保定市淶水縣波峰中學(xué)高二下學(xué)期期中物理試卷

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2016-2017學(xué)年河北省保定市淶水縣波峰中學(xué)高二（下）期中物理試卷一、選擇題（本題共12小題，每小題4分，第1—8題只有一項(xiàng)符合題目要求，第9-12題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分,選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)或不選的得0分）1．在下列各組所說的兩個(gè)現(xiàn)象中，都表現(xiàn)出光具有粒子性的是（）A．光的折射現(xiàn)象、偏振現(xiàn)象 B．光的反射現(xiàn)象、干涉現(xiàn)象C．光的衍射現(xiàn)象、色散現(xiàn)象 D．光電效應(yīng)現(xiàn)象、康普頓效應(yīng)2．下列說法正確的是（)A．天然放射性現(xiàn)象說明原子核內(nèi)部具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)B．α粒子散射實(shí)驗(yàn)說明原子核內(nèi)部具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)C．原子核發(fā)生α衰變生成的新核原子序數(shù)增加D．氫原子從能級(jí)3躍遷到能級(jí)2輻射出的光子的波長小于從能級(jí)2躍遷到能級(jí)1輻射出的光子的波長3．用能量為12.30eV的光子去照射一群處于基態(tài)的氫原子，則受到光的照射后下列關(guān)于氫原子躍遷的說法正確的是（）A．電子能躍遷到n=2的能級(jí)上去B．電子能躍遷到n=3的能級(jí)上去C．電子能躍遷到n=4的能級(jí)上去D．電子不能躍遷到其他能級(jí)上去4．一閉合矩形線圈繞垂直于磁場(chǎng)方向的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng),產(chǎn)生的感應(yīng)電流如圖，由圖可知（)A．該交流電電流的有效值是5AB．該交流電的頻率是20HzC．t=0時(shí)刻線圈平面位于中性面D．該交流電電流的瞬時(shí)表達(dá)式為i=5cos100πt（A）5．如圖所示，兩木塊A、B用輕質(zhì)彈簧連在一起，置于光滑的水平面上．一顆子彈水平射入木塊A，并留在其中．在子彈打中木塊A及彈簧被壓縮的整個(gè)過程中，對(duì)子彈、兩木塊和彈簧組成的系統(tǒng)，下列說法中正確的是（)A．動(dòng)量守恒、動(dòng)能守恒,機(jī)械能守恒B．動(dòng)量守恒、動(dòng)能不守恒，機(jī)械能不守恒C．動(dòng)量不守恒、動(dòng)能守恒,機(jī)械能守恒D．動(dòng)量、動(dòng)能、機(jī)械能都不守恒6．在光滑的水平面上有a、b兩球，其質(zhì)量分別為ma、mb，兩球在t時(shí)刻發(fā)生正碰，兩球在碰撞前后的速度圖象如圖所示．下列關(guān)系正確的是（）A．ma＞mb B．ma＜mb C．ma=mb D．無法判斷7．如圖所示,光滑水平面上有大小相同的A、B兩球在同一直線上運(yùn)動(dòng)．兩球質(zhì)量關(guān)系為mB=2mA，規(guī)定向右為正方向，A、B兩球的動(dòng)量均為﹣6kg?m/s，運(yùn)動(dòng)中兩球發(fā)生碰撞，碰撞后A球的動(dòng)量增量為4kg?m/s，則（）A．左方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為2：5B．左方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為1：10C．右方是A球,碰撞后A、B兩球速度大小之比為2：5D．右方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為1：108．如圖，物體A、B靜止在光滑水平面上,且mA＞mB，現(xiàn)用大小相等的兩個(gè)力F和F′分別作用在A和B上，使A、B沿一條直線相向運(yùn)動(dòng)，然后又先后撤去這兩個(gè)力，已知這兩個(gè)力對(duì)物體做的功相同，接著兩物體碰撞并合為一體．那么AB兩物體的合體（）A．一定停止運(yùn)動(dòng)B．