安徽省阜陽市臨泉一中高二下學(xué)期第一次月考物理試卷

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2016-2017學(xué)年安徽省阜陽市臨泉一中高二（下)第一次月考物理試卷一、選擇題(共6小題，每小題4分,滿分24分）1．下列說法正確的是（）A．電場是假想的，并不是客觀存在的物質(zhì)B．描述電場的電場線是客觀存在的C．只有體積很小的帶電體,才能看做點電荷D．只要穿過閉合電路的磁感線條數(shù)發(fā)生變化，閉合電路中就有感應(yīng)電流2．粗細均勻的電阻絲圍成的正方形線框置于有界勻強磁場中，磁場方向垂直于線框平面，其邊界與正方形線框的邊平行．現(xiàn)使線框以同樣大小的速度沿四個不同方向平移出磁場,如圖所示，則在移出過程中線框的一邊a、b兩點間電勢差絕對值最大的是（）A． B． C． D．3．從地面上方同一高度沿水平和豎直向上方向分別拋出兩個等質(zhì)量的小物體，拋出速度大小都是為v，不計空氣阻力，對兩個小物體以下說法正確的是（)A．落地時的速度大小相同B．落地時重力做功的瞬時功率相同C．從拋出到落地重力的沖量相同D．兩物體落地前動量變化率相等4．一矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢e隨時間t的變化規(guī)律如圖所示，下列說法正確的有（）A．t1時刻線圈位于中性面B．t2時刻通過線圈的磁通量最大C．電動勢的有效值為D．一個周期內(nèi)交變電流的方向改變一次5．如圖所示，在光滑的水平面上,有一垂直向下的勻強磁場分布在寬為L的區(qū)域內(nèi)，有一個邊長為a(a＜L)的正方形閉合線圈以初速v0垂直磁場邊界滑過磁場后速度變?yōu)関(v＜v0）,那么（）A．完全進入磁場中時線圈的速度大于B．完全進入磁場中時線圈的速度等于C．完全進入磁場中時線圈的速度小于D．條件不足，無法判斷6．如圖為模擬遠距離輸電電路，兩理想變壓器的線圈匝數(shù)n1=n4＜n2=n3，A1，A2，A3為相同的理想交流電流表,當(dāng)a，b端接入低壓交流電源時，則()A．A1，A2的示數(shù)相等 B．A1，A2,A3的示數(shù)相等C．A1的示數(shù)大于A2的 D．A2的示數(shù)大于A3的二、多項選擇題（共4小題，每小題4分,滿分16分）7．如圖所示,理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為1：5，原線圈兩端的交變電壓為u=20sin100πtV氖泡在兩端電壓達到100V時開始發(fā)光，下列說法中正確的有（)A．開關(guān)接通后，氖泡的發(fā)光頻率為100HzB．開關(guān)接通后，電壓表的示數(shù)為100VC．開關(guān)斷開后，電壓表的示數(shù)變大D．開關(guān)斷開后，變壓器的輸出功率不變8．一個質(zhì)量為0.3kg的彈性小球,在光滑水平面上以6m/s的速度垂直撞到墻上,碰撞后小球沿相反方向運動，速度大小與碰撞前相同，作用時間為0。1s．則碰撞過程中墻壁對小球的平均作用力F和墻壁對小球做功的平均功率大小P為（)A．F=18N B．F=36N C．P=0 D．P=108w9．甲、乙兩物體質(zhì)量相等，并排靜止在光滑水平面上，現(xiàn)用一水平外力F推動甲物體,同時在F的相同方向給物體乙一個瞬時沖量I，使兩物體開始運動，當(dāng)兩物體重新相遇時(）A．甲的動量為I B．甲的動量為2IC．所經(jīng)歷的時間為 D．所經(jīng)歷的時間為10．如圖所示，平行且足夠長的兩條光滑金屬導(dǎo)軌，相距L=0。4m,導(dǎo)軌所在平面與水平面的夾角為30°，其電阻不計．把完全相同的兩金屬棒（長度均為0。4m)ab、cd分別垂直于導(dǎo)軌放置，并使每棒兩端都與導(dǎo)軌良好接觸．已知兩金屬棒的質(zhì)量均為m=0。1kg、電阻均為R=0。2Ω,整個裝置處在垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度為B=0.5T,當(dāng)金屬棒ab在平行于導(dǎo)軌向上的力F作用下沿導(dǎo)軌向上勻速運動時，金屬棒cd恰好能保持靜止．(g=10m/s2），則（）A．F的大小為0。5NB．