2022-2023學(xué)年山東省濟(jì)南市萊蕪重點(diǎn)中學(xué)高二（上）期末物理試卷（含解析）

第=page11頁，共=sectionpages11頁2022-2023學(xué)年山東省濟(jì)南市萊蕪重點(diǎn)中學(xué)高二（上）期末物理試卷一、選擇題（本大題共12小題，共48分）1.下列說法中正確的是(

)A.周期性變化的電場可以產(chǎn)生恒定的磁場

B.若有一小段通電導(dǎo)體在某點(diǎn)不受磁場力的作用，則該點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為0

C.麥克斯韋最早通過實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在

D.磁感應(yīng)強(qiáng)度是用來表示磁場強(qiáng)弱的物理量2.A、B、C、D是以AD為直徑的半圓弧上的四個(gè)點(diǎn)，O為半圓弧的圓心，∠AOB=∠DOC=30°。在A、D處各有一條長直導(dǎo)線垂直穿過紙面，導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流，方向如圖所示，此時(shí)O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0。若將A、D處的長直導(dǎo)線分別移至B、C處，則此時(shí)O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為(

)

A.B0 B.B02 C.23.如圖所示，A、B是兩個(gè)完全相同的燈泡，D是理想二極管，L是帶鐵芯的線圈，其自感系數(shù)很大，直流電阻忽略不計(jì)，下列說法正確的(

)

A.S閉合瞬間，A先亮

B.S閉合瞬間，A、B同時(shí)亮

C.S斷開瞬間，A閃亮一下，然后逐漸熄滅

D.S斷開瞬間，A逐漸熄滅，但不會(huì)閃亮一下4.如圖所示，固定在同一水平面內(nèi)的兩根平行長直金屬導(dǎo)軌的間距為d，其右端接有阻值為R的電阻，整個(gè)裝置處在豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中。一質(zhì)量為m(質(zhì)量分布均勻)的導(dǎo)體桿ab垂直于導(dǎo)軌放置，且與兩導(dǎo)軌保持良好接觸，桿與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ?，F(xiàn)桿在水平向左、垂直于桿的恒力F作用下從靜止開始沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)距離L時(shí)，速度恰好達(dá)到最大(運(yùn)動(dòng)過程中桿始終與導(dǎo)軌保持垂直)。設(shè)桿接入電路的電阻為r，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度大小為g，則此過程錯(cuò)誤的是(

)

A.桿的速度最大值為(F?μmg)RB2d2

B.流過電阻R的電荷量為BdLR+r

C.從靜止到速度恰好達(dá)到最大經(jīng)歷的時(shí)間t=5.玩具水槍是兒童們夏天喜愛的玩具之一，但水槍傷眼的事件也時(shí)有發(fā)生，因此，限制兒童水槍的威力就成了生產(chǎn)廠家必須關(guān)注的問題?，F(xiàn)有一水槍樣品，如圖所示，槍口直徑為d，水的密度為ρ，水平出射速度為v，垂直擊中豎直目標(biāo)后以大小為0.2v的速度反向?yàn)R回，則水柱水平擊中目標(biāo)的平均沖擊力大小為(

)

A.1.2πd2ρv2 B.0.3πd6.如圖所示，回旋加速器兩個(gè)D形金屬盒分別和一高頻交流電源兩極相接，兩盒放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于盒底面，粒子源置于盒的圓心附近。若粒子源射出的粒子(初速度不計(jì))電荷量為q，質(zhì)量為m，粒子最大回旋半徑為R，則(

)

A.粒子在盒內(nèi)一直做加速圓周運(yùn)動(dòng)

B.所加交流電源的周期為πmqB

C.粒子加速后獲得的最大動(dòng)能小于qBR22m

D.若將交流電源電壓U7.如圖所示，電源的電動(dòng)勢為E，內(nèi)阻為r，電壓表和電流表均為理想電表，電阻RA、RB的阻值與滑動(dòng)變阻器的最大阻值相等。在滑動(dòng)變阻器的滑片P從a端滑到b端的過程中，下列說法正確的是(

)