一定向左運(yùn)動(dòng)C．一定向右運(yùn)動(dòng)D．仍運(yùn)動(dòng),但運(yùn)動(dòng)方向不能確定9．如圖，用理想變壓器給電燈L供電,如果只增加副線圈匝數(shù)，其它條件不變，則（）A．電燈L亮度減小 B．電流表示數(shù)增大C．電壓表示數(shù)增加 D．變壓器輸入功率不變10．如圖甲所示,M是一個(gè)小型理想變壓器，原副線圈匝數(shù)之比n1:n2=10：1，接線柱a、b間接一正弦交變電源，其電壓隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示．變壓器右側(cè)部分為一火警報(bào)警系統(tǒng)原理圖,其中R2是用半導(dǎo)體熱敏材料（電阻隨溫度升高而減小）制成的傳感器，R1為一定值電阻．下列說法中正確的是（）A．電壓表V的示數(shù)為22VB．當(dāng)R2所在處出現(xiàn)火警時(shí),電壓表V的示數(shù)減小C．當(dāng)R2所在處出現(xiàn)火警時(shí)，電流表A的示數(shù)增大D．當(dāng)R2所在處出現(xiàn)火警時(shí)，電阻R1的功率變大11．圖甲中理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比n1:n2=5：1，電阻R=20Ω,L1．L2為規(guī)格相同的兩只小燈泡，S1為單刀雙擲開關(guān)．原線圈接正弦交變電源，輸入電壓u隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示．現(xiàn)將S1接1,S2閉合，此時(shí)L2正常發(fā)光．下列說法正確的是（）A．輸入電壓u的表達(dá)式u=20sin100πt（V）B．只斷開S2后，L1．L2均正常發(fā)光C．只斷開S2后，原線圈的輸入功率增大D．若S1換接到2后，R消耗的電功率為0。8W12．如圖所示，有一臺(tái)交流發(fā)電機(jī)E,通過理想升壓變壓器T1和理想降壓變壓器T2向遠(yuǎn)處用戶供電,輸電線的總電阻為R．T1的輸入電壓和輸入功率分別為U1和P1,它的輸出電壓和輸出功率分別為U2和P2；T2的輸入電壓和輸入功率分別為U3和P3，它的輸出電壓和輸出功率分別為U4和P4．設(shè)T1的輸入電壓U1一定,當(dāng)用戶消耗的電功率變大時(shí)，有（）A．U2減小，U4變大 B．U2不變，U3變小C．P1變小,P2變小 D．P2變大，P3變大二、填空題(每空2分，共12分）13．如圖所示的電表均為理想的交流電表，保險(xiǎn)絲P的熔斷電流為2A，電容器C的擊穿電壓為300V，若在a、b間加正弦交流電壓，并適當(dāng)?shù)卣{(diào)節(jié)R0和R接入電路中的阻值，使P恰好不被熔斷,C恰好不被擊穿，則電流表的讀數(shù)為A,電路中電流的最大值為A，電壓表的讀數(shù)為V．（結(jié)果中可保留根號(hào)）14．用甲、乙兩種光做光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)光電流與電壓的關(guān)系如圖所示，由圖可知，兩種光的頻率v甲v乙（填“＜",“＞”或“=”）,（選填“甲”或“乙”）光的強(qiáng)度大．已知普朗克常量為h,被照射金屬的逸出功為W0,則甲光對(duì)應(yīng)的遏止電壓為．（頻率用v，元電荷用e表示）三、計(jì)算題（其中15—16題每題8分，17-18題每題12分）15．如圖所示為交流發(fā)電機(jī)示意圖，匝數(shù)n=100匝的矩形線圈,邊長分別為10cm和20cm，內(nèi)阻為5Ω，在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞OO′軸以50rad/s的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈和外部20Ω的電阻R相連接，已知線圈繞OO′軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大值Em=NBSω,求：（1）電壓表和電流表示數(shù)?（2）電阻R上所消耗的電功率是多少？（3）由圖示位置轉(zhuǎn)過90°的過程中,通過R的電量是多少？16．如圖所示，質(zhì)量M=0。040kg的靶盒A靜止在光滑水平導(dǎo)軌上的O點(diǎn)，水平輕質(zhì)彈簧一端栓在固定擋板P上，另一端與靶盒A連接．