金屬棒ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為1。0VC．a(chǎn)b兩端的電壓為1。0VD．a(chǎn)b棒的速度為5。0m/s三、解答題（共2小題，滿分18分）11．如圖所示，在某次實驗中某同學(xué)用游標(biāo)卡尺測了金屬絲長度為L=cm，用螺旋測微器測得金屬絲的直徑，其示數(shù)D=mm．12．某同學(xué)用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻,現(xiàn)備有下列器材：A．被測干電池一節(jié)B．電流表：量程0~0.6A，內(nèi)阻約為0。3ΩC．電流表:量程0～3A，內(nèi)阻約為0.1ΩD．電壓表:量程0～3V,內(nèi)阻未知E．電壓表：量程0～15V，內(nèi)阻未知F．滑動變阻器:0～10Ω，2AG．滑動變阻器：0~100Ω,1AH．開關(guān)、導(dǎo)線若干伏安法測電池電動勢和內(nèi)阻的實驗中,由于電流表和電壓表內(nèi)阻的影響,測量結(jié)果存在系統(tǒng)誤差．在現(xiàn)有器材的條件下，要盡可能準確地測量電池的電動勢和內(nèi)阻．(1)在上述器材中請選擇適當(dāng)?shù)钠鞑模海ㄌ顚戇x項前的字母）；（2）實驗電路圖應(yīng)選擇下圖中的（填“甲"或“乙”）；（3）根據(jù)實驗中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的U﹣I圖象,則在修正了實驗系統(tǒng)誤差后,干電池的電動勢E=V，內(nèi)電阻r=Ω．四、解答題(共4小題，滿分42分)13．如圖所示，水平放置的平行金屬導(dǎo)軌，相距l(xiāng)=0。50m,左端接一電阻R=0.20Ω，磁感應(yīng)強度B=0.40T的勻強磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面，導(dǎo)體棒ac垂直放在導(dǎo)軌上，并能無摩擦地沿導(dǎo)軌滑動，導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻均可忽略不計，當(dāng)ac以v=4。0m/s的速度水平向右勻速滑動時，求：（1）回路中感應(yīng)電流的大小;(2）維持ac棒做勻速運動的水平外力F的大?。?4．如圖所示，勻強磁場的磁感應(yīng)強度B=T，邊長L=10cm的正方形線圈abcd共100匝，線圈電阻r=1Ω，線圈繞垂直于磁感線的軸OO1勻速轉(zhuǎn)動，角速度ω=2πrad/s,外電路電阻R=4Ω．求：（1）轉(zhuǎn)動過程中線圈中感應(yīng)電動勢的最大值；（2）電壓表的讀數(shù);（3)由圖示位置（線圈平面與磁感線平行）轉(zhuǎn)過30°角的過程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢．15．如圖所示，輕彈簧的兩端有質(zhì)量為2m的B,質(zhì)量為3m的C兩物塊固定連接，靜止在光滑水平面上，物塊C緊靠擋板但不粘連．另一質(zhì)量為m的小物塊A以速度vo從右向左與B發(fā)生彈性正碰，碰撞時間極短可忽略不計,所有過程都在彈簧彈性限度范圍內(nèi)，求：（1）A、B碰后瞬間各自的速度；（2)第一次伸長最長時彈性勢能．16．某空間存在一豎直向下的勻強電場和圓形區(qū)域的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，方向垂直紙面向里,如圖所示．一質(zhì)量為m，帶電量為+q的粒子,從P點以水平速度v0射入電場中，然后從M點射入磁場，從N點射出磁場．已知，帶電粒子從M點射入磁場時,速度與豎直方向成30°角，弧MN是圓周長的，粒子重力不計．求:（1）電場強度E的大?。?）圓形區(qū)域的半徑R．(3）帶電粒子從P點到N點,所經(jīng)歷的時間t．