A.電壓表示數(shù)U與電流表示數(shù)I的比值不變

B.電流表的示數(shù)增大

C.電壓表的示數(shù)先增大后減小

D.電源的效率一直增大8.我國超級電網(wǎng)，將熱、水、風(fēng)、光、核發(fā)電及電動(dòng)汽車電池儲(chǔ)能并入電網(wǎng)．如圖所示為某小型發(fā)電站高壓輸電示意圖．升壓變壓器原、副線圈兩端的電壓分別為U1和U2，降壓變壓器原、副線圈兩端的電壓分別為U3和U4.在輸電線路的起始端接入兩個(gè)互感器，兩個(gè)互感器原、副線圈的匝數(shù)比分別為10:1和1:10，各互感器和電表均為理想的，則下列說法正確酌是A.兩互感器均起到降壓作用

B.若電壓表的示數(shù)為220V，電流表的示數(shù)為10A，則線路輸送電功率為220kW

C.若保持發(fā)電機(jī)輸出電壓U1和用戶數(shù)一定，僅將滑片Q下移，則輸電線損耗功率減少

D.若發(fā)電機(jī)輸出電壓U1一定，若用戶數(shù)增加，為維持用戶電壓U49.如圖所示，電源電動(dòng)勢E=6V，小燈泡L標(biāo)有“2V，2W”字樣，開關(guān)S接1，當(dāng)電阻箱調(diào)到R=3Ω時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光；然后將開關(guān)S接2，小燈泡L和電動(dòng)機(jī)M均正常工作。電動(dòng)機(jī)線圈的電阻RM=1Ω。則(

)

A.電源內(nèi)阻為1Ω B.電動(dòng)機(jī)的正常工作電流為1.5A

C.電動(dòng)機(jī)的輸出功率為2W D.電源效率約為93.3%10.圖甲為小型交流發(fā)電機(jī)的原理圖，發(fā)電機(jī)的矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場方向的軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，從t=0時(shí)刻開始，通過矩形線圈的磁通量隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，已知線圈的匝數(shù)n=50，線圈的電阻r=5Ω，線圈與外電路連接的定值電阻R=45Ω，電壓表為理想交流電表。則下列判斷不正確的是(

)

A.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的周期為6.28s

B.t=0時(shí)刻線圈平面與磁感線平行

C.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過程中產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動(dòng)勢為1002V

11.如圖所示，在水平勻強(qiáng)電場和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中，有一豎直足夠長固定絕緣桿MN，小球P套在桿上，已知P的質(zhì)量為m、電荷量為+q，電場強(qiáng)度為E，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，P與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g。小球由靜止開始下滑直到穩(wěn)定的過程中，下列說法中正確的是(

)

A.小球的加速度一直增大

B.小球的機(jī)械能和電勢能的總和逐漸不變

C.下滑加速度為最大加速度一半時(shí)的速度可能是v=2μqE?mg2μqB

D.12.如圖所示，在光滑絕緣的水平面上，相距為2L的兩條直線MN、PQ之間存在著豎直向下的勻強(qiáng)磁場，一個(gè)用相同材料且粗細(xì)均勻的電阻絲制成的、邊長為L的正方形線框以速度v1從MN左側(cè)沿垂直于MN的方向進(jìn)入磁場區(qū)，線框完全離開磁場區(qū)域時(shí)速度大小變?yōu)関2，且v2=12A.整個(gè)線框處于磁場區(qū)域運(yùn)動(dòng)時(shí)，A、B兩點(diǎn)電勢不相等

B.線框進(jìn)入磁場過程與線框穿出磁場過程中通過線框截面的電量不相等

C.線框在進(jìn)入磁場過程與穿出磁場兩個(gè)過程中克服安培力做功之比為7：5

D.若只將線框進(jìn)入磁場時(shí)的速度v1變?yōu)樵瓉淼膬杀?，則線框穿出磁場時(shí)的速度v二、非選擇題（52分）13.小明利用如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證動(dòng)量定理。將遮光條安裝在滑塊上，用天平測出遮光條和滑塊的總質(zhì)量M=200.0g，槽碼和掛鉤的總質(zhì)量m=50.0g。實(shí)驗(yàn)時(shí)，將滑塊系在繞過定滑輪懸掛有槽碼的細(xì)線上?；瑝K由靜止釋放，數(shù)字計(jì)時(shí)器記錄下遮光條通過光電門1和2的遮光時(shí)間Δt1和Δt2，以及這兩次開始遮光的時(shí)間間隔Δt(1)游標(biāo)卡尺測量遮光條寬度如圖2所示，其寬度d=_____mm；(2)打開氣泵，帶氣流穩(wěn)定后，觀察到_____，說明氣墊導(dǎo)軌水平。(3)多次改變光電門2的位置進(jìn)行測量，得到Δt和Δv的數(shù)據(jù)如下表請根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在方格紙上作出Δv?Δt圖線。Δt/s0.7210.7900.8540.9130.968Δv/1.381.521.641.751.86(4)查得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=9.80m/s2，根據(jù)動(dòng)量定理，Δv?Δt圖線斜率的理論值為_____(5)實(shí)驗(yàn)結(jié)果發(fā)現(xiàn)，圖線斜率的實(shí)驗(yàn)值總小于理論值，產(chǎn)生這一誤差的兩個(gè)可能原因(

