2023-2024學年四川省成都市新津中學物理高二第一學期期末質量檢測模擬試題含解析

2023-2024學年四川省成都市新津中學物理高二第一學期期末質量檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于電場線，下列說法正確的是（）A.電場線與電場一樣是一種物質B.電場線方向是電勢降落最快的方向C.電場線上某點的電場方向就是電荷在該點受到的電場力方向D.正點電荷只在電場力的作用下一定沿電場線方向運動2、在磁場中的某一位置放置一條直導線，導線的方向與磁場方向垂直．先后在導線中通入不同的電流，導線所受的力也不一樣．下列幾幅圖表現的是導線受的力與通過的電流的關系，、分別代表一組、的數據，其中正確的是（）A. B.C. D.3、如圖所示，金屬桿MN用兩根絕緣細線懸于天花板O、O′點桿中通有垂直于紙面向里的恒定電流空間有豎直向上的勻強磁場，桿靜止時處于水平，懸線與豎直方向的夾角為θ，若將磁場在豎直面內沿逆時針方向緩慢轉過90°，在轉動過程中通過改變磁場磁感應強度大小保持懸線與豎直方向的夾角不變，則在轉動過程中，磁場的磁感應強度大小的變化情況是（）A.一直減小 B.一直增大C.先減小后增大 D.先增大后減小4、關于電場和磁場、電場線和磁感線，下列說法正確的是（）A.電場和磁場都是假想的，不是客觀存在的物質B.在電場中的電荷一定受到電場力的作用，在磁場中的運動電荷一定受到磁場力的作用C.電場線和磁感線是可以形象描述場的強弱和方向的客觀存在的曲線D.磁場中任何兩條磁感線都不相交5、某手持式考試金屬探測器如圖所示，它能檢查出考生違規(guī)攜帶的電子通訊儲存設備。工作時，探測環(huán)中的發(fā)射線圈通以正弦式電流，附近的被測金屬物中感應出電流，感應電流的磁場反過來影響探測器線圈中的電流，使探測器發(fā)出警報。則（）A.被測金屬物中產生的是恒定電流B.被測金屬物中產生的是交變電流C探測器與被測金屬物相對靜止時不能發(fā)出警報D.違規(guī)攜帶的手機只有發(fā)出通訊信號時才會被探測到6、一個阻值為2Ω的線圈在勻強磁場中轉動，產生的交變電動勢為，當該線圈與一阻值為8Ω的電阻組成閉合回路時，下列說法正確的是()A.t＝0時，線圈平面位于中性面B.t＝0時，穿過線圈的磁通量為0C.電阻的熱功率為16WD.用電壓表測路端電壓時讀數為11.3V二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩個半徑相同的金屬小球（視為點電荷），帶電荷量之比為1：7，相距為r，兩者相互接觸后再放回原來的位置上，則相互作用力可能為原來的（）A. B.C.倍 D.倍8、回旋加速器的主要結構如圖所示，兩個D形空盒拼成一個圓形空腔，中間留一條縫隙，當其工作時，關于回旋加速器加速帶電粒子所獲得的能量，下列說法正確的是A.與加速器的半徑有關，半徑越大，能量越大B.與加速器的磁場有關，磁場越強，能量越大C.與加速器的電場有關，電場越強，能量越大D.與帶電粒子的質量和電荷量均有關，質量、電荷量越大，能量越大9、如圖所示,半徑為R的圓是圓柱形區(qū)域的橫截面,c為圓心,,在圓上a點有一粒子源能以相同的速率向圓而內各個方向發(fā)射質量為m、電荷量為q的帶正電粒子,柱形區(qū)域內存在平行于圓面的勻強電場,粒子從電場中射出的最大動能是初動能的4倍經過b點的粒子在b點的動能是初動能的3倍,已知初動能為Ek,不計粒子重力及粒子間的相互作用,下列選項正確的有A.電場強度大小為 B.電場強度大小為C.電場強度方向從a到b D.電場強度方向從a到c10、比值法定義物理量是物理學中一種很重要的思想方法，下列物理量的表達式用比值法定義的是（）A.電場強度E=F/q B.電勢φ=Ep/qC.電容C=Q/U D.電流I=U/R三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學要測量一個由均勻新材料制成的圓柱體的電阻率。步驟如下：(1)用游標卡尺測量其長度；(2)用多用電表粗測其阻值：當用“×100”擋時發(fā)現指針偏轉角度過大，他應該換用______擋（填“×10”或“×1k”），換擋并進行一系列正確操作后，指針靜止時如圖所示，則金屬棒的阻值約為______Ω。(3)為了更精確地測量其電阻，現有的器材及其代號和規(guī)格如下：待測圓柱體電阻R；電流表A1（量程0～3mA，內阻約50Ω）；電流表A2（量程0～15mA，內阻約30Ω）；電壓表V(量程0～3V，內阻約10KΩ)；滑動變阻器R1（阻值范圍0～15Ω）；滑動變阻器R2（阻值范圍0～2kΩ；）直流電源E（電動勢4V，內阻不計）；開關S，導線若干。為使實驗誤差較小，要求測得多組數據進行分析，電流表應選____，滑動變阻器應選____（選填代號）。(4)請在圖中補充連線并完成實驗。_____12．（12分）讀出下圖中游標卡尺和螺旋測微器的讀數游標卡尺的讀數為_________mm.；螺旋測微器的讀數為_________mm.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A．電場是真實存在的物質，而電場線是人假想出來的，不是真實存在的，A錯誤；B．沿電場線方向電勢降落最快，B正確；C．正電荷受到的電場力方向和電場方向相同，負電荷受到的電場力方向和電場方向相反，C錯誤；D．