Q處有一固定的發(fā)射器B，它可以瞄準(zhǔn)靶盒發(fā)射一顆水平速度為v0=50m/s，質(zhì)量m=0。010kg的彈丸,當(dāng)彈丸打入靶盒A后，便留在盒內(nèi)，碰撞時(shí)間極短．不計(jì)空氣阻力．求：彈丸進(jìn)入靶盒A后,彈簧的最大彈性勢(shì)能為多少？17．某村在較遠(yuǎn)的地方建立了一座小型水電站,發(fā)電機(jī)的輸出功率為200kW，輸出電壓為500V，輸電導(dǎo)線的總電阻為10Ω，導(dǎo)線上損耗的電功率為16kW，該村的用電電壓是220V．（1）輸電電路如圖所示，求升壓、降壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比；（2）如果該村某工廠用電功率為80kW，則該村還可以裝“220V40W”的電燈多少盞？18．如圖，小球a、b質(zhì)量均為m，b球用長h的細(xì)繩（承受最大拉力為2.8mg）懸掛于水平軌道BC（距地高0。5h）的出口C處．a(chǎn)球從距BC高h(yuǎn)的A處由靜止釋放后，沿ABC光滑軌道滑下，在C處與b球正碰并與b粘在一起．試問：（1）a與b球碰前瞬間的速度大小？(2)a、b兩球碰后，細(xì)繩是否會(huì)斷裂？（3）若細(xì)繩斷裂，小球在DE水平地面上的落點(diǎn)距C的水平距離是多少?若細(xì)繩不斷裂，小球最高將擺多高？

2016—2017學(xué)年河北省保定市淶水縣波峰中學(xué)高二（下)期中物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本題共12小題,每小題4分，第1—8題只有一項(xiàng)符合題目要求，第9-12題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分,選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)或不選的得0分）1．在下列各組所說的兩個(gè)現(xiàn)象中，都表現(xiàn)出光具有粒子性的是(）A．光的折射現(xiàn)象、偏振現(xiàn)象 B．光的反射現(xiàn)象、干涉現(xiàn)象C．光的衍射現(xiàn)象、色散現(xiàn)象 D．光電效應(yīng)現(xiàn)象、康普頓效應(yīng)【考點(diǎn)】IF：光的波粒二象性．【分析】知道光何時(shí)具有粒子性，又何時(shí)體現(xiàn)波動(dòng)性．少量粒子體現(xiàn)粒子性,大量粒子體現(xiàn)波動(dòng)性．【解答】解：A、光的折射現(xiàn)象體現(xiàn)粒子性而偏振現(xiàn)象則是波的特性．故A不正確;B、光的反射現(xiàn)象是粒子性而干涉現(xiàn)象則是波的特性．故B不正確;C、光的衍射現(xiàn)象是波動(dòng)性,故C不正確；D、光電效應(yīng)現(xiàn)象、康普頓效應(yīng)均表現(xiàn)出光有粒子性．故D正確；故選：D2．下列說法正確的是(）A．天然放射性現(xiàn)象說明原子核內(nèi)部具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)B．α粒子散射實(shí)驗(yàn)說明原子核內(nèi)部具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)C．原子核發(fā)生α衰變生成的新核原子序數(shù)增加D．氫原子從能級(jí)3躍遷到能級(jí)2輻射出的光子的波長小于從能級(jí)2躍遷到能級(jí)1輻射出的光子的波長【考點(diǎn)】J4：氫原子的能級(jí)公式和躍遷；J1:粒子散射實(shí)驗(yàn)．【分析】天然放射現(xiàn)象說明了原子核內(nèi)部有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，α粒子散射實(shí)驗(yàn)得出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型；根據(jù)電荷數(shù)的變化判斷原子序數(shù)增加還是減??；根據(jù)能級(jí)差得出輻射光子頻率的大小，從而得出輻射光子波長的大?。窘獯稹拷猓篈、天然放射現(xiàn)象的射線來自原子核，可知原子核內(nèi)部有復(fù)雜結(jié)構(gòu),故A正確．