2016—2017學(xué)年安徽省阜陽市臨泉一中高二（下）第一次月考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題(共6小題,每小題4分，滿分24分)1．下列說法正確的是（）A．電場是假想的，并不是客觀存在的物質(zhì)B．描述電場的電場線是客觀存在的C．只有體積很小的帶電體，才能看做點電荷D．只要穿過閉合電路的磁感線條數(shù)發(fā)生變化，閉合電路中就有感應(yīng)電流【考點】D2:感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件；A5：電場；A7：電場線．【分析】解答本題需掌握：電場是電荷周圍空間里存在的一種特殊物質(zhì)，電場這種物質(zhì)與通常的實物不同，它不是由分子原子所組成，但它是客觀存在的；電場線是為了直觀形象地描述電場分布，在電場中引入的一些假想的曲線，曲線上每一點的切線方向和該點電場強度的方向一致，曲線密集的地方場強強，稀疏的地方場強弱．當(dāng)兩個帶電體的大小及形狀對它們之間相互作用力的影響可忽略時，兩個帶電體才可看成點電荷．體積很小或很大的帶電體在一定的條件下都可以看成點電荷．根據(jù)產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件判斷．【解答】解：A、電場是電荷周圍空間里存在的一種特殊物質(zhì)，電場這種物質(zhì)與通常的實物不同，它不是由分子原子所組成，但它是客觀存在的,故A錯誤；B、電場線是為了直觀形象地描述電場分布，在電場中引入的一些假想的曲線,故B錯誤；C、體積很小或很大的帶電體在一定的條件下都可以看成點電荷，只要滿足如下條件：當(dāng)兩個帶電體的大小及形狀對它們之間相互作用力的影響可忽略時,其大小和形狀可忽略不計，可以看成點電荷處理．故C錯誤;D、根據(jù)感應(yīng)電流發(fā)生的條件可知，只要穿過閉合電路的磁感線條數(shù)發(fā)生變化，閉合電路中就有感應(yīng)電流,故D正確．故選：D2．粗細均勻的電阻絲圍成的正方形線框置于有界勻強磁場中,磁場方向垂直于線框平面,其邊界與正方形線框的邊平行．現(xiàn)使線框以同樣大小的速度沿四個不同方向平移出磁場，如圖所示，則在移出過程中線框的一邊a、b兩點間電勢差絕對值最大的是（）A． B． C． D．【考點】D9：導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢．【分析】正方形的一條邊在磁場中，改邊切割磁感線，相當(dāng)于電源，然后根據(jù)閉合電路的有關(guān)知識進行求解．【解答】解：磁場中切割磁感線的邊相當(dāng)于電源，外電路由三個相同電阻串聯(lián)形成，ACD中a、b兩點間電勢差為外電路中一個電阻兩端電壓為:U==，B圖中a、b兩點間電勢差為路端電壓為：U==，所以a、b兩點間電勢差絕對值最大的是B圖所示；故選:B．3．從地面上方同一高度沿水平和豎直向上方向分別拋出兩個等質(zhì)量的小物體,拋出速度大小都是為v，不計空氣阻力，對兩個小物體以下說法正確的是（）A．落地時的速度大小相同B．落地時重力做功的瞬時功率相同C．從拋出到落地重力的沖量相同D．兩物體落地前動量變化率相等【考點】43：平拋運動;1N：豎直上拋運動．【分析】根據(jù)動能定理比較落地時的動能大小,方向不同；通過比較落地時豎直方向上的速度比較重力做功的瞬時功率，通過比較運動的時間比較重力沖量；動量定理求變化率【解答】解：A、根據(jù)動能定理，得，兩物體落地時,速度大小相同，故A正確；B、根據(jù)動能定理兩物體落地時，速度大小相等，方向不同，重力做功的瞬時功率p=mgvsinθ,故B錯誤C、高度相同，平拋時間短,根據(jù)動量定理I=mgt，故C錯誤D、根據(jù)動量定理I=mg△t=△p．得動量的變化率,質(zhì)量相同，所以兩物體落地前動量變化率相等，故D正確．故選：AD4．一矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢e隨時間t的變化規(guī)律如圖所示，下列說法正確的有（）A．t1時刻線圈位于中性面B．t2時刻通過線圈的磁通量最大C．電動勢的有效值為D．一個周期內(nèi)交變電流的方向改變一次【考點】E3：正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達式；E1：交變電流．【分析】矩形線圈中產(chǎn)生正弦式電流,當(dāng)線圈通過中性面時，磁通量最大，感應(yīng)電動勢為零,電動勢方向發(fā)生改變．而當(dāng)線圈與磁場平行時,磁通量為零，感應(yīng)電動勢最大,磁通量的變化率最大．