山西省太原市江陽中學高三物理月考試題含解析

山西省太原市江陽中學高三物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（多選題）如圖所示，A、B兩物體的質(zhì)量分別為2m和m，靜止疊放在水平地面上．A、B間的動摩擦因數(shù)為μ，B與地面間的動摩擦因數(shù)為μ．最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g．現(xiàn)對A施加一水平拉力F，則（）A．當F＜2μmg時，A、B都相對地面靜止B．當F=μmg時，A的加速度為μgC．當F＞3μmg時，A相對B滑動D．無論F為何值，B的加速度不會超過μg參考答案：BCD【考點】牛頓第二定律；物體的彈性和彈力．【分析】根據(jù)A、B之間的最大靜摩擦力，隔離對B分析求出整體的臨界加速度，通過牛頓第二定律求出A、B不發(fā)生相對滑動時的最大拉力．然后通過整體法隔離法逐項分析．【解答】解：AB之間的最大靜摩擦力為：fmax=μmAg=2μmg，B與地面間的最大靜摩擦力為：f′max=μ（mA+mB）g=1.5μmg，A、當1.5μmg＜F＜2μmg時，f′max＜F＜fmax，AB之間不會發(fā)生相對滑動，由于拉力大于B與地面間的最大靜摩擦力；故AB與地面間發(fā)生相對滑動；故A錯誤；B、當F=μmg時，若A與B仍然沒有相對運動，則：又：F﹣f′max=（mA+mB）a1所以：此時A與B之間的摩擦力f，則：mAa1=F﹣f所以：f=＜fmax，可知假設(shè)成立，A的加速度為μg．故B正確；C、當F=3μmg時，若A與B仍然沒有相對運動，則：F﹣f′max=3μmg﹣1.5μmg=1.5μmg又：F﹣f′max=（mA+mB）a2所以：a2=0.5μg此時A與B之間的摩擦力f′，則：mAa2=F﹣f′所以：f′=2μmg=fmax所以當F＞3μmg時，A相對B滑動．故C正確；D、當A與B之間的摩擦力最大時，B的加速度最大，此時B沿水平方向受到兩個摩擦力的作用，又牛頓第二定律得：mBa3=fmax﹣f′max=2μmg﹣1.5μmg=0.5μmg所以：a3=0.5μg即無論F為何值，B的加速度不會超過μg．故D正確．故選：BCD2.如圖所示，質(zhì)量為m1的木塊P在質(zhì)量為m2的長木板ab上滑行，長木板放在水平地面上一直處于靜止狀態(tài)．若ab與地面間的動摩擦因數(shù)為μ1，木塊P與長木板ab間的動摩擦因數(shù)為μ2，則長木板ab受到地面的摩擦力大小為()A．μ1m2g

B．μ2m1gC．μ1(m1＋m2)g

D．μ1m2g＋μ2m1g參考答案：B3.飛機現(xiàn)已廣泛應用于突發(fā)性災難的救援工作，如圖所示為救助飛行隊將一名在海上身受重傷、生命垂危的漁民接到岸上的情景。為了達到最快速的救援效果，飛機一邊從靜止勻加速收攏纜繩提升傷員，將傷員接進機艙，一邊沿著水平方向勻速飛向岸邊。則傷員的運動軌跡是參考答案：B4.如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1，電阻R=22Ω，各電表均為理想電表.副線圈輸出電壓的變化規(guī)律如圖乙所示.下列說法正確的是A.輸入電壓的頻率為100Hz

B.電壓表的示數(shù)為220VC.電流表的示數(shù)為1A

D.電阻R消耗的電功率是22W參考答案：BD5.某交流發(fā)電機給燈泡供電,產(chǎn)生正弦式交變電流的圖像如圖所示,下列說法中正確的是()A.交變電流的頻率為0.02HzB.交變電流的瞬時表達式為i=5cos(50πt)AC.在t=0.01s時,穿過交流發(fā)電機線圈的磁通量為零D.若發(fā)電機線圈電阻為0.4Ω,則其產(chǎn)生的熱功率為5W參考答案：CD