B、α粒子散射實(shí)驗(yàn)得出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故B錯(cuò)誤．C、原子核發(fā)生α衰變生成的新核，電荷數(shù)少2，質(zhì)量數(shù)少4，原子序數(shù)減小,故C錯(cuò)誤．D、n=3和n=2間的能級(jí)差小于n=2和n=1間的能級(jí)差，則氫原子從能級(jí)3躍遷到能級(jí)2輻射出的光子頻率小于從能級(jí)2躍遷到能級(jí)1輻射出的光子頻率，則氫原子從能級(jí)3躍遷到能級(jí)2輻射出的光子的波長大于從能級(jí)2躍遷到能級(jí)1輻射出的光子的波長，故D錯(cuò)誤．故選：A．3．用能量為12。30eV的光子去照射一群處于基態(tài)的氫原子，則受到光的照射后下列關(guān)于氫原子躍遷的說法正確的是（）A．電子能躍遷到n=2的能級(jí)上去B．電子能躍遷到n=3的能級(jí)上去C．電子能躍遷到n=4的能級(jí)上去D．電子不能躍遷到其他能級(jí)上去【考點(diǎn)】J4：氫原子的能級(jí)公式和躍遷．【分析】能級(jí)間發(fā)生躍遷時(shí)吸收或輻射的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，當(dāng)吸收的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，可以發(fā)生躍遷．【解答】解:用能量為12.30eV的光子去照射一群處于基態(tài)的氫原子，由于12.30eV的能量不等于任何一個(gè)能級(jí)與基態(tài)間的能級(jí)差，可知該光子不能被吸收而發(fā)生躍遷，故D正確,A、B、C錯(cuò)誤．故選:D．4．一閉合矩形線圈繞垂直于磁場(chǎng)方向的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電流如圖,由圖可知（）A．該交流電電流的有效值是5AB．該交流電的頻率是20HzC．t=0時(shí)刻線圈平面位于中性面D．該交流電電流的瞬時(shí)表達(dá)式為i=5cos100πt(A）【考點(diǎn)】E3：正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式；E4:正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率．【分析】從圖象得出電流最大值、周期，從而算出頻率、角速度；磁通量最大時(shí)電動(dòng)勢(shì)為零，磁通量為零時(shí)電動(dòng)勢(shì)最大．【解答】解：A、由圖象知正弦交變電流的最大值是5A，所以該交流電電流的有效值是=A，故A錯(cuò)誤；B、由圖象知周期T=0。02s，所以頻率f==50Hz,故B錯(cuò)誤；C、t=0時(shí)感應(yīng)電流最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，磁通量為零，所以線圈平面垂直于中性面,故C錯(cuò)誤；D、由圖象知周期T=0.02s，所以ω==100πrad/s，電流的最大值是5A，所以交流電電流的瞬時(shí)表達(dá)式為i=5cos100πt（A),故D正確；故選：D．5．如圖所示,兩木塊A、B用輕質(zhì)彈簧連在一起，置于光滑的水平面上．一顆子彈水平射入木塊A,并留在其中．在子彈打中木塊A及彈簧被壓縮的整個(gè)過程中，對(duì)子彈、兩木塊和彈簧組成的系統(tǒng)，下列說法中正確的是（）A．動(dòng)量守恒、動(dòng)能守恒，機(jī)械能守恒B．動(dòng)量守恒、動(dòng)能不守恒,機(jī)械能不守恒C．動(dòng)量不守恒、動(dòng)能守恒，機(jī)械能守恒D．動(dòng)量、動(dòng)能、機(jī)械能都不守恒【考點(diǎn)】53：動(dòng)量守恒定律；6B：功能關(guān)系．【分析】根據(jù)系統(tǒng)動(dòng)量守恒的條件：系統(tǒng)不受外力或所受合外力為零判斷動(dòng)量是否守恒．根據(jù)是否是只有彈簧的彈力做功判斷機(jī)械能是否守恒．根據(jù)能量轉(zhuǎn)化情況分析動(dòng)能是否守恒．【解答】解：在子彈打擊木塊A及彈簧壓縮的過程中，對(duì)子彈、兩木塊和彈簧組成的系統(tǒng)所受的外力之和為零，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒．