2024屆內蒙古烏蘭察布市集寧地區(qū)高二物理第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測試題含解析

2024屆內蒙古烏蘭察布市集寧地區(qū)高二物理第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法錯誤的是()A．元電荷實質就是電子(或質子)本身B．元電荷是表示跟電子所帶電荷量數值相等的電荷量C．元電荷是最小的電荷量單位D．元電荷沒有正、負之分2、如圖所示，速度為v0、電荷量為q的正離子恰能沿直線飛出離子速度選擇器，選擇器中磁感應強度為B，電場強度為E，則A．若改為電荷量–q的離子，將往上偏（其他條件不變）B．若速度變?yōu)?v0將往上偏（其他條件不變）C．若改為電荷量+2q的離子，將往下偏（其他條件不變）D．若速度變?yōu)閷⑼掀ㄆ渌麠l件不變）3、下列關于點電荷的說法中正確的是A．只要帶電體的體積很小，都可以看成點電荷B．只要帶電體的電量很小，都可以看成點電荷C．只要帶電體的大小遠小于電荷間的距離，都可看成點電荷D．均勻帶電圓環(huán)一定不能看成點電荷4、如圖，一絕緣細桿的兩端各固定著一個小球，兩小球帶有等量異號的電荷，處于勻強電場中，電場方向如圖中箭頭所示．開始時，細桿與電場方向垂直，即在圖中Ⅰ所示的位置；接著使細桿繞其中心轉過90°，到達圖中Ⅱ所示的位置；最后，使細桿移到圖中Ⅲ所示的位置．以W1表示細桿由位置Ⅰ到位置Ⅱ過程中電場力對兩小球所做的功，W2表示細桿由位置Ⅱ到位置Ⅲ過程中電場力對兩小球所做的功，則有A．W1=0，W2≠0 B．W1=0，W2=0C．W1≠0，W2=0 D．W1≠0，W2≠05、以下說法正確的是A．非線性元件不能用計算電阻B．電源的輸出功率越大，電源的效率越高C．通過導體單位面積的電荷量越多，導體中的電流越大D．電路中無論電阻怎樣連接，該電路消耗的電功率總等于各個電阻消耗的電功率之和6、關于下列物理量的說法正確的是（）A．根據可知，電場中某點的電場強度E與處于該點的點電荷電量q成反比B．根據可知，磁感應強度B與F成正比，與IL乘積成反比，其單位關系是C．由電源電動勢可知，非靜電力做功越多，電源電動勢也就越大D．雖然，但電容器的電容不由極板所帶電荷量、極板間電勢差決定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一個球繞中心軸線OO′以角速度ω做勻速圓周運動，則()A．a、b兩點的線速度相同B．a、b兩點的角速度相同C．若θ＝30°，則a、b兩點的線速度之比va∶vb＝∶2D．若θ＝30°，則a、b兩點的向心加速度之比aa∶ab＝∶28、某電場的等勢面如圖所示，下列說法正確的是（

