復(fù)習(xí)之課時(shí)跟蹤訓(xùn)練77

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精新課標(biāo)2014年高考一輪復(fù)習(xí)之課時(shí)跟蹤訓(xùn)練77一、選擇題(本題共10小題，每小題7分,共70分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，把正確選項(xiàng)前的字母填在題后的括號(hào)內(nèi)）1．磁電式儀表的線圈通常用鋁框當(dāng)骨架,把線圈繞在鋁框上,這樣做的目的是（）①防止渦流而設(shè)計(jì)的②利用渦流而設(shè)計(jì)的③起電磁阻尼的作用④起電磁驅(qū)動(dòng)的作用A．①③B．①④C．②③D．②④解析:線圈通電后，在安培力作用下發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng),鋁框隨之轉(zhuǎn)動(dòng)，并切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流,即渦流，渦流阻礙線圈的轉(zhuǎn)動(dòng),使線圈偏轉(zhuǎn)后較快停下來．所以，這樣做的目的是利用渦流來起電磁阻尼的作用．答案：C2．穿過閉合回路的磁通量Φ隨時(shí)間t變化的圖象分別如圖①～④所示，下列關(guān)于回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的論述，正確的是（)A．圖①中,回路產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢恒定不變B．圖②中，回路產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢一直在變大C．圖③中，回路在0~t1時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢小于在t1～t2時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢D．圖④中，回路產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢先變小再變大解析:在圖①中，eq\f(ΔΦ,Δt)＝0，感應(yīng)電動(dòng)勢為零,故選項(xiàng)A錯(cuò);在圖②中，eq\f（ΔΦ，Δt)為一定值,故感應(yīng)電動(dòng)勢不變，選項(xiàng)B錯(cuò)；在圖③中，0～t1內(nèi)的｜eq\f(ΔΦ,Δt）｜比t1～t2內(nèi)的|eq\f（ΔΦ,Δt）|大，選項(xiàng)C錯(cuò);在圖④中，圖線上各點(diǎn)切線的斜率絕對(duì)值先變小后變大，故選項(xiàng)D對(duì)．答案：D3.在勻強(qiáng)磁場中，有一個(gè)接有電容器的單匝導(dǎo)線回路，如圖所示，已知C＝30μF，L1＝5cm，L2＝8cm，磁場以5×10－2T/s的速率增加,則（）A．電容器上極板帶正電，帶電荷量為6×10－5CB．電容器上極板帶負(fù)電,帶電荷量為6×10－5CC．電容器上極板帶正電，帶電荷量為6×10－9CD．電容器上極板帶負(fù)電,帶電荷量為6×10－9C解析：電容器兩極板間的電勢差U等于感應(yīng)電動(dòng)勢E，由法拉第電磁感應(yīng)定律，可得E＝eq\f（ΔB，Δt)·L1L2＝2×10－4V，電容器的帶電荷量Q＝CU＝CE＝6×10－9C，再由楞次定律可知上極板的電勢高,帶正電，C項(xiàng)正確．答案：C4．（2011年高考廣東理綜)將閉合多匝線圈置于僅隨時(shí)間變化的磁場中,線圈平面與磁場方向垂直，關(guān)于線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢和感應(yīng)電流，下列表述正確的是（）A．感應(yīng)電動(dòng)勢的大小與線圈的匝數(shù)無關(guān)B．穿過線圈的磁通量越大，感應(yīng)電動(dòng)勢越大C．穿過線圈的磁通量變化越快，感應(yīng)電動(dòng)勢越大D．感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場方向與原磁場方向始終相同解析：由法拉第電磁感應(yīng)定律E＝neq\f（ΔΦ,Δt）知,感應(yīng)電動(dòng)勢的大小與線圈匝數(shù)有關(guān),A錯(cuò)．感應(yīng)電動(dòng)勢正比于eq\f(ΔΦ,Δt),與磁通量的大小無直接關(guān)系，B錯(cuò)誤、C正確．根據(jù)楞次定律知,感應(yīng)電流的磁場總是阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化，即“增反減同"，D錯(cuò)誤．