山東省臨沂市建新中學高二物理模擬試題含解析

山東省臨沂市建新中學高二物理模擬試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，質(zhì)量相等的A、B兩個物塊放在勻速轉(zhuǎn)動的水平圓盤上，隨圓盤一起做勻速圓周運動，則下列關(guān)系中正確的是（

）A．它們所受的摩擦力FA＞FBB．它們的線速度VA＜VBC．它們的運動周期TA＜TBD．它們的角速度ωA＞ωB參考答案：A2.如圖所示，用一個沿斜面向上的恒力F將靜止在斜面底端的物體加速向上推，推到斜面中點時，撤去恒力F，之后物體恰好運動到斜面頂端并返回。已知物體從底端運動到頂端所需時間以及從頂端滑到底端所需時間相等，物體回到底端時速度大小為10m／s，則A.恒力F與物體所受摩擦力之比為2：1B.物體所受重力與物體所受摩擦力之比為3：1C.撤去恒力F時物體的速度大小為10m／sD.物體在沿斜面上升過程與下滑過程中加速度相等參考答案：C撤去外力前有：，撤去外力后繼續(xù)上升的過程有：，由題意可知上升時兩個階段中第一上升過程初速度是0，末速度為v，第二上升過程，初速是v，末速度是0，它們的位移大小相等，故可以知道兩個階段的加速度大小相等，即a1=a2，運動時間相等，設(shè)斜面長為2x，上升時間為2t，撤去外力前有：，下滑過程中由牛頓第二定律：，下滑過程有：，聯(lián)立以上可得：a1：a=2：1，故D錯誤；代入a1=a2可得：F：f=8：1，mgsinθ：f=3：1，故AB錯誤；撤去外力前有：v1=a1t，下降過程：v=a?2t，解得：v1=10m/s，故C正確。所以C正確，ABD錯誤。3.如圖所示圓環(huán)形導體線圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一豎直螺線管b，二者軸線重合，螺線管與電源和滑動變阻器連接成如圖所示的電路．若將滑動變阻器的滑片P向上滑動，下列表述正確的是（

）

A．線圈a中將產(chǎn)生俯視逆時針方向的感應(yīng)電流B．穿過線圈a的磁通量變大C．線圈a有收縮的趨勢ks5uD．線圈a對水平桌面的壓力F將變小參考答案：：D解本題時應(yīng)該掌握：楞次定律的理解、應(yīng)用．在楞次定律中線圈所做出的所有反應(yīng)都是阻礙其磁通量的變化．如：感應(yīng)電流磁場的磁通量、面積、速度、受力等．當滑動變阻器的滑片P向上滑動，通過線圈a的電流減小，閉合導體環(huán)b內(nèi)的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知：線圈a中將產(chǎn)生俯視順時針方向的感應(yīng)電流因此線圈，做出的反應(yīng)是面積有擴展的趨勢，同時將靠近磁鐵，故減小了和桌面的擠壓程度，從而使導體環(huán)對桌面壓力減小，選項ABC錯誤，D正確，故選A．考點：法拉第電磁感應(yīng)定律；楞次定律．點評：本題從力、運動的角度考察楞次定律，思維含量高，考察角度新穎．4.一個電容器，帶了電量Q后，兩極板電勢差為U，若它帶的電量減少，則A．電容為原來，兩極板電壓不變

B．電容為原來2倍，兩極板電壓不變C．電容不變，兩極板電壓是原來

D．電容不變，兩極板電壓是原來2倍參考答案：C5.電感和電容對交流電的阻礙作用的大小不但跟電感、電容本身有關(guān)，還跟交流電的頻率有關(guān)，下列說法中正確的是

A．電感是通直流、阻交流，通高頻、阻低頻B．電容是通直流、阻交流，通高頻、阻低頻C．電感是通直流、阻交流，通低頻、阻高頻D．電容是通交流、隔直流，通低頻、阻高頻參考答案：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，矩形線圈一邊長為a，另一邊長為b，電阻為R，在它以速度v勻速穿過寬度為L、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場的過程中，已知b＜L，產(chǎn)生的電能為__________；通過導體截面的電荷量為