)A.選用的槽碼質(zhì)量偏小B.細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌不完全平行C.每次釋放滑塊的位置不同D.實(shí)驗(yàn)中Δt的測量值偏大14.某實(shí)驗(yàn)小組為了測量某一電阻Rx的阻值，他們先用多用電表進(jìn)行粗測，測量出Rx的阻值約為18Ω.A.電流表(量程15mA，內(nèi)阻未知)B.電阻箱(0～99.99Ω)C.電阻箱(0～999.9Ω)D.電源(電動(dòng)勢約3V，內(nèi)阻約1Ω)E.開關(guān)2只F.導(dǎo)線若干(1)甲同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)原理圖并連接好實(shí)驗(yàn)器材，按照如下步驟完成實(shí)驗(yàn)：a.先將電阻箱阻值調(diào)到最大，閉合S1，斷開S2，調(diào)節(jié)電阻箱阻值，使電流表指針有較大的偏轉(zhuǎn)，讀出此時(shí)電阻箱的阻值R1b.保持開關(guān)S1閉合，再閉合開關(guān)S2，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電流表的示數(shù)仍為I，記下此時(shí)電阻箱的阻值①根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟和實(shí)驗(yàn)器材規(guī)格可知，電阻箱應(yīng)選擇____(選填器材前的字母)；②根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟可知，待測電阻Rx=____(用步驟中所測得的物理量表示(2)乙同學(xué)認(rèn)為該電路也可以用來測量電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻．若已知所選電流表的內(nèi)阻為RA，同時(shí)閉合開關(guān)S1和S2，調(diào)節(jié)電阻箱R，讀出多組電阻值R和電流I的數(shù)據(jù)；由實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的1I?R圖象如圖乙所示，圖象的斜率為k、截距為b，由此可求得電源電動(dòng)勢E=____，內(nèi)阻r=

15.如圖所示，運(yùn)動(dòng)員練習(xí)用頭顛球。某一次足球由靜止下落0.6m，被重新頂起，離開頭部后豎直上升至1m處。已知足球與頭部的作用時(shí)間為0.1s，足球的質(zhì)量為0.4kg，足球在空中時(shí)空氣阻力為1N，大小不變，其他時(shí)間空氣阻力不計(jì)。重力加速度g取10m/s2(1)足球在空中時(shí)空氣阻力對它的沖量；(2)足球與頭部作用過程中，合力對足球的沖量。

16.如圖所示，線框由裸導(dǎo)線組成，cd、ef兩邊豎直放置且相互平行，導(dǎo)體棒ab水平放置并可沿cd、ef無摩擦滑動(dòng)，導(dǎo)體棒ab所在處有垂直線框所在平面向里的勻強(qiáng)磁場且B2=2T。已知ab長L=0.1m，整個(gè)電路總電阻R=0.5Ω，螺線管匝數(shù)n=4，螺線管橫截面積S=0.1m2，在螺線管內(nèi)有如圖所示方向的磁場B1，若磁場B1以Δ(1)通過導(dǎo)體棒ab的電流I的大??；(2)導(dǎo)體棒ab的質(zhì)量m的大??；(3)現(xiàn)去掉磁場B1，導(dǎo)體棒ab

