2024屆菏澤市重點中學物理高一上期末統(tǒng)考模擬試題含解析

2024屆菏澤市重點中學物理高一上期末統(tǒng)考模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、一質量為m的滑塊在粗糙水平面上滑行，通過頻閃照片分析得知，滑塊在最開始2s內的位移是最后2s內位移的兩倍，且已知滑塊最開始1s內的位移為2.5m，由此可求得（）A.滑塊的加速度為5m/s2B.滑塊的初速度為5m/sC.滑塊運動的總時間為3.5sD.滑塊運動的總位移為4.5m2、一位攀巖者以0.8m/s的速度勻速向上攀登，途中碰落了巖壁上的石塊，石塊自由下落，2s時攀巖者聽到石塊落地的聲音，此時他離地面的高度約為（）A.1.6m B.15mC.21m D.5m3、物體做平拋運動的規(guī)律可以概括為兩點：⑴在水平方向做勻速直線運動；⑵在豎直方向做自由落體運動．如圖所示為一種研究物體做平拋運動規(guī)律的實驗裝置，其中A、B為兩個等大的小球，C為與彈性鋼片E相連的小平臺，D為固定支架，兩小球等高．用小錘擊打彈性鋼片E，可使A球沿水平方向飛出，同時B球被松開，做自由落體運動．在不同的高度多次做上述實驗，發(fā)現(xiàn)兩球總是同時落地，這樣的實驗結果（）A.只能說明上述規(guī)律中的第⑴條B.只能說明上述規(guī)律中的第⑵條C.能同時說明上述兩條規(guī)律D.不能說明上述兩條規(guī)律中的任意一條4、如圖所示，在光滑的水平桌面上有A、B兩個滑塊，滑塊A的質量，滑塊B的質量．A受到水平向右的力，B受到水平向左的的力，A、B之間的輕彈簧與物體相連，在某瞬間A的加速度大小為，方向水平向右，則該瞬間B的加速度大小為（）A. B.C. D.5、當堆沙錐堆到一定高度時就會塌下去，此時沙子間的摩擦力就是最大靜摩擦力。某實驗小組利用該方法測量沙子間的動摩擦因數(shù)。通過測量發(fā)現(xiàn)當沙錐的底圓直徑為D時，沙錐的最大高度為H，圓錐的母線長度為L，如圖所示。則沙子間的動摩擦因數(shù)μ為（）A.μ= B.μ=C.μ= D.μ=6、如圖所示，足夠長的木板左端有固定轉動軸，靠近木板右端靜止放有一個木塊．使木板從水平位置開始逆時針緩慢轉動．發(fā)觀當傾角先后等于θ1和θ2時(01<θ2<90゜)，木塊受到的摩擦力大小相等．（木塊始終未離開斜面，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．）則下列判斷正確的是A.傾角為θ1時木塊所受合力小于傾角為θ2時木塊所受合力B.傾角為θ1時木塊受到的是滑動摩擦力，傾角θ2時受到的是靜摩擦力C.傾角為θ1、θ2時木塊受到的都是靜摩擦力D.傾角為θ1時木塊所受支持力小于傾角為θ2時木塊所受支持力7、如圖所示，A、B兩個物體質量不等且mA>mB，在水平拉力F的作用下，沿光滑水平面一起向右運動，滑輪及細繩質量不計．下列說法中正確的有（）A.物體A所受的摩擦力方向向左B.物體B受到的摩擦力大小等于A受到的摩擦力大小C.水平力F較小時，物體A、B間沒有摩擦D.水平力F足夠大時，物體A、B間會打滑8、三角形傳送帶以1m/s的速度逆時針勻速轉動，兩邊的傳送帶長都是2m且與水平方向的夾角均為。現(xiàn)有兩個小物塊A、B從傳送帶頂端都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑，物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)都是0.5，（g取10m/s2，sin=0.6，cos=0.8）下列說法正確的是（）A.物塊A先到達傳送帶底端B.物塊A、B同時到達傳送帶底端C.物塊A、B到達傳送帶底端時速度大小相等D.物塊A、B在傳送帶上的劃痕長度之比為1:39、如圖所示，光滑水平地面上放有截面為圓周的柱狀物體A，A與墻面之間放一光滑的圓柱形物體B，對A施加一水平向左的力F，整個裝置保持靜止．若將A的位置向左移動稍許，整個裝置仍保持平衡，則()A.水平外力F增大B.墻對B作用力減小C.