在此過程中，除彈簧彈力做功外還有阻力對(duì)系統(tǒng)做功，系統(tǒng)機(jī)械能不守恒．在子彈打中木塊A的過程，系統(tǒng)的動(dòng)能減小轉(zhuǎn)化為內(nèi)能．彈簧被壓縮的整個(gè)過程中,系統(tǒng)的動(dòng)能減小轉(zhuǎn)化為彈性勢(shì)能,所以動(dòng)能不守恒．故B正確．ACD錯(cuò)誤．故選:B6．在光滑的水平面上有a、b兩球，其質(zhì)量分別為ma、mb，兩球在t時(shí)刻發(fā)生正碰，兩球在碰撞前后的速度圖象如圖所示．下列關(guān)系正確的是（）A．ma＞mb B．ma＜mb C．ma=mb D．無法判斷【考點(diǎn)】53：動(dòng)量守恒定律．【分析】該碰撞過程中動(dòng)量和能量守恒，根據(jù)動(dòng)量和能量守恒列出方程結(jié)合圖象即可判斷兩球質(zhì)量關(guān)系．【解答】解:由圖可知b球碰前靜止，設(shè)a球碰后速度為v1，b球速度為v2，物體碰撞過程中動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒所以有：mav0=ma（﹣v1）+mbv2①mav02=mav12+mbv22②聯(lián)立①②得：v1=v0，v2=v0，由圖可知，a球碰后速度反向，故ma＜mb，故ACD錯(cuò)誤，B正確．故選B．7．如圖所示，光滑水平面上有大小相同的A、B兩球在同一直線上運(yùn)動(dòng)．兩球質(zhì)量關(guān)系為mB=2mA，規(guī)定向右為正方向，A、B兩球的動(dòng)量均為﹣6kg?m/s,運(yùn)動(dòng)中兩球發(fā)生碰撞，碰撞后A球的動(dòng)量增量為4kg?m/s，則（)A．左方是A球,碰撞后A、B兩球速度大小之比為2：5B．左方是A球,碰撞后A、B兩球速度大小之比為1：10C．右方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為2：5D．右方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為1：10【考點(diǎn)】53：動(dòng)量守恒定律．【分析】光滑水平面上有大小相同的A、B兩球在發(fā)生碰撞，在碰撞過程中動(dòng)量守恒．因此可根據(jù)兩球質(zhì)量關(guān)系，碰前的動(dòng)量大小及碰后A的動(dòng)量增量可得出A球在哪邊，及碰后兩球的速度大小之比．【解答】解：規(guī)定向右為正方向，碰撞前A、B兩球的動(dòng)量均為﹣6kg?m/s，說明A、B兩球的速度方向向左，兩球質(zhì)量關(guān)系為mB=2mA，由P=mv知碰撞前有vA＞vB，要發(fā)生碰撞，所以右方是A球．碰撞后A球的動(dòng)量增量為：△PA=4kg?m/s所以碰撞后A球的動(dòng)量為：PA′=PA+△PA=（﹣6+4）kg?m/s=﹣2kg?m/s碰撞過程系統(tǒng)總動(dòng)量守恒有：PA+PB=PA′+PB′解得碰撞后B球的動(dòng)量為：PB′=﹣10kg?m/s，根據(jù)mB=2mA，PA′=mAvA′,PB′=mBvB′得碰撞后A、B兩球速度大小之比為：vA′：vB′=2:5故C正確，ABD錯(cuò)誤．故選：C8．如圖,物體A、B靜止在光滑水平面上，且mA＞mB，現(xiàn)用大小相等的兩個(gè)力F和F′分別作用在A和B上，使A、B沿一條直線相向運(yùn)動(dòng)，然后又先后撤去這兩個(gè)力，已知這兩個(gè)力對(duì)物體做的功相同，接著兩物體碰撞并合為一體．那么AB兩物體的合體（）A．一定停止運(yùn)動(dòng)B．一定向左運(yùn)動(dòng)C．一定向右運(yùn)動(dòng)D．仍運(yùn)動(dòng)，但運(yùn)動(dòng)方向不能確定【考點(diǎn)】53：動(dòng)量守恒定律．【分析】先根據(jù)動(dòng)能定理分析兩個(gè)物體獲得的動(dòng)能大小，由P=，分析碰撞前的動(dòng)量大小，根據(jù)碰撞過程動(dòng)量守恒，列式分析碰后共同體的運(yùn)動(dòng)方向．【解答】解:兩力大小相等，物體運(yùn)動(dòng)距離相同，由動(dòng)能定理可知，兩物體獲得的動(dòng)能相等,碰撞前兩物體的動(dòng)能EK相同，由P=與mA＞mB可知，PA＞PB．