）A．A、B兩點電場強度的方向相同B．一個電子在A點和B點具有的電勢能相同C．將一個電子從A點移動到C點,電勢能增加D．將一個電子從C點移動到B點,電勢能增加9、如圖所示，等腰直角三角形abc區(qū)域存在方向垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為三個相同的帶電粒子從b點沿bc方向分別以不同的速度、、射入磁場，在磁場中運動的時間分別為、、，且直角邊bc的長度為L，不計粒子的重力，下列說法正確的是A．三個速度的大小關系可能是B．三個速度的大小關系可能是C．粒子的比荷D．粒子的比荷10、氫原子只有一個電子，我們認為該電子受到庫侖力做勻速圓周運動，下列說法正確的是：A．軌道半徑越大，電子受到庫侖力越大； B．軌道半徑越大，電子受到庫侖力越?。籆．軌道半徑越大，電子速度越大； D．軌道半徑越大，電子速度越?。?、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示為多用電表的刻度盤.若選用倍率為“×100”的歐姆擋測電阻時，表針如圖所示，則：(1)所測電阻的阻值為_____Ω；如果要用此多用電表測量一個阻值約為2.0×104Ω的電阻，為了使測量結果比較精確，應選用的歐姆擋是_____(選填“×10”、“×100”或“×1k”)．(2)用此多用電表進行測量，當選用量程為50mA的直流電流擋測量電流時，表針指于圖示位置，則所測電流為______mA．(3)當選用量程為10V的直流電壓擋測量電壓時，表針也指于圖示位置，則所測電壓為________V．12．（12分）在練習使用多用電表時，某同學將選擇開關撥至歐姆“”擋，歐姆表的內部結構可簡化成圖甲中虛線框內的電路，其中定值電阻與電流表的內之比，電流表的量程已知，故能正確讀出流過電流表的電流值，歐姆表已經進行了必要的調零。該同學想用一個電阻箱較精確地測出該倍率下電路中電源的電動勢和歐姆表的總內阻，他的操作步驟是：．將歐姆表與電阻箱連成圖甲所示的閉合回路；．改變電阻箱阻值，記下電阻箱示數和與之對應的電流表的示數；．將記錄的各組、的數據描點在圖乙中，得到圖線，如圖乙所示；．根據圖乙作得的圖線，求出電源的電動勢和歐姆表的總內阻。(1)圖甲中，表筆的顏色是___________，電源的電動勢為________（一位有效數字），歐姆表總內阻為_________（三位有效數字）。電流表的量程是________（一位有效數字）。(2)若該同學將圖乙中電流表并聯一個定值電阻，組成一個新的歐姆表，這個新歐姆表的倍率較之改裝前歐姆表的倍率________（填“變大”、或者“變小”、或者“相同”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）行星繞恒星環(huán)繞半徑為r,周期為T，則恒星的質量M等于？（用r,T表示）14．（16分）如圖所示，在水平向右的勻強電場中，有一電荷量為-4×10-7C的負點電荷從A點運動到B點，電場力做功為1．2×10-6J，AB間距離4m，與水平方向夾角為600；求：（1）AB間電勢是多少？（2）勻強電場的電場強度多大？（1）如果A點的電勢為-4V，求B點的電勢為多大？15．（12分）如圖所示，兩豎直虛線間距為L，之間存在豎直向下的勻強電場．自該區(qū)域的A點將質量為m、電荷量分別為q和－q(q>0)的帶電小球M、N先后以相同的初速度沿水平方向射出．小球進入電場區(qū)域，并從該區(qū)域的右邊界離開．已知N離開電場時的位置與A點在同一高度；M剛離開電場時的動能為剛進入電場時動能的8倍．不計空氣阻力，重力加速度大小為g．已知A點到左邊界的距離也為L．（1）求該電場的電場強度大?。唬?）求小球射出的初速度大?。唬?）要使小球M、N離開電場時的位置之間的距離不超過L，僅改變兩小球的相同射出速度，求射出速度需滿足的條件．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】

元電荷是最小的電荷量，等于一個電子或一個質子帶的電荷量，故A說法錯誤，BC說法正確；元電荷是最小的電荷量，沒有正負之分，故D說法正確．所以選A．2、B【解題分析】

粒子受到向上的洛倫茲力和向下的電場力，二力平衡時粒子沿直線運動，當二力不平衡時，粒子做曲線運動，從而即可求解．【題目詳解】正離子恰能沿直線飛出離子速度選擇器，根據左手定則判斷可知，離子受的洛倫茲力方向向上，電場力方向向下，此時洛倫茲力與電場力二力平衡，應該有：qv0B=qE，即v0B=EA項：若改為電荷量-q的離子，根據左手定則判斷可知，離子受的洛倫茲力方向向下，電場力方向向上，由于qv0B=qE，此時洛倫茲力與電場力仍然平衡，所以負離子不偏轉，仍沿直線運動，故A錯誤；B項：若速度變?yōu)?v0，洛倫茲力增大為原來的2倍，而離子受的洛倫茲力方向向上，電場力不變，所以離子將向上偏轉，故B正確；C項：若改為電荷量+2q的離子，根據平衡條件得：qv0B=qE，即v0B=E，該等式與離子的電荷量無關，所以離子仍沿直線運動，故C錯誤；D項：若速度變?yōu)?，洛倫茲力變?yōu)樵瓉淼囊话耄x子受的洛倫茲力方向向上，電場力不變，所以離子將向下偏轉，故D錯誤．故應選B．【題目點撥】本題考查了利用質譜儀進行粒子選擇原理，只要對粒子進行正確的受力分析即可解決此類問題．3、C【解題分析】

點電荷的模型是重要的物理模型之一，它的條件是帶電體的大小遠小于電荷間的距離，都可看成點電荷，與帶電體的大小、帶電體所帶的電量都無直接的關系，故AB錯誤，C正確；均勻帶電圓環(huán)是否能看成點電荷與圓環(huán)的大小以及要研究的問題的范圍的大小有關，故D錯誤；故選C.4、C【解題分析】從Ⅰ到位置Ⅱ過程中，+q沿著電場線運動，-q逆著電場線運動，電場力對兩電荷都做正功，所以W1≠0；由位置Ⅱ到位置Ⅲ過程中，電場力對+q做正功，電場力對-q做的負功大小相等，因此電場力對兩小球所做的總功為零，W2=0，故C正確，ABD錯誤．5、D【解題分析】