一個周期內(nèi)交變電流的方向改變兩次．【解答】解:A、t1時刻感應(yīng)電動勢為零，線圈通過中性面，磁通量最大，線圈位于中性面,故A正確;B、由圖t2時刻，感應(yīng)電動勢為最大值,通過線圈的磁通量為零,故B錯誤；C、電動勢的有效值為故C正確；D、一個周期內(nèi)交變電流的方向改變兩次．故D錯誤；故選：AC．5．如圖所示，在光滑的水平面上,有一垂直向下的勻強磁場分布在寬為L的區(qū)域內(nèi)，有一個邊長為a（a＜L)的正方形閉合線圈以初速v0垂直磁場邊界滑過磁場后速度變?yōu)関（v＜v0）,那么（）A．完全進入磁場中時線圈的速度大于B．完全進入磁場中時線圈的速度等于C．完全進入磁場中時線圈的速度小于D．條件不足,無法判斷【考點】D9:導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；DD：電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化．【分析】線框進入和穿出磁場過程，受到安培力作用而做減速運動，根據(jù)動量定理和電量q=I△t分析電量的關(guān)系．根據(jù)感應(yīng)電量q=，分析可知兩個過程線框磁通量變化量大小大小相等，兩個過程電量相等,聯(lián)立就可求出完全進入磁場中時線圈的速度．【解答】解：對線框進入或穿出磁場過程，設(shè)初速度為v1，末速度為v2．由動量定理可知：BL△t=mv2﹣mv1，又電量q=△t，得m（v2﹣v1）=BLq，得速度變化量△v=v2﹣v1=由q=可知，進入和穿出磁場過程，磁通量的變化量相等，則進入和穿出磁場的兩個過程通過導(dǎo)線框橫截面積的電量相等,故由上式得知,進入過程導(dǎo)線框的速度變化量等于離開過程導(dǎo)線框的速度變化量．設(shè)完全進入磁場中時，線圈的速度大小為v′，則有v0﹣v′=v′﹣v，解得,v′=；故B正確，ACD錯誤．故選：B6．如圖為模擬遠距離輸電電路,兩理想變壓器的線圈匝數(shù)n1=n4＜n2=n3，A1，A2，A3為相同的理想交流電流表，當(dāng)a，b端接入低壓交流電源時,則()A．A1,A2的示數(shù)相等 B．A1，A2，A3的示數(shù)相等C．A1的示數(shù)大于A2的 D．A2的示數(shù)大于A3的【考點】E8：變壓器的構(gòu)造和原理．【分析】根據(jù)變壓器的規(guī)律電壓與匝數(shù)成正比,電流與匝數(shù)成反比，功率不變．【解答】解：A、根據(jù)變壓器的規(guī)律電流與匝數(shù)成反比,得=,且n1＜n2故A1的示數(shù)大于A2故AB錯誤，C正確;D、同理，A2的示數(shù)小于A3的，故D錯誤故選：C二、多項選擇題（共4小題，每小題4分，滿分16分)7．如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為1：5，原線圈兩端的交變電壓為u=20sin100πtV氖泡在兩端電壓達到100V時開始發(fā)光，下列說法中正確的有()A．開關(guān)接通后，氖泡的發(fā)光頻率為100HzB．開關(guān)接通后,電壓表的示數(shù)為100VC．開關(guān)斷開后，電壓表的示數(shù)變大D．開關(guān)斷開后，變壓器的輸出功率不變【考點】E8:變壓器的構(gòu)造和原理．【分析】根據(jù)電壓與匝數(shù)程正比，電流與匝數(shù)成反比,變壓器的輸入功率和輸出功率相等,逐項分析即可得出結(jié)論．【解答】解:A、交變電壓的頻率為Hz，一個周期內(nèi)電壓兩次大于100V,即一個周期內(nèi)氖泡能兩次發(fā)光，所以其發(fā)光頻率為100Hz,所以A項正確；B、由交變電壓的瞬時值表達式知，原線圈兩端電壓的有效值為V=20V，由得副線圈兩端的電壓為U2=100V,電壓表的示數(shù)為交流電的有效值，所以B項正確；C、開關(guān)斷開前后,輸入電壓不變，變壓器的變壓比不變,故輸出電壓不變，所以C項錯誤；D、斷開后，電路消耗的功率減小，輸出功率決定輸入功率，所以D項錯誤．故選：AB．8．一個質(zhì)量為0.3kg的彈性小球，在光滑水平面上以6m/s的速度垂直撞到墻上，碰撞后小球沿相反方向運動，速度大小與碰撞前相同，作用時間為0.1s．