答案：C5。如圖所示，鐵芯右邊繞有一個(gè)線圈，線圈兩端與滑動(dòng)變阻器、電池組連成回路．左邊的鐵芯上套有一個(gè)環(huán)面積為0。02m2、電阻為0。1Ω的金屬環(huán)．鐵芯的橫截面積為0.01m2，且假設(shè)磁場全部集中在鐵芯中，金屬環(huán)與鐵芯截面垂直．調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭,使鐵芯中的磁感應(yīng)強(qiáng)度每秒均勻增加0.2T，則從上向下看(）A．金屬環(huán)中感應(yīng)電流方向是逆時(shí)針方向，感應(yīng)電動(dòng)勢大小為4.0×10－3VB．金屬環(huán)中感應(yīng)電流方向是順時(shí)針方向，感應(yīng)電動(dòng)勢大小為4。0×10－3VC．金屬環(huán)中感應(yīng)電流方向是逆時(shí)針方向,感應(yīng)電動(dòng)勢大小為2。0×10－3VD．金屬環(huán)中感應(yīng)電流方向是順時(shí)針方向,感應(yīng)電動(dòng)勢大小為2。0×10－3V解析:鐵芯內(nèi)的磁通量情況是相同的，金屬環(huán)的有效面積即鐵芯的橫截面積．據(jù)電磁感應(yīng)定律E＝neq\f(ΔΦ,Δt）＝1×0.2×0.01V＝2。0×10－3V.又據(jù)楞次定律，金屬環(huán)中電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，即C正確．答案:C6.（2012年銅陵模擬）線圈通以如圖所示的隨時(shí)間變化的電流,則(）A．0～t1時(shí)間內(nèi)線圈中的自感電動(dòng)勢最大B．t1~t2時(shí)間內(nèi)線圈中的自感電動(dòng)勢最大C．t2～t3時(shí)間內(nèi)線圈中的自感電動(dòng)勢為零D．t1～t2時(shí)間內(nèi)線圈中的自感電動(dòng)勢為零解析：線圈中的自感電動(dòng)勢與通入的電流的變化率成正比，即E∝eq\f（ΔI，Δt)。根據(jù)圖象分析：0～t1時(shí)間內(nèi)的電流變化率小于t2~t3時(shí)間內(nèi)的電流變化率,A、C錯(cuò)誤；t1～t2時(shí)間內(nèi)的電流變化率為零，自感電動(dòng)勢為零，B錯(cuò)誤、D正確．答案：D7。如圖所示，L是自感系數(shù)很大、電阻很小的線圈，若合上或斷開開關(guān)S1和S2時(shí)，不可能發(fā)生的情況是(）A．只閉合S1的瞬間，L1燈逐漸亮起來B．再合上S2穩(wěn)定后，L2燈是暗的C．只斷開S1的瞬間，L1燈立即熄滅,L2燈亮一下再熄滅D．只斷開S1瞬間，L2和L1燈過一會(huì)兒才熄滅解析:只閉合S1時(shí),由于線圈自感作用，流過L1燈的電流將逐漸增大,L1燈逐漸亮起來,而L2燈是立即變亮；再合上S2穩(wěn)定后，由于RL很小，L2燈幾乎被短路，故L2燈是暗的．?dāng)嚅_S1時(shí)，由于S2閉合,電感線圈L與L2構(gòu)成回路，由于自感的作用，電流將由穩(wěn)定時(shí)L中的值逐漸減小，由IL?IL2，所以L2燈將閃亮一下再熄滅;而燈L1與電阻R串聯(lián)后被S2短路,故燈L1立即熄滅，故選D.答案：D8．如圖甲所示，水平面上的平行導(dǎo)軌MN、PQ上放著兩根導(dǎo)體棒ab、cd，兩棒中間用絕緣絲線系?。_始，勻強(qiáng)磁場垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化如圖乙所示．I和FT分別表示流過導(dǎo)體棒中的電流和絲線的拉力．則在t0時(shí)刻（)A．I＝0,FT＝0B．I＝0，F(xiàn)T≠0C．I≠0，F(xiàn)T＝0D．I≠0，F(xiàn)T≠0解析：t0時(shí)刻,磁場變化，磁通量變化，故I≠0;由于B＝0，故ab、cd所受安培力均為零，絲線的拉力為零．C項(xiàng)正確．答案：C9.如圖所示，垂直紙面的正方形勻強(qiáng)磁場區(qū)域內(nèi),有一位于紙面的、電阻均勻的正方形導(dǎo)體框abcd，現(xiàn)將導(dǎo)體框分別朝兩個(gè)方向以v0、3v0速度勻速拉出磁場，則導(dǎo)體框從兩個(gè)方向移出磁場的兩次過程中(）A．導(dǎo)體框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向不同B．導(dǎo)體框中產(chǎn)生的焦耳熱相同C．導(dǎo)體框ad邊兩端電勢差相同D．