地面對A的支持力減小D.B對A的作用力減小10、甲、乙兩車在一平直公路上從同一地點沿同一方向做直線運動，它們的v?t圖像如圖所示．下列判斷正確的是()A.乙車啟動時，甲車在其前方50m處B.運動過程中，乙車落后甲車的最大距離為75mC.乙車啟動10s后正好追上甲車D.乙車超過甲車后，兩車還會再相遇11、宇航員在某星球上完成自由落體運動實驗，讓一個質量為2kg的小球從一定的高度自由下落，測得在第5s內的位移是18m，則（）A.小球在第2s末的速度是8m/sB.小球在第2s內的位移是2mC.小球在第5s內的平均速度是3.6m/sD.小球在5s內的位移是50m12、如圖所示，質量相等的A、B兩物體緊貼在勻速轉動的圓筒的豎直內壁上，隨圓筒一起做勻速圓周運動，則下列關系正確的有（）A.運動周期TA＞TBB.筒壁對它們的彈力FNA＞FNBC.線速度vA＞vBD.它們受到的摩擦力fA＞fB二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、（12分）2018年6月14日11時06分，探月工程嫦娥四號任務“鵲橋”中繼星成功實施軌道捕獲控制，進入環(huán)繞距月球約6.5萬公里的地月拉格朗日L2點的Halo使命軌道，成為世界首顆運行在地月L2點Halo軌道的衛(wèi)星?！谤o橋”可為衛(wèi)星、飛船等飛行器提供數(shù)據(jù)中繼和測控服務，并實現(xiàn)科學數(shù)據(jù)實時下傳至地面。若已知月球的質量為M，引力常量為G，月球的半徑為R，“鵲橋”衛(wèi)星繞月球轉n圈所用的時間為t，求：(1)“鵲橋”衛(wèi)星的周期T；(2)“鵲橋”衛(wèi)星離月球表面的高度h；(3)“鵲橋”衛(wèi)星的線速度v。17、（10分）如圖所示，物塊A懸掛在繩PO和PC的結點上，PO偏離豎直方向37°角，PC水平，且經光滑定滑輪與木塊B相連，連接B的繩與水平方向的夾角為53°。已知A質量MA=1.6kg，B質量MB=4kg，木塊B靜止在水平面上，g取10m/s2.試求：(1)繩PO拉力大小；(2)繩PC拉力的大??；(3)木塊B與水平面間的摩擦力大小。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解題分析】AC．設物體運動的加速度為a，運動總時間為t，把物體運動看成反向的初速度為0的勻加速直線運動，則有：最后2s內位移為：最初2s內位移為：又因：s2：s1＝2：1則有：2at﹣2a＝4a解得總時間：t＝3s第一秒的位移為：解得：a＝1m/s2，故AC錯誤；B．滑塊的初速度：v0＝at＝1×3m/s＝3m/s故B錯誤；D．則總位移：故D正確。故選D。2、C【解題分析】石塊下落的高度該過程中，攀巖者向上上升的高度此時他離地面的高度約為選項ABD錯誤，C正確。故選C。3、B【解題分析】兩球同時落地，可知平拋運動在豎直方向上的運動規(guī)律與自由落體運動的規(guī)律相同，即平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，該實驗不能得出平拋運動在水平方向上的運動規(guī)律。故B正確，ACD錯誤?！绢}目點撥】本題屬于簡單基礎題目，實驗雖然簡單，但是很直觀的驗證了平拋運動在豎直方向上的運動規(guī)律．注意該實驗不能得出平拋運動在水平方向上的運動規(guī)律4、A【解題分析】設彈簧的彈力為T，對A，根據(jù)牛頓第二定律，隔離對A分析，則：F1?T=m1a解得：彈簧的彈力T=F1?m1a=12?2×5N=2N對B，根據(jù)牛頓第二定律知，F(xiàn)2-T=m2a2，代入數(shù)據(jù)得a2=1m/s2，方向向左；故A正確，BCD錯誤5、B【解題分析】設沙錐堆底圓直徑與圓錐的母線長度之間的夾角為θ，取沙錐堆面上一點沙粒，設其質量為m，對其進行受力分析，由平衡條件可知：其中、，可解得μ=故B項正確，ACD三項錯誤。