則碰撞過程中墻壁對小球的平均作用力F和墻壁對小球做功的平均功率大小P為（）A．F=18N B．F=36N C．P=0 D．P=108w【考點】52：動量定理；63：功率、平均功率和瞬時功率．【分析】由于動量是矢量，對于動量的變化量我們應(yīng)該采用平行四邊形法則．對于同一直線上的動量變化量的求解，我們可以運用表達式△P=P2﹣P1，但必須規(guī)定正方向．根據(jù)動量定理求F運用動能定理求出碰撞過程中墻對小球做功．由P=求平均功率【解答】解:AB、規(guī)定初速度方向為正方向，初速度v1=6m/s,碰撞后速度v2=﹣6m/s；△v=v2﹣v1=﹣12m/s，負號表示速度變化量的方向與初速度方向相反;動量變化量為:△P=m?△v=0.3kg×（﹣12m/s)=﹣3。6kg?m/s，由動量定理:F?△t=△p，有,碰撞過程中墻壁對小球的平均作用力F為36N，故A錯誤，B正確；CD、碰撞前后小球速度大小不變，小球動能不變，對碰撞過程，對小球由動能定理得：W=△Ek=0,碰撞過程中墻對小球做功的大小W為0，平均功率,故C正確，D錯誤．故選:BC．9．甲、乙兩物體質(zhì)量相等，并排靜止在光滑水平面上，現(xiàn)用一水平外力F推動甲物體,同時在F的相同方向給物體乙一個瞬時沖量I，使兩物體開始運動，當(dāng)兩物體重新相遇時（）A．甲的動量為I B．甲的動量為2IC．所經(jīng)歷的時間為 D．所經(jīng)歷的時間為【考點】52:動量定理．【分析】相遇時兩物位移相同,分別應(yīng)用運動學(xué)公式和動量定理公式表示出位移，可以求得時間和甲的動量．【解答】解：相遇時兩物位移相同，對甲：S=，對乙:S=Vt=，聯(lián)立得t=,甲的動量為Ft=2I故選：BD10．如圖所示，平行且足夠長的兩條光滑金屬導(dǎo)軌,相距L=0.4m，導(dǎo)軌所在平面與水平面的夾角為30°,其電阻不計．把完全相同的兩金屬棒（長度均為0。4m）ab、cd分別垂直于導(dǎo)軌放置,并使每棒兩端都與導(dǎo)軌良好接觸．已知兩金屬棒的質(zhì)量均為m=0.1kg、電阻均為R=0.2Ω,整個裝置處在垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度為B=0.5T,當(dāng)金屬棒ab在平行于導(dǎo)軌向上的力F作用下沿導(dǎo)軌向上勻速運動時，金屬棒cd恰好能保持靜止．（g=10m/s2），則（）A．F的大小為0。5NB．金屬棒ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為1.0VC．a(chǎn)b兩端的電壓為1。0VD．a(chǎn)b棒的速度為5。0m/s【考點】D9:導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；BB：閉合電路的歐姆定律；CC：安培力．【分析】以兩棒組成的系統(tǒng)為研究的對象，通過受力分析即可求出拉力的大?。灰詂d棒為研究的對象，進行受力分析,由公式F=BIL求出cd棒得出電路中的電流,然后由閉合電路的歐姆定律求出電動勢；由U=IR即可求出ab兩端的電壓；金屬棒ab以恒定速度v運動，切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，由公式E=Blv求出感應(yīng)電動勢．【解答】解：A、以兩棒組成的系統(tǒng)為研究的對象，由于金屬棒ab在平行于導(dǎo)軌向上的力F作用下沿導(dǎo)軌向上勻速運動，金屬棒cd恰好能保持靜止，則系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，受到的合力等于0,所以沿斜面的方向：F=2mgsin30°=2×0.1×10×0.5=1N．故A錯誤；B、以cd棒為研究的對象,cd受到的重力沿斜面向下的分力為：Gcd=mgsin30°=0.1×10×0。5=0。5N，由受力平衡則，Gcd=BIL，所以:I===2.5A，金屬棒ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為:E=IR總=2.5×2×0。2=1。0V．故B正確；C、ab兩端的電壓是路端電壓，即為：Uab=I?R=2.5×0。