兩物體碰撞過程中動(dòng)量守恒，以兩物體組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得:PA﹣PB=（mA+mB）v，故碰后速度v一定與PA相同，方向向右，故C正確．故選：C．9．如圖，用理想變壓器給電燈L供電,如果只增加副線圈匝數(shù)，其它條件不變,則（)A．電燈L亮度減小 B．電流表示數(shù)增大C．電壓表示數(shù)增加 D．變壓器輸入功率不變【考點(diǎn)】E8:變壓器的構(gòu)造和原理．【分析】根據(jù)電壓器的特點(diǎn)：匝數(shù)與電壓成正比，與電流成反比，輸入功率等于輸出功率．【解答】解：只增加副線圈匝數(shù),根據(jù)，可知,副線圈的電壓增加，則:A、副線圈匝數(shù)增加使得副線圈電壓增加，輸出功率增加，所以電燈變亮,故A錯(cuò)誤；B、副線圈匝數(shù)增加,使得副線圈電壓增加，輸出功率增加,輸入功率也增加,所以電流表示數(shù)增大，故B正確；C、副線圈匝數(shù)增加，電壓電流都增加,故C正確；D、負(fù)載電阻減小，電壓不變，但電流增大，所以輸出功率和輸入功率都增大,故D錯(cuò)誤；故選BC10．如圖甲所示，M是一個(gè)小型理想變壓器，原副線圈匝數(shù)之比n1:n2=10：1，接線柱a、b間接一正弦交變電源,其電壓隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示．變壓器右側(cè)部分為一火警報(bào)警系統(tǒng)原理圖，其中R2是用半導(dǎo)體熱敏材料（電阻隨溫度升高而減?。┲瞥傻膫鞲衅鳎琑1為一定值電阻．下列說法中正確的是（）A．電壓表V的示數(shù)為22VB．當(dāng)R2所在處出現(xiàn)火警時(shí)，電壓表V的示數(shù)減小C．當(dāng)R2所在處出現(xiàn)火警時(shí),電流表A的示數(shù)增大D．當(dāng)R2所在處出現(xiàn)火警時(shí)，電阻R1的功率變大【考點(diǎn)】E8：變壓器的構(gòu)造和原理;BG：電功、電功率;E4：正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率．【分析】輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定的，電壓與匝數(shù)程正比，由圖象無頻率,電流與匝數(shù)成反比，根據(jù)理想變壓器的原理分析即可．【解答】解：A、由圖象可知，輸入的電壓為220V，變壓器的電壓與匝數(shù)成正比，由此可得副線圈的電壓為22V,電壓表測(cè)的是半導(dǎo)體熱敏材料的電壓，R1，R2的總電壓為22V，所以電壓表的示數(shù)小于22V，所以A錯(cuò)誤；B、當(dāng)出現(xiàn)火警時(shí)，溫度升高,電阻R2減小，副線圈的電流變大，所以原線圈電流即電流表示數(shù)增大，則R1的電壓要增大消耗的功率也增大，由于副線圈的總電壓不變，所以R2的電壓即電壓表示數(shù)就要減小,所以BCD正確；故選：BCD．11．圖甲中理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比n1：n2=5：1，電阻R=20Ω，L1．L2為規(guī)格相同的兩只小燈泡，S1為單刀雙擲開關(guān)．原線圈接正弦交變電源,輸入電壓u隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示．現(xiàn)將S1接1，S2閉合，此時(shí)L2正常發(fā)光．下列說法正確的是（）A．輸入電壓u的表達(dá)式u=20sin100πt(V）B．只斷開S2后，L1．L2均正常發(fā)光C．只斷開S2后，原線圈的輸入功率增大D．若S1換接到2后，R消耗的電功率為0。8W【考點(diǎn)】E3:正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式；E4：正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率．【分析】根據(jù)電壓與匝數(shù)程正比,電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等，逐項(xiàng)分析即可得出結(jié)論．