解析:從題圖可知交流電的周期T=0.02s,所以頻率f==50Hz,選項A錯誤;角速度ω=2πf=100πrad/s,最大值Im=5A,交變電流瞬時表達式應為i=5cos(100πt)A,選項B錯誤;t=0.01s時,感應電流最大,磁通量為零,選項C正確;由P=I2R=()R知,選項D正確.二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.（4分）如圖所示，在豎直墻壁的頂端有一直徑可以忽略的定滑輪，用細繩將質(zhì)量m＝2kg的光滑球沿墻壁緩慢拉起來。起始時與墻的夾角為30°，終了時繩與墻壁的夾角為60°。在這過程中，拉力F的最大值為

N。球?qū)Φ膲毫Φ拇笮≡谶@個過程的變化是

（填變大、變小或不變）。（g取10m/s2）參考答案：

答案：40，變大7.如圖所示，在勻強電場中有a、b、c三點，a、b相距4cm，b、c相距10cm，ab與電場線平行，bc與電場線成60°角．將一個帶電荷量為+2×10-8C的電荷從a點移到b點時，電場力做功為4×10-6J．則a、b間電勢差為________V，勻強電場的電場強度大小為________V/m，a、c間電勢差為________V。參考答案：8.一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A依次變化到狀態(tài)B、C、D、A、E、C，整個變化過程如圖所示。已知在狀態(tài)A時氣體溫度為320K，則狀態(tài)B時溫度為

K，整個過程中最高溫度為

K。參考答案：

答案：80

5009.已知一小量程電流表的內(nèi)阻Rg為200歐姆，滿偏電流Ig為2mA．現(xiàn)在用如圖電路將其改裝為量程為0.1A和1A的雙量程電流表．（1）當用哪兩個接線柱時為0.1A的量程？答：a、c（2）當用哪兩個接線柱時為1A的量程？答：a、b（3）定值電阻R1=0.41，R2=3.7（保留兩位有效數(shù)字）．參考答案：考點：把電流表改裝成電壓表．專題：實驗題．分析：把電流計改裝成電流表需要并聯(lián)一個分流電阻，分析圖示電路結(jié)構(gòu)、應用并聯(lián)電路特點與歐姆定律答題．解答：解：（1）電流表量程越小，并聯(lián)電阻阻值越大，由圖示可知，電流表量程為0.1A時，接a、c兩個接線柱．（2）電流表量程越大，并聯(lián)的分流電阻越小，由圖示可知，電流表量程為1A時，接a、b兩個接線柱．（3）由圖示電路圖可知，R1+R2=，R1=，代入數(shù)據(jù)解得：R1=0.41Ω，R2=3.7Ω故答案為：（1）a、c；（2）a、b；（3）0.41；3.7．點評：本題考查了電流表的改裝，知道電流表的改裝原理、分析清楚電路結(jié)構(gòu)，應用串并聯(lián)電路特點、歐姆定律即可正確解題．10.（6分）一個電子和一個正電子對撞發(fā)生湮滅而轉(zhuǎn)化為一對光子，設(shè)正、負電子對撞前的質(zhì)量均為m，動能均為EK，光速為C，普朗克常為h，則對撞過程中的質(zhì)量虧損為________轉(zhuǎn)化為光子波長為_____________。參考答案：2m；11.如圖所示，是一列沿x軸負方向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，若波的傳播速度v=8m/s,則x=4m處的質(zhì)點P的振動方程y=______cm,x=1m處的質(zhì)點O在5s內(nèi)通過的路程為______cm.參考答案：12.某同學利用數(shù)碼相機研究豎直上拋小球的運動情況。數(shù)碼相機每隔0．05s拍照一次，圖7是小球上升過程的照片，圖中所標數(shù)據(jù)為實際距離，則：