。參考答案：2B2a2bv/R

2Bab/R7.下列說法中正確的有A．交流電電器設(shè)備上標明的是電壓、電流的最大值

B．電容器上標明的電壓是最大值C．交流電壓表和電流表測出的是瞬時值D．220V交流電的電壓有效值是220V參考答案：BD8.如圖所示，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1，副線圈有一中心抽頭e，原線圈接交流電壓u=220sin(100πt)(V)，副線圈上e、d之間的電壓等于_______v，電壓的周期T=______s。

參考答案：11，0.029.某同學要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ，用游標為20分度的卡尺測量其長度如下圖所示，由圖可知其長度L=_______mm，用螺旋測微器測它的直徑，由右下圖知其直徑為d=

mm.

參考答案：50.15；2.498試題分析：游標卡尺的主尺讀數(shù)為50mm，游標尺上第3個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為3×0.05mm=0.15mm，所以最終讀數(shù)為：50mm+0.15mm=50.15mm．螺旋測微器的固定刻度為2mm，可動刻度為49.80×0.01mm=0.498mm，所以最終讀數(shù)為2mm+0.498mm=2.498mm考點：游標卡尺及螺旋測微器的讀數(shù)10.如圖所示，虛線表示某點電荷Q所激發(fā)電場的等勢面，已知a、b兩點在同一等勢面上，c、d兩點在另一個等勢面上。甲、乙兩個帶電粒子以相同的速率，沿不同的方向從同一點a射入電場，在電場中沿不同的軌跡adb曲線、acb曲線運動。則兩粒子所帶的電荷符號________（填“不同”或“相同”）；經(jīng)過b點時，兩粒子的速率va

vb（填“＞”、“＝”或“＜”）參考答案：不同

=11.真空中，有兩個帶同種電荷的點電荷A、B．A帶電荷，B所帶的電荷量是A的4倍．A、B相距12cm，現(xiàn)引入點電荷C，使A、B、C三個點電荷都處于靜止狀態(tài)，則C的位置為________，C的電荷量為________．參考答案：

A、B連線上距A點4cm處

，

12.如圖丙所示，水平放置的兩平行金屬板A、B相距為d，充電后其間形成勻強電場。一帶電量為+q，質(zhì)量為m的液滴從下板邊緣射入電場，并沿直線運動恰好從上板邊緣射出。可知，該液滴在電場中做______運動，兩板之間的電壓UAB為

，電場力做功為_______。參考答案：勻速直線;mgd/q;

mgd13.某實驗小組采用如下圖所示的裝置來探究“功與速度變化的關(guān)系”實驗中，小車碰到制動裝置時，鉤碼尚未到達地面.實驗的部分步驟如下：①將一塊一端帶有定滑輪的長木板固定在桌面上，在長木板的另一端固定打點計時器；②把紙帶穿過打點計時器的限位孔，連在小車后端，用細線跨過定滑輪連接小車和鉤碼；③把小車拉到靠近打點計時器的位置，接通電源，從靜止開始釋放小車，得到一條紙帶；④關(guān)閉電源，通過分析小車位移與速度的變化關(guān)系來研究合外力對小車所做的功與速度變化的關(guān)系．下圖是實驗中得到的一條紙帶，點O為紙帶上的起始點，A、B、C是紙帶上的三個計數(shù)點，相鄰兩個計數(shù)點間均有4個點未畫出，用刻度尺測得A、B、C到O的距離如下圖所示，已知所用交變電源的頻率為50Hz，問：(1)打B點時刻，小車的瞬時速度vB＝________m/s.(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)(2)本實驗中，若鉤碼下落高度為h1時合外力對小車所做的功為W1，則當鉤碼下落h2時，合外力對小車所做的功為________．(用h1、h2、W1表示)

(3)實驗中，該小組同學畫出小車位移x與速率v的關(guān)系圖象如右圖所示.根據(jù)該圖線形狀，某同學對W與v的關(guān)系作出的猜想，肯定不正確的是____________．A．W∝v

