高考物理一輪復(fù)習(xí)課時(shí)作業(yè)36閉合電路歐姆定律（含解析）

PAGEPAGE1閉合電路歐姆定律一、選擇題1．(多選)關(guān)于電動(dòng)勢(shì)及閉合電路的歐姆定律，下列說(shuō)法正確的是()A．電源電動(dòng)勢(shì)越大，電源所能提供的電能就越多B．電源電動(dòng)勢(shì)等于路端電壓C．外電路的電阻越大，路端電壓就越大D．路端電壓增大時(shí)，電源的輸出功率可能減小答案CD解析電源電動(dòng)勢(shì)越大、電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越強(qiáng)，不是提供的電能多，A項(xiàng)錯(cuò)；電動(dòng)勢(shì)等于電路斷開(kāi)時(shí)電壓，B項(xiàng)錯(cuò)；由U＝eq\f(RE,R＋r)得C項(xiàng)正確；由P輸出＝IE－I2r和U＝eq\f(RE,R＋r)得，U越大，R越大，I越小，P輸出不一定增加，也不一定減小，D項(xiàng)正確．2．(2018·長(zhǎng)春一模)(多選)如圖所示的電路中，開(kāi)關(guān)S接通后，三個(gè)規(guī)格相同的電流表均有讀數(shù)．若電流表A3斷開(kāi)后，A1、A2讀數(shù)均不超量程，則A3斷開(kāi)后()A．A1讀數(shù)變大 B．A2讀數(shù)變大C．A1讀數(shù)變小 D．A2讀數(shù)變小答案BC解析把電流表當(dāng)成電阻分析，若電流表A3斷開(kāi)后，電路中總電阻增大，干路電流減小，所以A1讀數(shù)變小；根據(jù)歐姆定律，A1和電源內(nèi)電壓都減小，A2兩端的電壓增大，由歐姆定律得到A2的電流變大，所以A2讀數(shù)變大，故B、C兩項(xiàng)正確，A、D兩項(xiàng)錯(cuò)誤．3.(2018·天津二模)在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，其內(nèi)阻為r，L1、L2、L3為小燈泡(其燈絲電阻可視為不變)，P為滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭，S1、S2為單刀開(kāi)關(guān)．S1閉合，則下列說(shuō)法中正確的是()A．將S2閉合，小燈泡L1變暗B．將S2閉合，小燈泡L2變暗C．在S2處于閉合狀態(tài)下，向右滑動(dòng)觸頭P，小燈泡L3變暗D．在S2處于閉合狀態(tài)下，向右滑動(dòng)觸頭P，小燈泡L2變亮答案A解析A項(xiàng)，將S2閉合，總電阻減小、總電流增大、L2變亮；內(nèi)電壓增大、路端電壓減小，L2兩端電壓增大、則L1兩端電壓減小，故小燈泡L1變暗，故A項(xiàng)正確、B項(xiàng)錯(cuò)誤；C、D兩項(xiàng)，在S2處于閉合狀態(tài)下，向右滑動(dòng)觸頭P，總電阻增大、總電流減小、內(nèi)電壓和L2兩端電壓減小，L2變暗；則L3兩端電壓增大，故L3變亮，故C、D兩項(xiàng)錯(cuò)誤．4.如圖所示，直線a為某電源的路端電壓隨干路電流的變化圖線，直線b為某一電阻R兩端的電壓隨電流的變化圖線，把該電源和該電阻組成閉合電路，則電源的內(nèi)功率和路端電壓分別為()A．4W，2V B．2W，1VC．2W，2V D．4W，3V答案C解析由交點(diǎn)坐標(biāo)知路端電壓U＝2V，工作電流為I＝2A，則輸出功率為P出＝UI＝2×2W＝4W，而電源的電動(dòng)勢(shì)為E＝3V，那么電源的內(nèi)阻消耗的功率為P內(nèi)＝EI－UI＝3×2W－2×2W＝2W，故C項(xiàng)正確，A、B、D三項(xiàng)錯(cuò)誤．5.(2018·鎮(zhèn)江一模)如圖所示，電路中R1、R2均為可變電阻，電源內(nèi)阻不能忽略，平行板電容器C的極板水平放置．閉合開(kāi)關(guān)S，電路達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，帶電油滴懸浮在兩板之間靜止不動(dòng)．則下列操作能使油滴向上運(yùn)動(dòng)的是()A．增大R1的阻值 B．增大R2的阻值C．增大兩板間的距離 D．