撞時(shí)間極短。若不計(jì)空氣阻力和碰撞過程中動能的損失，則下列圖像中能夠描述小球從拋出到落回手中整個(gè)過程運(yùn)動規(guī)律的是參考答案：C小球先減速上升，突然反向后加速下降；由于設(shè)豎直向上的方向?yàn)檎较?，速度的正?fù)表示方向，不表示大?。还仕俣葀先是正值，不斷減小，突然變?yōu)樨?fù)值，且絕對值不斷變大；故選C．4.以下說法正確的是A.當(dāng)分子間距離增大時(shí)，分子間作用力減小，分子勢能增大B.某固體物質(zhì)的摩爾質(zhì)量為M，密度為ρ，阿伏加德羅常數(shù)為NA，則該物質(zhì)的分子體積為C.液晶既具有液體的流動性，又具有單晶體的光學(xué)各向異性的特點(diǎn)D.自然界發(fā)生的一切過程能量都是守恒的，符合能量守恒定律的宏觀過程都能自然發(fā)生參考答案：5.（單選）如圖所示，A為靜止于地球赤道上的物體，B為繞地球做橢圓軌道運(yùn)行的衛(wèi)星，C為繞地球做圓周運(yùn)動的衛(wèi)星，P為B、C兩衛(wèi)星軌道的交點(diǎn)．已知A、B、C繞地心運(yùn)動的周期相同．相對于地心，下列說法中不正確的是（

）A．衛(wèi)星B在P點(diǎn)的運(yùn)行加速度大小與衛(wèi)星C的運(yùn)行加速度大小相等B．衛(wèi)星C的運(yùn)行速度大于物體A的速度C．可能出現(xiàn)：在每天的某一時(shí)刻衛(wèi)星B在A的正上方D．物體A和衛(wèi)星C具有相同大小的加速度參考答案：【知識點(diǎn)】萬有引力定律及其應(yīng)用；牛頓第二定律．C2D5【答案解析】D解析：A、衛(wèi)星B繞地球做橢圓軌道運(yùn)行，與地球的距離不斷變化，引力產(chǎn)生加速度，根據(jù)牛頓第二定律，有a=，經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)，衛(wèi)星B與衛(wèi)星C的加速度相等，故A正確；B、物體A靜止于地球赤道上隨地球一起自轉(zhuǎn)，衛(wèi)星C為繞地球做圓周運(yùn)動，它們繞地心運(yùn)動的周期相同，根據(jù)線速度公式v=，衛(wèi)星C的線速度較大，故B正確；C、A、B繞地心運(yùn)動的周期相同，也就等于地球的自轉(zhuǎn)周期．B為繞地球做橢圓軌道運(yùn)行的衛(wèi)星，是速度大小在變化的運(yùn)動，所以可能出現(xiàn)：在每天的某一時(shí)刻衛(wèi)星B在A的正上方．故C正確．本題選不正確的，D、物體A靜止于地球赤道上隨地球一起自轉(zhuǎn)，衛(wèi)星C為繞地球做圓周運(yùn)動，它們繞地心運(yùn)動的周期相同，根據(jù)向心加速度的公式a=（）2r，衛(wèi)星C的加速度較大，故D錯(cuò)誤；故選D．【思路點(diǎn)撥】A靜止于地球赤道上隨地球一起自轉(zhuǎn)，C為繞地球做圓周運(yùn)動，B為繞地球做橢圓軌道運(yùn)行的衛(wèi)星，A、B、C繞地心運(yùn)動的周期相同，根據(jù)向心加速度的公式a=（）2r可以判斷物體A和衛(wèi)星C的運(yùn)動情況，衛(wèi)星B、C軌跡在P點(diǎn)相交，根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度．本題關(guān)鍵先列求解出線速度和加速度的表達(dá)式，再進(jìn)行討論；對于加速度，要根據(jù)題意靈活地選擇恰當(dāng)?shù)谋磉_(dá)式形式分析．衛(wèi)星在橢圓軌道運(yùn)行，萬有引力與向心力不等．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6.如圖所示，實(shí)線是一列簡諧橫波在t1=0時(shí)的波形圖，虛線為t2=0.5s時(shí)的波形圖，已知0＜t2－t1＜T，t1=0時(shí)x=2m處的質(zhì)點(diǎn)A正向y軸正方向振動。①質(zhì)點(diǎn)A的振動周期為

s；

②波的傳播方向是

；③波速大小為

m/s。參考答案：

答案：①2；②向右；③27.有人設(shè)想了一種靜電場：電場的方向都垂直于紙面并指向紙里，電場強(qiáng)度的大小自左向右逐漸增大，如圖所示。這種分布的靜電場是否可能存在？試述理由。