A．非線性元件歐姆定律不適用，但能用計算導體在某狀態(tài)下的電阻，故A錯誤.B．外電阻越接近電源內阻，輸出功率越大，當R=r時輸出功率最大；而R越大，效率η越大；當輸出功率最大時，效率η只有50%

，故B錯誤.C．根據公式：可知通過導體橫截面的電荷量越多，電路中的電流不一定越大，因為還與時間有關.故C錯誤.D．電路中各電阻的功率為：P1=U1I1，P2=U2I2……串聯電路電流處處相等，總功率為：并聯電路各支路電壓相等，總功率為：即電路中無論電阻怎樣連接，該電路消耗的電功率總等于各個電阻消耗的電功率之和，故D正確.6、D【解題分析】A項：電場中某點的電場強度E與試探電荷在電場中該點受力F無關，僅有帶電體本身決定，故A錯誤；B項：B與F成正比，與IL成反比”不對，磁感應強度是由磁場本身決定的，與F、L、I無關，故B錯誤；C項：移送相同電荷量時，非靜電力做功越多，電動勢越大，故C錯誤；D項：是電容器的定義式，電容只取決于本身的性質，故D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解題分析】

AB．球繞中心軸線OO′以角速度ω做勻速圓周運動，球上的質點a、b

兩點的角速度相同，半徑不同，由v=rω，線速度不同，故A錯誤，B正確；C．a、b

兩點的角速度相同，由v=rω，線速度比等于半徑比故C正確；D．a、b

兩點的角速度相同，由a=rω2，向心加速度比等于半徑比，故D正確；故選BCD。8、BC【解題分析】

A．根據電場線方向與等勢面垂直且由高電勢指向低電勢，可知A、B兩點的電場強度方向不相同，故A錯誤；B．因為A、B在同一等勢面上，所以一個電子在A點和B點具有的電勢能相同，故B正確；C．將一個電子從A點移動到C點，電場力做功：電場力做負功，故電勢能增加，故C正確；D．將一個電子從C點移動到B點，電場力做功：電場力做正功，故電勢能減少，故D錯誤。故選BC。9、ACD【解題分析】

由軌跡圖可知，速度為v3的粒子偏轉角為300，速度為v1v2的粒子從ab邊穿出，則偏轉角為90°，但兩者的速度大小關系不定，但其半徑一定比速度為v3的粒子半徑小，由半徑公式，則v3一定大于v1和v2，所以選項A正確，選項B錯誤．由于速度為v1的粒子偏轉90°，則，于是，所以選項D正確．對速度為v3的粒子偏轉30°，畫出運動軌跡如圖所示，由幾何關系知：r3tan15°+r3tan15°cos30°=L，所以，而，聯立得到：，所以選項C正確．故選ACD．【題目點撥】此題涉及的是帶電粒子在三角形磁場區(qū)域內做勻速圓周運動問題，要注意的是已知的是帶電粒子在磁場區(qū)域內的時間之比，也就是告訴了偏轉角之比，結合題意就知道帶電粒子從哪條邊穿出，從而知道偏轉角的大小，由幾何關系也能求出粒子3的半徑，由半徑和周期公式就能求出速度大小關系和比荷.10、BD【解題分析】

根據庫侖定律可知，軌道半徑越大，電子受到庫侖力越小，選項A錯誤，B正確；根據可知，，則軌道半徑越大，電子速度越小，選項C錯誤，D正確；故選BD．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)1.5×103；×1k；(2)30.8(30.7～30.9都正確)；(3)6.2；【解題分析】

（1）用倍率為“”的電阻擋測電阻，由圖示可知，電阻阻值為：；多用電表測量一個阻值約為的電阻，為了使測量結果比較精確，應選用的歐姆擋是；（2）選用量程為的電流擋測量電流，由圖示表盤可知，其分度值為，示數為；（3）選用量程為的電壓擋測量電壓，由圖示表盤可知，其分度值為，示數為．點睛：本題考查了多用電表讀數，對多用電表讀數時，要先根據選擇開關的位置確定其所測量的量與量程，然后根據表盤確定其分度值，再讀數，讀數時視線要與刻度線垂直．12、黑變小【解題分析】

(1)[1]由圖甲所示可知，a與電源正極相連，則a表筆是黑色的；[2][3]電流表G與定值電阻并聯，由題意可知則有由圖甲所示，根據閉合回路歐姆定律得變形得由圖乙所示圖象可知，圖象縱軸截距圖象斜率解得E=8V內阻[4]由歐姆定律得電流表的量程為(2)[5]將圖甲中電流表G并聯一個定值電阻，組成一個新的歐姆表（表盤刻度不變），歐姆表電流變大，內阻減小，新歐姆表的倍率較改裝前歐姆表的倍率變小。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解題分析】

根據萬有引力提供向心力有：解得：14、（1）-8V（2）4N/C（1）4V【解題分析】試題分析：（1）A