6、A【解題分析】當傾角先后等于θ1和θ2時，木塊受到的摩擦力大小相等，可知當傾角為θ1時為靜摩擦力，物塊靜止在木板上，合力為零；當傾角為θ2時為滑動摩擦力，物塊向下滑動，合力不為零，則傾角為θ1時木塊所受合力小于傾角為θ2時木塊所受合力，選項A正確，BC錯誤；根據(jù)N=mgcosθ可知傾角為θ1時木塊所受支持力大于傾角為θ2時木塊所受支持力，選項D錯誤；故選A.7、BD【解題分析】先利用整體法，可以求出物體運動的加速度的大小，再利用隔離法研究B，運用牛頓第二定律解答【題目詳解】A、B都受到繩子向右的拉力T，設兩物體有共同的加速度a，兩物體間摩擦力大小為f，設A對B的摩擦力方向向右，B對A的摩擦力方向向左，則根據(jù)牛頓第二定律，對B：T+f=mBa，T-f=mAa，得f=0.5（mB-mA）a，但由于mA＞mB，f為負值，B受摩擦力方向向左．故A錯誤，由牛頓第三定律，B受到的摩擦力大小等于A受到的摩擦力大小，故B正確；把兩個物體看作一個整體，若F增大，則兩個物體的加速度a也增大，f也增大，當f達到最大靜摩擦力后，物體A、B間會打滑．故C錯誤，D正確；故選BD【題目點撥】對于多個物體的受力分析通常采用的方法就是整體法和隔離法，通過整體法求得加速度，再利用隔離法求解8、BCD【解題分析】AB．對A，因為則A物體所受的滑動摩擦力沿斜面向上，向下做勻加速直線運動，B所受的滑動摩擦力沿斜面向上，向下做勻加速直線運動，兩物體勻加速直線運動的加速度大小均為則加速度大小相等，初速度和位移大小均相等，則運動的時間相等，它們同時到達傳送帶底端，A錯誤，B正確；C．由v=v0+at知物塊A、B到達傳送帶底端時速度大小相等，C正確；D．對A，劃痕的長度等于A的位移減為傳送帶的位移，以A為研究對象，由運動學公式得則運動時間為所以皮帶運動的位移為所以A對皮帶的劃痕為對B，劃痕的長度等于B的位移加上傳送帶的位移，同理得出B對皮帶的劃痕為所以劃痕之比為1：3，D正確。故選BCD。9、BD【解題分析】先對B球受力分析，受到重力mg、A球對B球的支持力N′和墻壁對B球的支持力N，然后根據(jù)共點力平衡條件得到A球左移后各個力的變化情況；最后再對整體受力分析，根據(jù)平衡條件判斷推力F和地面的支持力的變化情況【題目詳解】對B球受力分析，受到重力mg、A球對B球的支持力N′和墻壁對B球的支持力N，如圖所示：當A球向左移動后，A球對B球的支持力N′的方向不斷變化，根據(jù)平衡條件結合合成法可以知道A球對B球的支持力N′和墻壁對B球的支持力N都在不斷減小，故BD正確；再對A和B整體受力分析，受到總重力G、地面支持力FN，推力F和墻壁的彈力N，如圖所示：根據(jù)平衡條件，有F=N，F(xiàn)N=G，故地面的支持力不變，推力F隨著壁對B球的支持力N的不斷減小而不斷減小，故AC錯誤．所以BD正確，AC錯誤【題目點撥】本題關鍵是先對小球B受力分析，根據(jù)平衡條件得到各個力的變化情況，然后再對A、B整體受力分析，再次根據(jù)平衡條件列式分析10、AB【解題分析】A.根據(jù)速度圖線與時間軸包圍面積表示位移，可知乙在t=10s時啟動，此時甲的位移為即甲車在乙前方50m處，故A正確；B.當兩車的速度相等時相遇最遠，最大距離為：故B項正確；C.由于兩車從同一地點沿同一方向沿直線運動，當位移相等時兩車才相遇，由圖可知，乙車啟動10s后位移小于甲的位移，還沒有追上甲，故C項錯誤；D.乙車超過甲車后，由于乙的速度大，所以不可能再相遇，故D項錯誤11、AD【解題分析】第5s內的位移是18m，有：，t1=5s，t2=4s，解得：g=4m/s2．物體在2s末的速度：v=gt=8m/s，故A正確．第2s內的位移：，選項B錯誤；第5s內的平均速度：，故C錯誤．物體在5s內的位移為，故D正確．故選AD12、BC【解題分析】由題分析可知，A、B兩物體的角速度相同，周期相同，由v＝ωr可知，線速度與半徑成正比；兩個物體都做勻速圓周運動，由圓筒的彈力提供向心力，則FN＝mω2r可知筒壁對它們的彈力關系；兩個物體豎直方向都沒有加速度，受力平衡，所受的摩擦力都等于重力【題目詳解】A、由題分析可知，A、B兩物體的角速度相同，周期相同，由v＝ωr可知，ω相同時，線速度與半徑成正比，A的半徑大，則其線速度大，故A錯誤，C正確B、兩個物體都做勻速圓周運動，由圓筒的彈力提供向心力，則FN＝mω2r，因為m、ω相等，F(xiàn)與r成正比，所以可知FNA＞FNB，故B正確D、兩個