參考答案：這種分布的靜電場不可能存在.因?yàn)殪o電場是保守場，電荷沿任意閉合路徑一周電場力做的功等于0，但在這種電場中，電荷可以沿某一閉合路徑移動一周而電場力做功不為0．（5分）8.如圖，在粗糙水平地面上放著一個(gè)截面為四分之一圓弧的柱狀物體A，A的左端緊靠豎直墻，A與豎直墻之間放一光滑圓球B，已知A的圓半徑為球B半徑的3倍，球B所受的重力為G，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)。則墻壁對B的作用力為

，B對

A的壓力為

。參考答案：G/

2G/

9.如圖，O、A、B為同一豎直平面內(nèi)的三個(gè)點(diǎn)，OB沿豎直方向，∠BOA=60°，OA長為l，且OA：OB=2：3．將一質(zhì)量為m的小球以一定的初動能自O(shè)點(diǎn)水平向右拋出，小球在運(yùn)動過程中恰好通過A點(diǎn)，則小球的初動能為；現(xiàn)從O點(diǎn)以同樣的初動能沿某一方向拋出小球，并對小球施加一方向與△OAB所在平面平行的恒力F，小球通過了A點(diǎn)，到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的動能是初動能的3倍；若小球從O點(diǎn)以同樣的初動能沿另一方向拋出，在相同的恒力作用下，恰好通過B點(diǎn)，且到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的動能為初動能的6倍．則此恒力F的大小為．參考答案：考點(diǎn)：動能定理的應(yīng)用；平拋運(yùn)動．分析：根據(jù)平拋運(yùn)動的水平位移和豎直位移，結(jié)合平拋運(yùn)動的規(guī)律求出初速度的大小，從而得出拋出時(shí)的初動能．對O到A和O到B分別運(yùn)用動能定理，求出恒力做功之比，結(jié)合功的公式求出恒力與OB的方向的夾角，從而求出恒力的大小．解答：解：小球以水平初速度拋出，做平拋運(yùn)動，在水平方向上的位移x=lsin60°=，豎直方向上的位移y=，根據(jù)y=，x=v0t得，解得，則小球的初動能．根據(jù)動能定理得，0到A有：，解得，O到B有：WOB﹣mgl=5Ek0，解得，設(shè)恒力的方向與OB方向的夾角為α，則有：，解得α=30°，所以，解得F=．故答案為：mgl，點(diǎn)評：本題考查了平拋運(yùn)動以及動能定理的綜合運(yùn)用，第二格填空難度較大，關(guān)鍵得出恒力做功之比，以及恒力與豎直方向的夾角．10.如圖所示是兩列相干波的干涉圖樣，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷，兩列波的振幅都為10cm，波速和波長分別為1m/s和0.2m，C點(diǎn)為AB連線的中點(diǎn)。則圖示時(shí)刻C點(diǎn)的振動方向_______（選填“向上”或“向下”），從圖示時(shí)刻再經(jīng)過0.25s時(shí)，A點(diǎn)經(jīng)過的路程為_________cm。參考答案：向下，10011.在研究“電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實(shí)驗(yàn)中，所需的實(shí)驗(yàn)器材如圖所示．現(xiàn)已用導(dǎo)線連接了部分實(shí)驗(yàn)電路．（1）請把電路補(bǔ)充完整；（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)，將線圈A插入線圈B中，合上開關(guān)瞬間，觀察到檢流計(jì)的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，這個(gè)現(xiàn)象揭示的規(guī)律是______________________；（3）（多選）某同學(xué)設(shè)想使線圈B中獲得與線圈A中相反方向的電流，可行的實(shí)驗(yàn)操作是（

）A．抽出線圈A

B．插入軟鐵棒C．使變阻器滑片P左移

D．?dāng)嚅_開關(guān)