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S答案A解析開(kāi)始時(shí)油滴靜止，則重力與電場(chǎng)力相互平衡，電場(chǎng)力向上；A項(xiàng)，增大R1的阻值，則路端電壓增大，電容器兩端電壓增大，板間場(chǎng)強(qiáng)增大，故電場(chǎng)力增大，油滴將向上運(yùn)動(dòng)，故A項(xiàng)正確；B項(xiàng)，R2與電容器串聯(lián)，視為導(dǎo)線，故對(duì)電容器的電壓沒(méi)有影響，油滴不動(dòng)；故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C項(xiàng)，增大兩板間距離時(shí)，電壓不變，d增大，故電場(chǎng)強(qiáng)度減小，因此油滴將向下運(yùn)動(dòng)，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D項(xiàng)，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，電容器放電，則電場(chǎng)強(qiáng)度減小，故油滴向下運(yùn)動(dòng)，故D項(xiàng)錯(cuò)誤．6.(2018·海南)(多選)如圖，三個(gè)電阻R1、R2、R3的阻值均為R，電源的內(nèi)阻r＜R，c為滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)．閉合開(kāi)關(guān)后，將滑動(dòng)變阻器的滑片由c點(diǎn)向a端滑動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是()A．R2消耗的功率變小 B．R3消耗的功率變大C．電源輸出的功率變大 D．電源內(nèi)阻消耗的功率變大答案CD解析A、B、D三項(xiàng)，c為滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)，滑動(dòng)觸頭在此點(diǎn)時(shí)，總電阻最大，將滑動(dòng)變阻器的滑片由c點(diǎn)向a端滑動(dòng)，總電阻減小，總電流增大，R1和電源內(nèi)阻分的電壓增大，電源內(nèi)阻消耗的功率變大，并聯(lián)電路電壓減小，R3所在之路電阻增大，電壓減小，故電流減小，R3消耗的功率減小，而R2的電流增大，故R2功率增大，故A、B兩項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確．C項(xiàng)，電源輸出的功率P在r＝R外時(shí)最大，電源的內(nèi)阻r＜R外，R外減小時(shí)，電源輸出功率增大，故C項(xiàng)正確．7．(2018·海淀區(qū)二模)電源的兩個(gè)重要參數(shù)分別是電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r.對(duì)一個(gè)電路有兩種特殊情況：當(dāng)外電路斷開(kāi)時(shí)，電源兩端的電壓等于電源電動(dòng)勢(shì)；當(dāng)外電路短路時(shí)，短路電流等于電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的比值．現(xiàn)有一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r的電源和一阻值為R的定值電阻，將它們串聯(lián)或并聯(lián)組成的系統(tǒng)視為一個(gè)新的等效電源，這兩種連接方式構(gòu)成的等效電源分別如圖甲和乙中虛線框所示．設(shè)新的等效電源的電動(dòng)勢(shì)為E′，內(nèi)電阻為r′.試根據(jù)以上信息，判斷下列說(shuō)法中正確的是()A．甲圖中的E′＝eq\f(r,R＋r)E，r′＝R＋rB．甲圖中的E′＝eq\f(R,R＋r)E，r′＝R＋rC．乙圖中的E′＝E，r′＝eq\f(Rr,R＋r)D．乙圖中的E′＝eq\f(R,R＋r)E，r′＝eq\f(Rr,R＋r)答案D解析A、B兩項(xiàng)，甲圖中的E′＝E，r′＝R＋r.故A、B兩項(xiàng)錯(cuò)誤．C、D兩項(xiàng)，乙圖中的E′等于MN間的電壓，則有E′＝eq\f(R,R＋r)E，內(nèi)電阻r′等于R與r并聯(lián)的阻值，即有r′＝eq\f(Rr,R＋r)，故C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確．8．(2018·湖南模擬)(多選)如圖所示，直線Ⅰ、Ⅱ分別是電源1與電源2的路端電壓隨輸出電流的變化的特性圖線，曲線Ⅲ是一個(gè)小燈泡的伏安特性曲線，如果把該小燈泡分別與電源1、電源2單獨(dú)連接，則下列說(shuō)法正確的是()A．電源1與電源2的內(nèi)阻之比是11∶7B．電源1與電源2的電動(dòng)勢(shì)之比是1∶1C．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比是1∶2D．