17.如圖所示，在坐標(biāo)系第一象限內(nèi)有正交的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，電場強(qiáng)度為E，方向未知，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里；在第二象限的某個(gè)三角形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(圖中未畫出)。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子以某一速度v(大小未知)沿與x軸負(fù)方向成θ角(θ<π2)的方向從A點(diǎn)進(jìn)入第一象限，在第一象限內(nèi)做直線運(yùn)動(dòng)，而后從y軸上的C點(diǎn)進(jìn)入三角形磁場區(qū)域。一段時(shí)間后，粒子經(jīng)過x軸上的D點(diǎn)且速度方向與x軸負(fù)方向成θ角。已知A點(diǎn)坐標(biāo)為(L,0)，D點(diǎn)坐標(biāo)為(1)勻強(qiáng)電場E的方向與x軸正方向的夾角α的大小和粒子速度的大??；(2)三角形區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B′的大??；(3)三角形區(qū)域磁場的最小面積。

18.如圖所示，質(zhì)量為m的物塊A與質(zhì)量為2m的物塊B靜置于光滑水平面上，B與一個(gè)水平輕質(zhì)彈簧拴接?，F(xiàn)使物塊A獲得水平向右的初速度v0，A與彈簧發(fā)生相互作用，最終與彈簧分離，全過程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。(1)求兩物塊最終分離時(shí)各自的速度；(2)在兩物塊相互作用過程中，求當(dāng)物塊A的速度大小為v0(3)如果在物塊B的右側(cè)固定一擋板(擋板的位置未知，圖中未畫出)，在物塊A與彈簧分離之前，物塊B與擋板發(fā)生碰撞，碰撞時(shí)間極短，碰撞后物塊B以碰撞前的速率反向彈回，碰撞后的瞬間立即撤去擋板，求碰撞后的過程中彈簧最大彈性勢能可能的取值范圍。

答案和解析1.【答案】D

【解析】A.根據(jù)麥克斯韋電磁理論，周期性變化得電場可以產(chǎn)生周期性變化的磁場，故A錯(cuò)誤；B.通電導(dǎo)體在磁場中受到的磁場力為安培力，安培力的表達(dá)式為F=BIL當(dāng)通電導(dǎo)體所受的安培力為零時(shí)有可能磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，也可能導(dǎo)體與磁場方向平行，故B錯(cuò)誤；C.赫茲最早通過實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在，故C錯(cuò)誤；D.磁感應(yīng)強(qiáng)度是用來表示磁場強(qiáng)弱的物理量，故D正確。故選D。

2.【答案】D

【解析】設(shè)長直導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，根據(jù)安培定則和疊加原理BB′=2B解得B′=故選D。

3.【答案】C

【解析】AB.開關(guān)S閉合時(shí)，燈泡A所在支路由于二極管的單向?qū)щ娦远幱跀嗦窢顟B(tài)，所以燈泡A不會(huì)亮。由于線圈的自感作用，燈泡B逐漸亮起來，故AB錯(cuò)誤；CD.開光S斷開瞬間，由于線圈的自感作用，線圈、二極管、燈泡A構(gòu)成了一個(gè)閉合回路，自感電流的方向符合二極管的導(dǎo)通方向，所以燈泡A開始發(fā)光，隨著自感電流減小，燈泡A熄滅，即燈泡A閃亮一下，然后逐漸熄滅。燈泡B則立即熄滅，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。

4.【答案】A

【解析】A.當(dāng)桿的速度達(dá)到最大時(shí)，安培力為F此時(shí)桿受力平衡，則有F?μmg?F安=0解得v=A錯(cuò)誤，符合題意；B.流過電阻R的電荷量為q=B正確，不符合題意；C.根據(jù)動(dòng)量定理有F?μmgt?BIt=mv

結(jié)合上述解得t=C正確，不符合題意；D.對于桿從靜止到速度達(dá)到最大的過程，根據(jù)動(dòng)能定理，恒力F、安培力、摩擦力做功的代數(shù)和等于桿動(dòng)能的變化量，由于摩擦力做負(fù)功，所以恒力F、安培力做功的代數(shù)和大于桿動(dòng)能的變化量，D正確，不符合題意。故選A。

5.【答案】B

【解析】設(shè)t時(shí)間內(nèi)水槍噴出的水柱長度為l，則有v=t時(shí)間內(nèi)沖擊墻壁的水的質(zhì)量為m=ρV=ρSl=設(shè)墻壁對水柱的平均沖擊力大小為F，根據(jù)動(dòng)量定理有Ft=0.2mv?(?mv)聯(lián)立以上三式解得F=0.3π根據(jù)牛頓第三定律可知水柱水平擊中目標(biāo)的平均沖擊力大小為F′=F=0.3π故選B。