參考答案：（1）（2）閉合電路中磁通量發(fā)生變化時(shí)，閉合電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流。（3）B、C

12.1919年盧瑟福通過如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置，第一次完成了原子核的人工轉(zhuǎn)變，并由此發(fā)現(xiàn)______________。圖中A為放射源發(fā)出的射線，銀箔的作用是吸收______________。參考答案：質(zhì)子，α粒子

13.)V表示標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下水蒸氣的摩爾體積，ρ為標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下水蒸氣的密度，NA為阿伏加德羅常數(shù)，m為每個(gè)水分子的質(zhì)量，則阿伏加德羅常數(shù)NA＝______，標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下相鄰水蒸氣分子間的平均距離d＝_____.參考答案：

三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14.內(nèi)表面只反射而不吸收光的圓筒內(nèi)有一半徑為R的黑球，距球心為2R處有一點(diǎn)光源S，球心O和光源S皆在圓筒軸線上，如圖所示．若使點(diǎn)光源向右半邊發(fā)出的光最后全被黑球吸收，則筒的內(nèi)半徑r最大為多少？參考答案：自S作球的切線S?，并畫出S經(jīng)管壁反射形成的虛像點(diǎn)，及由畫出球面的切線N，如圖1所示，由圖可看出，只要和之間有一夾角，則筒壁對從S向右的光線的反射光線就有一部分進(jìn)入球的右方，不會完全落在球上被吸收．由圖可看出，如果r的大小恰能使與重合，如圖2，則r?就是題所要求的筒的內(nèi)半徑的最大值．這時(shí)SM與MN的交點(diǎn)到球心的距離MO就是所要求的筒的半徑r．由圖2可得??????????

（1）由幾何關(guān)系可知

（2）由（1）、（2）式得

（3）15.（8分）在衰變中常伴有一種稱為“中微子”的粒子放出。中微子的性質(zhì)十分特別，因此在實(shí)驗(yàn)中很難探測。1953年，萊尼斯和柯文建造了一個(gè)由大水槽和探測器組成的實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)，利用中微子與水中的核反應(yīng)，間接地證實(shí)了中微子的存在。（1）中微子與水中的發(fā)生核反應(yīng)，產(chǎn)生中子（）和正電子（），即中微子+→+，可以判定，中微子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)分別是

。（填寫選項(xiàng)前的字母）

A.0和0

B.0和1

C.1和0

D.1和1（2）上述核反應(yīng)產(chǎn)生的正電子與水中的電子相遇，與電子形成幾乎靜止的整體后，可以轉(zhuǎn)變?yōu)閮蓚€(gè)光子（），即+2

已知正電子和電子的質(zhì)量都為9.1×10-31㎏，反應(yīng)中產(chǎn)生的每個(gè)光子的能量約為

J.正電子與電子相遇不可能只轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)光子，原因是

。參考答案：（1）A；(2)；遵循動量守恒解析：（1）發(fā)生核反應(yīng)前后，粒子的質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)均不變，據(jù)此可知中微子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)分都是0，A項(xiàng)正確。（2）產(chǎn)生的能量是由于質(zhì)量虧損。兩個(gè)電子轉(zhuǎn)變?yōu)閮蓚€(gè)光子之后，質(zhì)量變?yōu)榱?，由，故一個(gè)光子的能量為，帶入數(shù)據(jù)得=J。正電子與水中的電子相遇，與電子形成幾乎靜止的整體，故系統(tǒng)總動量為零，故如果只產(chǎn)生一個(gè)光子是不可能的，因?yàn)榇诉^程遵循動量守恒。四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16.質(zhì)量分別為m1和m2的兩個(gè)滑塊，在光滑的水平面上分別以速度、相向運(yùn)動并發(fā)生對心碰撞，碰后被左側(cè)的墻原速彈回，又與m1相碰，碰后兩球都靜止.求第一次碰后m1球的速度.參考答案：17.某同學(xué)在研究氣體的等容變化規(guī)律時(shí)，在實(shí)驗(yàn)室將一玻璃瓶開口向上豎直放入燒杯中的水里，緩慢加熱到77℃后，用一個(gè)軟木塞封住瓶口，當(dāng)燒杯中水溫緩慢降至42℃時(shí)，若想向上拔出軟木塞，至少需要施加多大外力？已知大氣