【解答】解：A、由圖象得周期T=0.02s，ω==100π，輸入電壓最大值Um=20V，所以輸入電壓u的表達(dá)式應(yīng)為u=20sinV，故A正確；B、只斷開S2后，負(fù)載電阻變大為原來的2倍，電壓不變，副線圈電流變小為原來的一半，L1、L2的功率均變?yōu)轭~定功率的四分之一，則L1、L2均不能正常發(fā)光，故B錯(cuò)誤；C、只斷開S2后，負(fù)載電阻變大,原副線圈電流變小，原線圈的輸入功率減小，故C錯(cuò)誤；D、若S1換接到2后，電阻R電壓有效值為4V,R消耗的電功率為=0。8W，故D正確．故選：AD．12．如圖所示,有一臺(tái)交流發(fā)電機(jī)E,通過理想升壓變壓器T1和理想降壓變壓器T2向遠(yuǎn)處用戶供電,輸電線的總電阻為R．T1的輸入電壓和輸入功率分別為U1和P1，它的輸出電壓和輸出功率分別為U2和P2；T2的輸入電壓和輸入功率分別為U3和P3，它的輸出電壓和輸出功率分別為U4和P4．設(shè)T1的輸入電壓U1一定，當(dāng)用戶消耗的電功率變大時(shí),有（）A．U2減小,U4變大 B．U2不變，U3變小C．P1變小，P2變小 D．P2變大,P3變大【考點(diǎn)】EA：遠(yuǎn)距離輸電；E8：變壓器的構(gòu)造和原理．【分析】通過理想升壓變壓器T1將電送到用戶附近，然后用理想降壓變壓器T2向遠(yuǎn)處用戶供電家中．提升電壓的目的是降低線路的功率損失，從而提高用戶得到的功率．【解答】解：A、B要使用戶消耗的電功率變大，由于是理想變壓器,則P3也會(huì)變大；由于T1的輸入電壓U1一定時(shí)，U2也不變，則P2必須變大，線路上的電流變大，導(dǎo)致電阻R消耗的功率也變大，電阻兩端電壓也變大,所以U3變小,U4變小，故A錯(cuò)誤、B正確；C、由于兩變壓器均是理想的,所以輸入功率與輸出功率相等,當(dāng)P1變大,P2也變大，加之T1的輸入電壓U1一定，則輸出電壓也一定，通過電阻R的電流變大，所以U3電壓變小．故C錯(cuò)誤;D、要使用戶消耗的電功率變大，由于是理想變壓器，則P3也會(huì)變大;由于T1的輸入電壓U1一定時(shí)，U2也不變，則P2必須變大，故D正確；故選：BD二、填空題（每空2分,共12分）13．如圖所示的電表均為理想的交流電表，保險(xiǎn)絲P的熔斷電流為2A，電容器C的擊穿電壓為300V,若在a、b間加正弦交流電壓，并適當(dāng)?shù)卣{(diào)節(jié)R0和R接入電路中的阻值，使P恰好不被熔斷，C恰好不被擊穿，則電流表的讀數(shù)為2A，電路中電流的最大值為2A，電壓表的讀數(shù)為300V．（結(jié)果中可保留根號(hào)）【考點(diǎn)】BB：閉合電路的歐姆定律．【分析】首先明確電容器C的擊穿電壓為300V是交流電的最大值，保險(xiǎn)絲P的熔斷電流為2A為有效值；利用交流電最大值和有效值的關(guān)系即可求解．【解答】解：據(jù)題意知，使P恰好不被熔斷，其電流為有效值,所以電流表的示數(shù)為2A，電路中電流的最大值為:=C恰好不被擊穿，擊穿電壓為交流電的最大值，電壓表的示數(shù)為交流電的有效值,即為：U===300V；答案:2，，30014．用甲、乙兩種光做光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn),發(fā)現(xiàn)光電流與電壓的關(guān)系如圖所示，由圖可知，兩種光的頻率v甲=v乙（填“＜"，“＞”或“=”），甲(選填“甲"或“乙”)光的強(qiáng)度大．已知普朗克常量為h，被照射金屬的逸出功為W0，則甲光對(duì)應(yīng)的遏止電壓為．(頻率用v，元電荷用e表示）【考點(diǎn)】IC:光電效應(yīng)．【分析】根據(jù)光的強(qiáng)度越強(qiáng)，形成的光電流越大；并根據(jù)光電效應(yīng)方程，即可求解．【解答】解：根據(jù)eUc=hv0=hv﹣W0，由于Uc相同，因此兩種光的頻率相等，根據(jù)光的強(qiáng)度越強(qiáng)，則光電子數(shù)目越多，對(duì)應(yīng)的光電流越大，即可判定甲光的強(qiáng)度較大；由光電效應(yīng)方程mv2=hv﹣W0,可知，電子的最大初動(dòng)能EKm=hv﹣W0；那么甲光對(duì)應(yīng)的遏止電壓為Uc=；故答案為:=,甲，．三、計(jì)算題（其中15—16題每題8分，17-18題每題12分)15．