B．W∝v2

C．W∝

D．W∝v3參考答案：(1)0.40(2)W1(3)A、C三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.(10分)“玻意耳定律”告訴我們：一定質(zhì)量的氣體．如果保持溫度不變，體積減小，壓強增大；“查理定律”指出：一定質(zhì)量的氣體，如果保持體積不變，溫度升高．壓強增大；請你用分子運動論的觀點分別解釋上述兩種現(xiàn)象，并說明兩種增大壓強的方式有何不同。參考答案：一定質(zhì)量的氣體．如果溫度保持不變，分子平均動能不變，每次分子與容器碰撞時平均作用力不變，而體積減小，單位體積內(nèi)分子數(shù)增大，相同時間內(nèi)撞擊到容器壁的分子數(shù)增加，因此壓強增大，（4分）一定質(zhì)量的氣體，若體積保持不變，單位體積內(nèi)分子數(shù)不變，溫度升高，分子熱運動加劇，對容器壁碰撞更頻繁，每次碰撞平均作用力也增大，所以壓強增大。（4分）第一次只改變了單位時間內(nèi)單位面積器壁上碰撞的分子數(shù)；而第二種情況下改變了影響壓強的兩個因素：單位時間內(nèi)單位面積上碰撞的次數(shù)和每次碰撞的平均作用力。（2分）15.（5分）某電流表的量程為10mA，當某電阻兩端的電壓為8V時，通過的電流為2mA，如果給這個電阻兩端加上36V的電壓，能否用這個電流表來測量通過該電阻的電流？并說明原因。參考答案：R==4000Ω；=9mA<10mA

所以能用這個電流表來測量通過該電阻的電流。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，兩平行金屬板A、B長l=8cm，兩板間距離d=8cm，B板比A板電勢高300V，即UBA=300V．一帶正電的粒子電量q=10﹣10C，質(zhì)量m=10﹣20kg，從R點沿電場中心線垂直電場線飛入電場，初速度v0=2×106m/s，粒子飛出平行板電場后經(jīng)過無場區(qū)域后，進入界面為MN、PQ間勻強磁場區(qū)域，從磁場的PQ邊界出來后剛好打在中心線上離PQ邊界4L/3處的S點上．已知MN邊界與平行板的右端相距為L，兩界面MN、PQ相距為L，且L=12cm．求（粒子重力不計）（1）粒子射出平行板時的速度大小v；（2）粒子進入界面MN時偏離中心線RO的距離多遠？（3）畫出粒子運動的軌跡，并求勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的大小．參考答案：解：（1）粒子在電場中做類平拋運動，根據(jù)牛頓第二定律得：a==

運動的時間為：t=

豎直方向的速度vy=at=

代入數(shù)據(jù)，解得：vy=1.5×106m/s

所以粒子從電場中飛出時的速度為：v==2.5×106m/s（2）設(shè)粒子從電場中飛出時的側(cè)向位移為h，穿過界面PS時偏離中心線OR的距離為y，則：h=at2

即：h=（）2

代入數(shù)據(jù)，解得：h=0.03m=3cm

帶電粒子在離開電場后將做勻速直線運動，由相似三角形知識得：代入數(shù)據(jù)，解得：y=0.12m=12cm

（3）設(shè)粒子從電場中飛出時的速度方向與水平方向的夾角為θ，則：tanθ==

所以θ=37°軌跡如圖所示

由幾何知識可得粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑：R==0.1m由：qvB=m

代入數(shù)據(jù)，解得：B==2.5×10﹣3T答：（1）粒子射出平行板時的速度大小為2.5×106m/s；（2）粒子進入界面MN時偏離中心線RO的距離為12cm；（3）粒子運動的軌跡如圖所示，勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的大小為2.5×10﹣3T．【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動；牛頓第二定律；向心力．【分析】（1）粒子在電場中做類平拋運動，根據(jù)平拋運動的基本規(guī)律即可求解速度；（2）先求出粒子從電場中飛出時的側(cè)向位移，帶電粒子在離開電場后將做勻速直線運動，由相似三角形知識即可求解；（3）設(shè)粒子從電場中飛出時的速度方向與水平方向的夾角為θ，根據(jù)速度關(guān)系求出夾角，畫出軌跡，由幾何知識可得粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑，根據(jù)半徑公式即可求解磁場強度．17.如圖所示，把質(zhì)量為2g的帶負電小