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是1∶2答案ABD解析A項(xiàng)，U-I圖像的斜率的絕對(duì)值表示內(nèi)電阻，根據(jù)電源U-I圖線，r1＝eq\f(10,7)Ω，r2＝eq\f(10,11)Ω，則r1∶r2＝11∶7，故A項(xiàng)正確．B項(xiàng)，U-I圖像的縱軸截距表示電動(dòng)勢(shì)，故E1＝E2＝10V，故B項(xiàng)正確．C、D兩項(xiàng)，燈泡伏安特性曲線與電源外特性曲線的交點(diǎn)即為燈泡與電源連接時(shí)的工作狀態(tài)，則連接電源Ⅰ時(shí)，U1＝3V，I1＝5A，故P1＝U1I1＝15W，R1＝eq\f(U1,I1)＝eq\f(3,5)Ω，連接電源Ⅱ時(shí)，U2＝5V，I2＝6A，故P2＝U2I2＝30W，R2＝eq\f(U2,I2)＝eq\f(5,6)Ω，故P1∶P2＝1∶2，R1∶R2＝18∶25，故C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確．9.(2018·西安模擬)如圖所示的電路中，燈泡A和燈泡B原來(lái)都是正常發(fā)光的，現(xiàn)在突然燈泡A比原來(lái)變暗了些，燈泡B比原來(lái)變亮了些，則電路中出現(xiàn)的故障可能是()A．R3斷路 B．R2斷路C．R1短路 D．R1、R2同時(shí)短路答案B解析由電路圖可知，通過(guò)燈泡A的電流等于通過(guò)燈泡B的電流與通過(guò)R2的電流之和．燈泡A比原來(lái)變暗了些，燈泡B比原來(lái)變亮了些，說(shuō)明通過(guò)燈泡B的電流變大，而通過(guò)燈泡A的電流變小，結(jié)合電路分析可知R2斷路，所以B項(xiàng)正確．R3斷路或R1短路都會(huì)使兩燈泡都比原來(lái)變亮；R1、R2同時(shí)短路會(huì)使燈泡A比原來(lái)變亮，燈泡B熄滅．10．(2018·衡水三模)如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，圖中R0是光敏電阻，R1是定值電阻，A是理想電流表，C是兩板帶有絕緣柄可以移動(dòng)的電容器．兩個(gè)開(kāi)關(guān)均未閉合時(shí)．質(zhì)量為m，帶電量為＋q的小球豎直懸掛在電容器中處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)在只閉合開(kāi)關(guān)S2，下列說(shuō)法正確的是()A．帶電小球向右偏離豎直方向，保持光強(qiáng)不變將滑片P左移時(shí)偏角增大B．若滑片P不動(dòng)，增大光強(qiáng)時(shí)電流表的示數(shù)增大，C上的電荷量增大C．若滑片P不動(dòng)，減小光強(qiáng)時(shí)電源的供電效率增大D．閉合開(kāi)關(guān)S1或減小板間正對(duì)面積時(shí)，電容器中的帶電小球偏離豎直方向的角度都是減小的答案C解析A項(xiàng)，S1斷開(kāi)，那么，電容器C兩端的電壓為路端電壓；保持光強(qiáng)不變，那么，電路電流不變，路端電壓不變，那么，帶電小球偏角不變，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B項(xiàng)，若滑片P不動(dòng)，增大光強(qiáng)時(shí)，光敏電阻的電阻值減小，那么電流增大，電流表示數(shù)增大，內(nèi)阻上的電壓降增大，故路端電壓U減小，C上的電荷量Q＝CU減小，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C項(xiàng)，若滑片P不動(dòng)，減小光強(qiáng)時(shí)，光敏電阻的電阻值增大，那么電流減小，則電源的內(nèi)耗減小，故供電效率增大，故C項(xiàng)正確；D項(xiàng)，閉合開(kāi)關(guān)S1，電流增大，那么路端電壓減?。浑娙萜鲀啥穗妷簽楣饷綦娮鑳啥穗妷?，比路端電壓小，故電容器兩端電壓減小，場(chǎng)強(qiáng)E＝eq\f(U,d)減小，故電場(chǎng)力減小，角度減??；減小板間正對(duì)面積時(shí)，電容器兩板的電壓不變，仍為路端電壓，那么場(chǎng)強(qiáng)不變，電場(chǎng)力不變，角度不變，故D項(xiàng)錯(cuò)誤．11．(2018·全國(guó)一模)(多選)如圖甲所示，電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源與R＝6Ω的定值電阻、滑動(dòng)變阻器RP、開(kāi)關(guān)S組成串聯(lián)回路，已知滑動(dòng)變阻器消耗的功率P與其接入電路的有效阻值RP的關(guān)系如圖乙所示．下列說(shuō)法正確的是()A．電源的電動(dòng)勢(shì)E＝eq\f(4\r(10),5)V，內(nèi)阻r＝4ΩB．