6.【答案】CD

【解析】A.粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；B.所加交流電源的周期等于粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期

2πmqB

，BC.根據(jù)動(dòng)能的定義E根據(jù)牛頓第二定律qvB=m解得EC正確；D.若將交流電源電壓U減小，粒子加速次數(shù)增多，在D形盒內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變長，D正確。故選CD。

7.【答案】C

【解析】A.由電路圖可知，電壓表示數(shù)U與電流表示數(shù)I的比值表示的是外電路的總電阻，滑動(dòng)變阻器的滑片P從a端滑到b端，外電路的總電阻變化，則電壓表示數(shù)U與電流表示數(shù)I的比值變化，A錯(cuò)誤；BC.當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片處于中點(diǎn)時(shí)，兩個(gè)并聯(lián)支路的電阻相等，并聯(lián)后電阻最大，則滑片P從a端滑到b端的過程中，外電路的總電阻先增大后減小，則電流表示數(shù)先減小后增大，電壓表示數(shù)先增大后減小，B錯(cuò)誤，C正確；D.電源的效率可表示為η=外電路的總電阻先增大后減小，電源的效率先增大后減小，D錯(cuò)誤。故選C。

8.【答案】B

【解析】A.電壓互感器起降壓作用，電流互感器起減小電流(升壓)作用，故A錯(cuò)誤。B.電壓互感器原線圈兩端電壓U電流互感器原線圈中的電流I對于理想變壓器，輸送功率P=故B正確。C.將滑動(dòng)片Q下移，相當(dāng)于增加了升壓變壓器副線圈的匝數(shù)n2U升壓變壓器副線圈兩端的電壓增大；降壓變壓器原線圈兩端電壓U3增大，副線圈兩端電壓UI當(dāng)R不變時(shí)，I4I匝數(shù)比不變，I3ΔP=增大，故C錯(cuò)誤。D.當(dāng)用戶數(shù)增加，負(fù)載電阻R減小，若降壓變壓器副線圈兩端電壓U4I增大，原線圈中的電流增大，輸電線上的電壓損失ΔU=增大；原線圈兩端電壓U將減小，根據(jù)U可知，當(dāng)U3減小時(shí)，減小n3可以使U4不變，所以要將降壓變壓器的滑動(dòng)片P故選B。

9.【答案】AC

【解析】A.開關(guān)S接1，當(dāng)電阻箱調(diào)到R=3Ω時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光，此時(shí)電路中的電流為I=電源內(nèi)阻r=A正確；B.將開關(guān)S接2，小燈泡L和電動(dòng)機(jī)M均正常工作，則此時(shí)通過電動(dòng)機(jī)的電流為I=1A，B錯(cuò)誤；C.電動(dòng)機(jī)兩端的電壓U則電動(dòng)機(jī)的輸出功率為P=IC正確；D.電源效率約為D錯(cuò)誤。故選AC。

10.【答案】AC

【解析】A.由題圖乙可知，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的周期為T=6.28×1A錯(cuò)誤，符合題意；

B.由題圖乙可知，

t=0時(shí)刻線圈磁通量是零，則線圈平面與磁感線平行，B正確，不符合題意；C.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過程中產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動(dòng)勢為EC錯(cuò)誤，符合題意；D.由閉合電路歐姆定律，可知電壓表的示數(shù)為U=D正確，不符合題意。故選AC。

11.【答案】CD

【解析】A.當(dāng)小球剛開始下滑速度較小時(shí)，所受電場力向左，重力向下，洛倫茲力向右，滑動(dòng)摩擦力向上，一開始洛倫茲力小于電場力，故彈力向右，水平方向由平衡條件可得qE=豎直方向上有mg?又F隨著速度逐漸增大，洛倫茲力增大，彈力減小，摩擦力減小，加速度增大，當(dāng)qE=qvB加速度為重力加速度，保持不變，故A錯(cuò)誤；B.由能量守恒可知機(jī)械能和電勢能總量的減小量等于系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量，所以機(jī)械能和電勢能總和逐漸減少，故B錯(cuò)誤；CD.當(dāng)洛倫茲力等于電場力時(shí)加速度最大為g，當(dāng)加速度為