通過導(dǎo)體框截面的電量相同解析：由楞次定律可知導(dǎo)體框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同，A錯(cuò)誤；由電磁感應(yīng)定律可得Q＝eq\f(Blv2，4Rv）l＝eq\f(B2l3v,4R），因此導(dǎo)體框中產(chǎn)生的焦耳熱不同，故B錯(cuò)誤；若以v0拉出,E＝Blv0,Uad＝eq\f(E，4)＝eq\f(Blv0,4），若以3v0拉出，E′＝3Blv0，Uad′＝eq\f(3E′，4)＝eq\f(qBlv0,4），Uad≠Uad′.C錯(cuò)誤；由q＝eq\f(ΔΦ,4R)知電量與速度無關(guān)，D正確．答案：D10．某學(xué)習(xí)小組設(shè)計(jì)了一種發(fā)電裝置如圖甲所示，圖乙為其俯視圖．將8塊外形相同的磁鐵交錯(cuò)放置組合成一個(gè)高h(yuǎn)＝0。5m、半徑r＝0.2m的圓柱體，其可繞固定軸OO′逆時(shí)針（俯視）轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度ω＝100rad/s.設(shè)圓柱外側(cè)附近每個(gè)磁場區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B＝0.2T、方向都垂直于圓柱體側(cè)表面．緊靠圓柱外側(cè)固定一根與其等高、電阻R1＝0.5Ω的細(xì)金屬桿ab，桿與軸OO′平行．圖丙中阻值R＝1.5Ω的電阻與理想電流表A串聯(lián)后接在桿a、b兩端．下列說法正確的是()A．電流表A的示數(shù)約為1。41AB．桿ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的有效值E＝1VC．電阻R消耗的電功率為2WD．在圓柱體轉(zhuǎn)過一周的時(shí)間內(nèi)，流過電流表A的總電荷量為零解析：圓柱體轉(zhuǎn)過一周為感應(yīng)電動(dòng)勢的4個(gè)周期，T＝eq\f（T0，4）＝eq\f（1，4)eq\f（2π,ω)＝eq\f（π,200）s。金屬桿上感應(yīng)電動(dòng)勢的大小E′＝Blv＝Bhrω＝2.0V；感應(yīng)電動(dòng)勢的方向周期性變化,周期為eq\f（π,200）s，所以有效值E＝2。0V，則I＝eq\f（E,R1＋R）＝1。0A,電阻R的電功率為P＝I2R＝1.5W．電流在電流表中周期性變化,每個(gè)周期流過電流表A的總電荷量為零．答案：D二、非選擇題(本題共2小題，共30分．解答時(shí)應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟，有數(shù)值計(jì)算的要注明單位）11。(15分)如圖所示，不計(jì)電阻的U形導(dǎo)軌水平放置，導(dǎo)軌寬l＝0。5m，左端連接阻值為0。4Ω的電阻R.在導(dǎo)軌上垂直于導(dǎo)軌放一電阻為0.1Ω的導(dǎo)體棒MN，并用水平輕繩通過定滑輪吊著質(zhì)量m＝2.4g的重物,圖中L＝0。8m．開始時(shí)重物與水平地面接觸并處于靜止．整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B0＝0.5T，并且以eq\f(ΔB，Δt）＝0。1T/s的速度在增大．不計(jì)摩擦阻力，求至少經(jīng)過多長時(shí)間才能將重物吊起？（g取10m/s2）解析：以MN為研究對(duì)象，有BIl＝FT；以重物為研究對(duì)象，有FT＋FN＝mg.由于B在增大，安培力BIl增大,繩的拉力FT增大，地面的支持力FN減小，當(dāng)FN＝0時(shí)，重物將被吊起．此時(shí)BIl＝mg①又B＝B0＋eq\f(ΔB，Δt）t＝0。5＋0.1t②E＝Lleq\f（ΔB，Δt）③I＝eq\f（E，R＋r)④將已知數(shù)據(jù)代入以上四式聯(lián)立解得t＝1s.答案:1s12。（15分）如圖所示,電阻不計(jì)的平行金屬導(dǎo)軌MN和OP放置在水平面內(nèi)．MO間接有阻值為R＝3Ω的電阻．導(dǎo)軌相距d＝1m,其間有豎直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0。5T．質(zhì)量為m＝0.1kg，電阻為r＝1Ω的導(dǎo)體棒CD垂直于導(dǎo)軌放置，并接觸良好．用平行于MN的恒力F＝1N向右拉動(dòng)CD,CD受的摩擦阻力Ff恒為0.5N．求:(1）CD運(yùn)動(dòng)的最大速度是多少？（2）當(dāng)CD達(dá)到最大速度后,電阻R消耗的電功率是多少？（3)當(dāng)CD的速度為最大速度的一半時(shí),CD的加速度是多少？解析：（1)設(shè)CD棒的運(yùn)動(dòng)速度大小為v，則導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為:E＝Bdv據(jù)閉合電路歐姆定律有：I＝eq\f(E，R＋r)則安培力為:F0＝BdI據(jù)題意分析,當(dāng)v最大時(shí),有：F－F0－Ff＝0聯(lián)立以上幾式得:vm＝eq\f(F－FfR＋r，B2d2）＝