圖乙中Rx＝25ΩC．定值電阻R消耗的最大功率為0.96WD．調(diào)整滑動(dòng)變阻器RP的阻值可以得到該電源的最大輸出功率為1W答案BC解析A項(xiàng)，由圖乙知，當(dāng)RP＝R＋r＝10Ω時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大，R＝6Ω，可得內(nèi)阻r＝4Ω，最大功率P＝eq\f(E2,4（R＋r）)＝0.4W，解得E＝4V，故A項(xiàng)錯(cuò)誤．B項(xiàng)，滑動(dòng)變阻器的阻值為4Ω與阻值為Rx時(shí)消耗的功率相等，有4Rx＝(R＋r)2，解得Rx＝25Ω，故B項(xiàng)正確．C項(xiàng)，當(dāng)回路中電流最大時(shí)，定值電阻R消耗的功率最大，故最大功率為Pmax＝(eq\f(E,R＋r))2R＝0.96W，故C項(xiàng)正確．D項(xiàng)，當(dāng)外電路電阻與內(nèi)阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大．本題中定值電阻R的阻值大于內(nèi)阻的阻值，故滑動(dòng)變阻器RP的阻值為0時(shí)，電源的輸出功率最大，最大功率為P出max＝(eq\f(E,R＋r))2R＝0.96W，故D項(xiàng)錯(cuò)誤．12.(2018·全國(guó)二模)如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為4V，內(nèi)阻r＝1Ω，電阻R1＝3Ω，R2＝R3＝4Ω，R4＝8Ω，電容器C＝6.0μF，閉合S電路達(dá)穩(wěn)定狀態(tài)后，電容器極板所帶電量為()A．1.5×10－5C B．3.010－5CC．2.0×10－5C D．2.1×10－5C答案A解析由圖可知，電阻R2和R3串聯(lián)后總電阻為8Ω與電阻R4并聯(lián)，則可知并聯(lián)后的總電阻R234為4Ω，再與R1串聯(lián)，據(jù)此可知整個(gè)外電路的電阻R＝R1＋R234＝7Ω，據(jù)閉合電路歐姆定律可知，I＝eq\f(E,R＋r)＝eq\f(4,1＋7)A＝0.5A，所以R1兩端電壓U1＝IR1＝0.5×3V＝1.5V，R234兩端電壓U′＝IR234＝0.5×4V＝2V，則電阻R2兩端電壓U2＝eq\f(R2,R2＋R3)·U′＝eq\f(4,4＋4)·2V＝1V，所以電容器兩端電壓UC＝U1＋U2＝2.5V，所以此時(shí)電容器所帶電荷量Q＝CUC＝6.0×10－6×2.5C＝1.5×10－5C.所以B、C、D三項(xiàng)錯(cuò)誤，A項(xiàng)正確．二、非選擇題13．如圖所示，在測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中，接通開(kāi)關(guān)，電壓表有讀數(shù)，電流表示數(shù)為零．改變變阻器滑片的位置，電流表也沒(méi)有反應(yīng)．用多用表電壓檔檢查電路，把紅表筆接到電池的正極，黑表筆分別接觸電流表的正接線柱(b點(diǎn))和負(fù)接線柱(c點(diǎn))，多用表電壓擋的示數(shù)均為零；用黑表筆分別接觸d點(diǎn)、e點(diǎn)，多用表電壓擋的示數(shù)均和電壓表示數(shù)相等．檢查各接線柱選擇均正確且接觸良好，則電路中發(fā)生故障的原因是________．故障排除后，根據(jù)得出的數(shù)據(jù)作出的U-I圖像，如圖所示，由圖像得出電池的電動(dòng)勢(shì)E＝________V，內(nèi)電阻r＝________Ω.答案dc線段斷路E＝3.0Vr＝2.0Ω解析接通開(kāi)關(guān)，電壓表有讀數(shù)，電流表示數(shù)為零．說(shuō)明電路斷路；把紅表筆接到電池的正極，黑表筆分別接觸電流表的正接線柱(b點(diǎn))和負(fù)接線柱(c點(diǎn))，多用表電壓擋的示數(shù)均為零，說(shuō)明ab，bc線段正常，用黑表筆分別接觸d點(diǎn)、e點(diǎn)，多用表電壓擋的示數(shù)均和電壓表示數(shù)相等．說(shuō)明多用表電壓擋測(cè)量的是電源兩端電壓，所以電路中發(fā)生故障的原因是dc線段斷路．U-I圖像的縱軸截距表示電源的電動(dòng)勢(shì)，故E＝3.0V，內(nèi)阻等于圖線的斜率絕對(duì)值，故r＝|eq\f(ΔU,ΔI)|＝2.0Ω.14．(2018·重慶模擬)如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E＝27V，內(nèi)阻r＝2Ω，固定電阻R2＝4Ω，R1為光敏電阻．C為平行板電容器，其電容C＝3pF，虛線到兩極板距離相等，極板長(zhǎng)L＝0.2m，間距d＝