2=0.5V,故C錯誤；D、棒ab將沿導(dǎo)軌向上勻速滑動，切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢：E=BLv，金屬棒的速度：v===5m/s．故D正確．故選：BD．三、解答題（共2小題，滿分18分）11．如圖所示，在某次實驗中某同學(xué)用游標(biāo)卡尺測了金屬絲長度為L=10.02cm,用螺旋測微器測得金屬絲的直徑,其示數(shù)D=0。900mm．【考點】L3：刻度尺、游標(biāo)卡尺的使用；L4:螺旋測微器的使用．【分析】解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器和游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法，螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．【解答】解：游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為10cm,游標(biāo)尺上第2個刻度游標(biāo)讀數(shù)為：0。1×2mm=0.2mm=0。02cm，所以最終讀數(shù)為：10cm+0.02cm=10。02cm；螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為0.5mm，可動刻度讀數(shù)為0。01×40.0mm=0.400mm，所以最終讀數(shù)為：0.5mm+0。400mm=0.900mm．故答案為：10.02，0.900．12．某同學(xué)用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，現(xiàn)備有下列器材：A．被測干電池一節(jié)B．電流表:量程0～0。6A，內(nèi)阻約為0.3ΩC．電流表：量程0~3A,內(nèi)阻約為0。1ΩD．電壓表：量程0~3V，內(nèi)阻未知E．電壓表：量程0～15V，內(nèi)阻未知F．滑動變阻器：0～10Ω,2AG．滑動變阻器：0～100Ω，1AH．開關(guān)、導(dǎo)線若干伏安法測電池電動勢和內(nèi)阻的實驗中，由于電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，測量結(jié)果存在系統(tǒng)誤差．在現(xiàn)有器材的條件下,要盡可能準確地測量電池的電動勢和內(nèi)阻．（1）在上述器材中請選擇適當(dāng)?shù)钠鞑?ABDFH（填寫選項前的字母)；（2）實驗電路圖應(yīng)選擇下圖中的乙(填“甲”或“乙”)；（3）根據(jù)實驗中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的U﹣I圖象,則在修正了實驗系統(tǒng)誤差后，干電池的電動勢E=1。5V,內(nèi)電阻r=1.0Ω．【考點】N3：測定電源的電動勢和內(nèi)阻．【分析】（1）實驗中要能保證安全和準確性選擇電表；（2）本實驗應(yīng)采用電阻箱和電壓表聯(lián)合測量，由實驗原理選擇電路圖；(3）由原理利用閉合電路歐姆定律可得出表達式，由數(shù)學(xué)關(guān)系可得出電動勢和內(nèi)電阻．【解答】解：（1）在上述器材中請選擇適當(dāng)?shù)钠鞑?A．被測干電池一節(jié)為了讀數(shù)準確，所以選擇B．電流表：量程0～0.6A，D．電壓表：量程0～3V，滑動變阻器阻值較小有利于電表的數(shù)值變化，減小誤差，故選F．滑動變阻器,H．開關(guān)、導(dǎo)線若干（2）測量電電動勢和內(nèi)阻的時候,由于電的內(nèi)阻是很小的，若采用甲圖的接法，由于電流表內(nèi)阻的影響，會使測量電阻偏大，為了減小內(nèi)阻的測量誤差，實驗時應(yīng)選用電路圖乙．（3）由U﹣I圖可知,電源的電動勢為：E=1.50V;內(nèi)電阻為：r===1。0Ω；故答案為：（1）ABDFH；（2)乙；（3）1.5;1。0．四、解答題(共4小題，滿分42分）13．如圖所示,水平放置的平行金屬導(dǎo)軌，相距l(xiāng)=0.50m，左端接一電阻R=0.20Ω，磁感應(yīng)強度B=0。