（1）圖中t5時刻小球的速度v5＝________m/s。

（2）小球上升過程中的加速度a＝________m/s2。

（3）t6時刻后小球還能上升的高度h=________m。參考答案：13.某研究性學習小組利用如圖甲所示電路測量某電池的電動勢E和內(nèi)電阻r。在坐標紙中畫出了如圖乙所示的U－I圖象，若電流表的內(nèi)阻為1Ω,則E＝________V，r＝________Ω參考答案：2.0；

1.4；三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（16分）如圖所示，物塊A和B通過一根輕質(zhì)不可伸長的細繩連接，跨放在質(zhì)量不計的光滑定滑輪兩側(cè)，質(zhì)量分別為mA=2kg、mB=1kg。初始時A靜止與水平地面上，B懸于空中。先將B豎直向上再舉高h=1.8m（未觸及滑輪）然后由靜止釋放。一段時間后細繩繃直，A、B以大小相等的速度一起運動，之后B恰好可以和地面接觸。取g=10m/s2。（1）B從釋放到細繩繃直時的運動時間t；（2）A的最大速度v的大小；（3）初始時B離地面的高度H。參考答案：（1）；（2）；（3）。試題分析：（1）B從釋放到細繩剛繃直前做自由落體運動，有：解得：（2）設(shè)細繩繃直前瞬間B速度大小為vB，有細繩繃直瞬間，細繩張力遠大于A、B的重力，A、B相互作用，總動量守恒：繩子繃直瞬間，A、B系統(tǒng)獲得的速度：之后A做勻減速運動，所以細繩繃直瞬間的速度v即為最大速度，A的最大速度為2m/s。15.如圖甲所示，將一質(zhì)量m=3kg的小球豎直向上拋出，小球在運動過程中的速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，設(shè)阻力大小恒定不變，g=10m/s2，求（1）小球在上升過程中受到阻力的大小f．（2）小球在4s末的速度v及此時離拋出點的高度h．參考答案：（1）小球上升過程中阻力f為5N；（2）小球在4秒末的速度為16m/s以及此時離拋出點h為8m考點： 牛頓第二定律；勻變速直線運動的圖像．專題： 牛頓運動定律綜合專題．分析： （1）根據(jù)勻變速直線運動的速度時間公式求出小球上升的加速度，再根據(jù)牛頓第二定律求出小球上升過程中受到空氣的平均阻力．（2）利用牛頓第二定律求出下落加速度，利用運動學公式求的速度和位移．解答： 解：由圖可知，在0～2s內(nèi)，小球做勻減速直線運動，加速度大小為：由牛頓第二定律，有：f+mg=ma1代入數(shù)據(jù)，解得：f=6N．（2）2s～4s內(nèi)，小球做勻加速直線運動，其所受阻力方向與重力方向相反，設(shè)加速度的大小為a2，有：mg﹣f=ma2即4s末小球的速度v=a2t=16m/s依據(jù)圖象可知，小球在4s末離拋出點的高度：．答：（1）小球上升過程中阻力f為5N；（2）小球在4秒末的速度為16m/s以及此時離拋出點h為8m點評： 本題主要考查了牛頓第二定律及運動學公式，注意加速度是中間橋梁四、計算題：本題共3小題，共計47分16.中國自行研制，具有完全自主知識產(chǎn)權(quán)的“神舟號”飛船，目前已經(jīng)達到或優(yōu)于國際第三代載人飛船技術(shù)，其發(fā)射過程簡化如下：飛船在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射，由長征運載火箭送入近地點為A、遠地點為B的橢圓軌道上，A點距地面的高度為h1，飛船飛行五周后進行變軌，進入預定圓軌道，如圖所示，設(shè)飛船在預定圓軌道上飛行n圈所用時間為t，若已知地球表面重力加速度為g，地球半徑為R，求：（1）地球的平均密度是多少；（2）飛船經(jīng)過橢圓軌道近地點A時的加速度大小；（3）橢圓軌道遠地點B距地面的高度．