如圖所示為交流發(fā)電機(jī)示意圖,匝數(shù)n=100匝的矩形線圈，邊長分別為10cm和20cm，內(nèi)阻為5Ω，在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞OO′軸以50rad/s的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈和外部20Ω的電阻R相連接，已知線圈繞OO′軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大值Em=NBSω,求：(1）電壓表和電流表示數(shù)？（2)電阻R上所消耗的電功率是多少？（3）由圖示位置轉(zhuǎn)過90°的過程中，通過R的電量是多少？【考點(diǎn)】E2:交流發(fā)電機(jī)及其產(chǎn)生正弦式電流的原理；BB:閉合電路的歐姆定律．【分析】（1）線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值表達(dá)式為Em=NBSω．電流表測(cè)量電流的有效值．根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系求出電動(dòng)勢(shì)的有效值，根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電流和路端電壓;（2）電阻R上消耗的功率用電流的有效值乘以電壓的有效值；(3)根據(jù)電量表達(dá)式,與感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)結(jié)合，得出q=I?△t=n公式,從而可求得．【解答】解：（1)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值Em=nBSω=100×0。5×0。1×0.2×50=有效值：電鍵S合上后，由閉合電路歐姆定律得：=2.0A，U=IR=2×20=40V（2）電阻R上所消耗的電功率P=IU=2×40=80W(3)由圖示位置轉(zhuǎn)過90°的過程中,通過R上的電量答：(1）電壓表示數(shù)為40V,電流表示數(shù)為2.0A;（2）電阻R上所消耗的電功率是80W；（3）由圖示位置轉(zhuǎn)過90°的過程中，通過R的電量是0。04C16．如圖所示，質(zhì)量M=0。040kg的靶盒A靜止在光滑水平導(dǎo)軌上的O點(diǎn)，水平輕質(zhì)彈簧一端栓在固定擋板P上，另一端與靶盒A連接．Q處有一固定的發(fā)射器B，它可以瞄準(zhǔn)靶盒發(fā)射一顆水平速度為v0=50m/s，質(zhì)量m=0。010kg的彈丸，當(dāng)彈丸打入靶盒A后，便留在盒內(nèi)，碰撞時(shí)間極短．不計(jì)空氣阻力．求:彈丸進(jìn)入靶盒A后,彈簧的最大彈性勢(shì)能為多少？【考點(diǎn)】53：動(dòng)量守恒定律；6C：機(jī)械能守恒定律．【分析】根據(jù)動(dòng)量守恒定律列出等式,由系統(tǒng)機(jī)械能守恒求出最大彈性勢(shì)能．【解答】解：（1）彈丸進(jìn)入靶盒A后，彈丸與靶盒A的共同速度設(shè)為v，由系統(tǒng)動(dòng)量守恒得:mv0=（m+M)v靶盒A的速度減為零時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大,由系統(tǒng)機(jī)械能守恒得：Ep=(m+M）v2解得：Ep=v02代入數(shù)值得Ep=2.5J答:彈丸進(jìn)入靶盒A后，彈簧的最大彈性勢(shì)能為2.5J．17．某村在較遠(yuǎn)的地方建立了一座小型水電站，發(fā)電機(jī)的輸出功率為200kW,輸出電壓為500V，輸電導(dǎo)線的總電阻為10Ω，導(dǎo)線上損耗的電功率為16kW，該村的用電電壓是220V．（1)輸電電路如圖所示，求升壓、降壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比；(2）如果該村某工廠用電功率為80kW，則該村還可以裝“220V40W"的電燈多少盞？【考點(diǎn)】EA：遠(yuǎn)距離輸電．【分析】（1)根據(jù)輸電線路圖,由輸電線損耗功率求出輸電電流I2，再由發(fā)電機(jī)輸出功率與輸出電壓求得升壓變壓器的原線圈的電流I1，由是I1，I2得升壓變壓器的匝數(shù)比；求出升壓變壓器的匝數(shù)比后可求出降壓變壓器的原線圈的電壓，再與用戶電壓結(jié)合求出降壓變壓器的原副