g2

f=qE?mg?μf=qvB可求得v=當(dāng)洛倫茲力較大時(shí)有f=qE+mg?μ可求得v=CD正確。故選CD。

12.【答案】ACD

【解析】A.整個(gè)線框處于磁場區(qū)域運(yùn)動(dòng)時(shí)，線框的磁通量不變，線框中沒有感應(yīng)電流，可線框的AB和DC邊切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，可知A、D兩點(diǎn)電勢相等，B、C兩點(diǎn)電勢相等，由右手定則可知，A、D兩點(diǎn)電勢高于B、C兩點(diǎn)電勢，即A、B兩點(diǎn)電勢不相等，A正確；B.線框進(jìn)入磁場過程中，由電磁感應(yīng)定律可得E則有Iq=ΔΦ=B解得q=同理可知，線框穿出磁場過程中通過線框截面的電量也為q=可知線框進(jìn)入磁場過程中與線框穿出磁場過程中通過線框截面的電量相等，B錯(cuò)誤；C.設(shè)線框在完全進(jìn)入磁場后的速度為v，對線框進(jìn)入磁場過程中，以向右方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量定理可得?B線框穿出磁場過程，以向右方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量定理可得?B又有I解得v=由動(dòng)能定理可得線框在進(jìn)入磁場過程中克服安培力做功為W線框穿出磁場過程中克服安培力做功W可得WC正確；

D.若只將線框進(jìn)入磁場時(shí)的速度v1?BI線框穿出磁場過程中，以向右方向?yàn)檎较?，由?dòng)量定理可得?BI′L?Δt′=m又有I解得v′=v則線框穿出磁場時(shí)的速度v2會(huì)為原來的三倍，D故選ACD。

13.【答案】

10.20

滑塊在不受拉力作用下能夠在短時(shí)間內(nèi)保持靜止

1.96

BD##DB

【解析】(1)[1]20分度游標(biāo)卡尺的精確值為

0.05mm

，由圖2可知遮光條寬度為d=10mm+4×0.05mm=10.20mm(2)[2]打開氣泵，帶氣流穩(wěn)定后，觀察到滑塊在不受拉力作用下能夠在短時(shí)間內(nèi)保持靜止，說明氣墊導(dǎo)軌水平；(4)[3]以

M

、

m

為系統(tǒng)，根據(jù)動(dòng)量定理可得mgΔt=(M+m)Δv可得Δv=則

Δv?Δt

圖線斜率的理論值為k=(5)[4]AC.槽碼質(zhì)量在同一實(shí)驗(yàn)中不會(huì)影響測量值的準(zhǔn)確性，釋放滑塊的位置也不會(huì)影響圖線的斜率，故AC錯(cuò)誤；B.細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌不完全平行，則會(huì)在垂直導(dǎo)軌方向產(chǎn)生分力，越靠近定滑輪其水平分力越小，從而使加速度越小，速度變化量

ΔvΔt

越小，故BD.實(shí)驗(yàn)中

Δt

的測量值偏大，則速度變化量

ΔvΔt

偏小，會(huì)使圖線斜率偏小，故D故選BD。

14.【答案】

C

R2?R1

1k【解析】(1)[1]電源電動(dòng)勢為

3V

，電流表量程為

15mA=0.015A

，由歐姆定律：

I=URR所以電阻箱應(yīng)選C；[2]根據(jù)閉合電路歐姆定律得：S2E=IS2E=I解得：R(2)[3][4]閉合開關(guān)S2E=I整理得：1由

1I?Rk=b=電源電動(dòng)勢：E=電源內(nèi)阻r=

15.【答案】(1)0；(2)

3.2kg?m/s

，方向豎直向上

【解析】(1)足球下落過程中有mg?f=m解得a根據(jù)動(dòng)力學(xué)公式?解得t足球上升過程中有mg+f=m解得a根據(jù)動(dòng)力學(xué)公式?解得t足球在空中時(shí)空氣阻力對它的沖量為I(2)取豎直向上為正方向，足球與頭部接觸前的速度v足球與頭部接觸后的速度v根據(jù)動(dòng)量定理足球與頭部作用過程中，合力對足球的沖量為I=m合力對足球的沖量方向豎直向上。

16.【答案】.(1)8A；(2)0.16kg；(3)20m/s