參考答案：考點：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系．專題：人造衛(wèi)星問題．分析：在地球表面附近，萬有引力與重力近似相等計算出地球的質(zhì)量，再根據(jù)密度的定義式計算地球的密度．求出飛船在A點的萬有引力，根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合萬有引力等于重力求出A點的加速度．根據(jù)飛船的周期，通過萬有引力提供向心力求出軌道半徑，從而求出遠地點B距地面的高度．解答：解：（1）根據(jù)質(zhì)量、密度、體積間的關(guān)系可知，地球的質(zhì)量為：﹣﹣﹣﹣①在地球表面附近，萬有引力與重力近似相等，有：﹣﹣﹣﹣②由①②式聯(lián)立解得：地球的平均密度（2）根據(jù)牛頓第二定律有：﹣﹣﹣﹣③由②③式聯(lián)立解得，飛船經(jīng)過橢圓軌道近地點A時的加速度大小為：（3）飛船在預定圓軌道上飛行時由萬有引力提供向心力，有：﹣﹣﹣﹣④由題意可知，飛船在預定圓軌道上運行的周期為：﹣﹣﹣﹣⑤由②④⑤式聯(lián)立解得，橢圓軌道遠地點B距地面的高度為：h2=答：（1）地球的平均密度是；（2）飛船經(jīng)過橢圓軌道近地點A時的加速度大小為；（3）橢圓軌道遠地點B距地面的高度為．點評：解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力和萬有引力等于重力這兩大理論，并能熟練運用．17.如圖所示，光滑水平面上一質(zhì)量為M、長為L的木板右端靠豎直墻壁．質(zhì)量為m的小滑塊（可視為質(zhì)點）以水平速度v0滑上木板的左端，滑到木板的右端時速度恰好為零．①求小滑塊與木板間的摩擦力大小；②現(xiàn)小滑塊以某一速度v滑上木板的左端，滑到木板的右端時與豎直墻壁發(fā)生彈性碰撞，然后向左運動，剛好能夠滑到時木板左端而不從木板上落下，試求的值．參考答案：考點：動量守恒定律；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系；牛頓第二定律．專題：動量與動能定理或能的轉(zhuǎn)化與守恒定律綜合．分析：①小滑塊在木板上滑動過程，根據(jù)動能定理列方程，即可求解小滑塊與木板間的摩擦力大小；②先研究滑塊在木塊上向右滑動的過程，運用動能定理得到滑塊與墻壁碰撞前瞬間的速度，滑塊與墻壁碰撞后，原速率反彈，之后，向左運動，在摩擦力的作用下，木板也向左運動，兩者組成的系統(tǒng)動量守恒，再對這個過程，運用動量守恒和能量守恒列方程，聯(lián)立即可求解的值．解答：解：①小滑塊以水平速度v0右滑時，根據(jù)動能定理得：﹣fL=0﹣解得：f=②小滑塊以速度v滑上木板到運動至碰墻時速度為v1，則有﹣fL=﹣滑塊與墻碰后至向左運動到木板左端，此時滑塊、木板的共同速度為v2，則根據(jù)動量守恒和能量守恒有：mv1=（m+M）v2，fL=﹣上述四式聯(lián)立，解得：=答：①小滑塊與木板間的摩擦力大小為；②現(xiàn)小滑塊以某一速度v滑上木板的左端，滑到木板的右端時與豎直墻壁發(fā)生彈性碰撞，然后向左運動，剛好能夠滑到時木板左端而不從木板上落下，的值為．點評：本題是動量守恒定律與動能定理、能量守恒定律的綜合運用，分析清楚物體的運動過程，把握物理規(guī)律是關(guān)鍵．18.粗糙的水平面上放置一質(zhì)量為m=1.2kg的小物塊（可視為質(zhì)點），對它施加F=3N的水平作用力，使物塊沿水平面向右勻加速運動．已知物塊通過A點時的速度為vA=1m/s，到達B點所用時間t1=2