點電荷運動的軌跡不一定與電場線重合，只有當電場線是直線，而且正電荷沒有初速度或初速度方向與電場同向時，正點電荷運動方向才沿電場線方向運動，D錯誤；故選B。2、C【解析】磁感應強度是由磁場本身性質決定的，在磁場中的某一位置，磁感應強度應是定值，所以導線受的力F與通過的電流I的關系為F=BIL，則F-I圖象中的圖線應是過原點的一條直線；故選C。3、C【解析】分析通電導線的受力情況，當磁場旋轉時通過圖解法分析安培力的變化，從而分析磁感應強度的變化.【詳解】磁場在旋轉的過程中，桿處于平衡狀態(tài)，桿所受重力的大小和方向不變，懸線的拉力方向不變，由圖解法可知，在磁場旋轉的過程中，安培力先減小后增大，由F=BIL可知，磁場的磁感應強度先減小后增加，故選C.【點睛】本題主要是考查安培力作用下的導體棒的平衡問題，解答此類問題要明確導體棒的受力情況，結合平衡條件列方程解答4、D【解析】A．電場和磁場都是客觀存在的，電場線和磁感線才是為了形象描述場而假想的曲線，故A錯誤；B．在電場中的電荷一定受到電場力的作用，而在磁場中運動電荷速度方向與磁場方向共線時不受磁場力的作用，故B錯誤；C．電場線和磁感線是可以形象描述場強弱和方向的假想曲線，故C錯誤；D．磁感線是閉合曲線，磁場中任何兩條磁感線都不相交，故D正確。故選D。5、B【解析】AB．探測器靠近金屬物體時，在金屬導體中就會產生渦電流，這種渦流是交變電流，故A錯誤，B正確；C．根據法拉第電磁感應定律，探測器產生的是變化的磁場，使靠近的金屬物體產生渦流，探測器與被測金屬物相對靜止時也能發(fā)出警報，故C錯誤；D．探測器靠近金屬物體時，在金屬導體中就會產生渦電流，可以確定該設備的制成原理是電磁感應現象，和違規(guī)攜帶的手機是否發(fā)出通訊信號無關，故D錯誤。故選B。6、A【解析】因為電動勢的表達式是正弦函數，所以是從中性面開始計時的，故A正確；t=0時，線圈處于中性面，線圈平面與磁場垂直，磁通量最大，故B錯誤；由題意可知，電動勢的有效值為10V，所以電路中的電流為：，所以電阻的熱功率為，故C錯誤；用電壓表測路端電壓時讀數為U=IR=8V，故D錯誤．故選A【點睛】本題考查了交流電的描述，根據交流電的表達式，可知知道其最大值，以及線圈轉動的角速度等物理量，知道電動勢的表達式是正弦函數，從中性面開始計時的，此時磁通量最大，根據求解電功率，電壓表和電流表測量的都是有效值二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】根據庫侖定律得如果兩金屬球帶同種電荷，根據庫侖定律得解得D正確；如果兩金屬球帶異種電荷，根據庫侖定律解得C正確。故選CD。8、AB【解析】由qvB＝得：，則最大動能為：，知最大動能與加速器的半徑、磁感線強度以及電荷的電量和質量有關．半徑越大，能量越大；磁場越強，能量越大；故AB正確；由可知，粒子獲得的最大動能與加速電場無關．故C錯誤；由可知，質量和電量都大，粒子獲得的最大動能不一定大．故D錯誤．故選AB9、ABC【解析】設電場方向與ab邊夾角為，離開電場時動能最大的粒子的射出點和c點的連線一定和電場方向平行，如圖所示，在粒子從a運動到b點過程中由動能定理有：對離開電場時動能最大的粒子在電場中由動能定理有：由以上兩式解得或時（即電場方向由a指向b），得時，故選ABC。10、ABC【解析】A、電場強度與放入電場中電荷無關，所以屬于比值定義法．故A正確B、電場中的電勢定義式，屬于比值定義法．故B正確C、電容C由本身的性質決定，與所帶的電荷量及兩端間的電勢差無關．所以屬于比值定義法．故C正確D、根據歐姆定律，可知電流I與電壓U成正比，與電阻R成反比，不屬于比值定義法，故D錯誤．故選ABC【點睛】所謂比值定義法，就是用兩個基本的物理量的“比”來定義一個新的物理量的方法．比值法定義的基本特點是被定義的物理量往往是反映物質的最本質的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.×10②.220或2.2×102③.A2④.R1⑤.【解析】(2)[1]多用電表的指針在開始使用時是停在最左邊無窮大刻度的，零刻度在右邊，用“×100”擋時發(fā)現指針偏轉角度過大，即所測電阻偏小，應選用小一檔測量，故選“×10”擋；[2]用歐姆表測電阻的讀數方法為指針示數乘以倍率，當指針指在中央附近時測量值較準確，所以該電阻的阻值約為(3)[3]由電動勢和電阻的阻值知電流最大為所以用電流表A2；[4]滑動變阻器用小阻值的，便于調節(jié)，所以用滑動變阻器.(4)[5]本實驗中，因待測電阻值遠小于電壓表內阻，電流表應選外接法；又滑動變阻器最大阻值遠小于待測電阻值，故變阻器應用分壓式接法，電路圖如圖所示12、①.11.4②.10.294到10.296都對【解析】游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標讀數，不需估讀．螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀【詳解】游標卡尺的讀數為：1.1cm+0.1mm×4=11.4mm；螺旋測微器的讀數為：10mm+0.01mm×29.5=10.295mm.【點睛】解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標讀數，不需估讀．以及螺旋測微器的讀數方法，固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