40T的勻強磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面，導(dǎo)體棒ac垂直放在導(dǎo)軌上，并能無摩擦地沿導(dǎo)軌滑動，導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻均可忽略不計,當(dāng)ac以v=4.0m/s的速度水平向右勻速滑動時，求：（1）回路中感應(yīng)電流的大?。唬?)維持ac棒做勻速運動的水平外力F的大?。究键c】D9:導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；BB：閉合電路的歐姆定律；DB：楞次定律．【分析】（1）導(dǎo)體垂直切割磁感線，由磁感應(yīng)強度B、長度L、速度v，則公式E=BLv求出感應(yīng)電動勢；ac相當(dāng)于電源,根據(jù)閉合電路歐姆定律求解感應(yīng)電流大??；（2）ac棒做勻速運動，水平外力F與安培力平衡，根據(jù)安培力公式F=BIL求解．【解答】解：(1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，ac棒中的感應(yīng)電動勢為E=Bdv=0.04×0.50×4。0=0。80V感應(yīng)電流大小為:I===4。0A（2)由于ac棒受安培力：FA=IBl=4。0×0.5×0.4N=0。8N；導(dǎo)體棒勻速運動，拉力和安培力平衡，故外力的大小為0。8N；答：（1）回路中感應(yīng)電流的大小為4。0A；（2）維持ac棒做勻速運動的水平外力F的大小為0.8N．14．如圖所示,勻強磁場的磁感應(yīng)強度B=T，邊長L=10cm的正方形線圈abcd共100匝,線圈電阻r=1Ω,線圈繞垂直于磁感線的軸OO1勻速轉(zhuǎn)動，角速度ω=2πrad/s，外電路電阻R=4Ω．求：(1）轉(zhuǎn)動過程中線圈中感應(yīng)電動勢的最大值；（2）電壓表的讀數(shù)；（3）由圖示位置（線圈平面與磁感線平行)轉(zhuǎn)過30°角的過程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢．【考點】E2：交流發(fā)電機及其產(chǎn)生正弦式電流的原理．【分析】（1）根據(jù)Em=NBL2ω求出轉(zhuǎn)動過程中感應(yīng)電動勢的最大值；（2）根據(jù)最大值和有效值的關(guān)系求出電動勢的有效值，結(jié)合閉合電路歐姆定律求出電壓表的示數(shù)；(3）通過法拉第電磁感應(yīng)定律，結(jié)合磁通量的變化量求出平均感應(yīng)電動勢．【解答】解：（1）設(shè)轉(zhuǎn)動過程中感應(yīng)電動勢的最大值為Em，則Em=NBL2ω=．（2）設(shè)回路中電流的有效值為I,電阻兩端電壓的有效值即電壓表的讀數(shù)為U，則=則電壓表的示數(shù)U=IR=0.4×4V=1。6V．（3）設(shè)由圖示位置轉(zhuǎn)過30°角的過程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢為E，則，△Φ=BL2sin30°，代入數(shù)據(jù)解得E=．答：（1）轉(zhuǎn)動過程中線圈中感應(yīng)電動勢的最大值為2V；(2）電壓表的讀數(shù)為1。6V；（3）由圖示位置（線圈平面與磁感線平行）轉(zhuǎn)過30°角的過程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢為V．15．如圖所示，輕彈簧的兩端有質(zhì)量為2m的B，質(zhì)量為3m的C兩物塊固定連接,靜止在光滑水平面上，物塊C緊靠擋板但不粘連．另一質(zhì)量為m的小物塊A以速度vo從右向左與B發(fā)生彈性正碰，碰撞時間極短可忽略不計，所有過程都在彈簧彈性限度范圍內(nèi)，求：（1）A、B碰后瞬間各自的速度；（2)第一次伸長最長時彈性勢能．【考點】53：動量守恒定律；6B：功能關(guān)系．【分析】（1)A、B發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程遵守動量守恒、機械能守恒，由動量守恒定律與機械能守恒定律可以求出碰后兩物體的速度．(2）在B壓縮彈簧過程中，系統(tǒng)機械能守恒，由機械