重慶地區(qū)2024屆物理高二上期中檢測(cè)試題含解析

重慶地區(qū)2024屆物理高二上期中檢測(cè)試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下列說(shuō)法中正確的是（）A．電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)，電勢(shì)也一定為零B．電場(chǎng)強(qiáng)度處處相等的區(qū)域內(nèi)，電勢(shì)也一定處處相等C．電流在磁場(chǎng)中某處不受磁場(chǎng)力作用，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零D．由B=F/IL可知，B與F成正比，與IL成反比2、下面幾個(gè)速度中，表示平均速度的是A．子彈擊中目標(biāo)時(shí)的速度是800m/sB．氣象臺(tái)報(bào)道，某臺(tái)風(fēng)的移動(dòng)速度是30m/sC．汽車表盤上顯示某時(shí)汽車速度是80km/hD．運(yùn)動(dòng)員在百米比賽終點(diǎn)時(shí)速度為10.89m/s3、如圖是電阻R1和R2的伏安特性曲線，把第一象限分為Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個(gè)區(qū)域，現(xiàn)把R1和R2并聯(lián)，則并聯(lián)后的總電阻R的伏安特性曲線所在區(qū)域描述正確的是A．特性曲線在Ⅰ區(qū)B．特性曲線在Ⅱ區(qū)C．特性曲線在Ⅲ區(qū)D．特性曲線在這三個(gè)區(qū)域以外4、地球的周圍存在地磁場(chǎng)，能有效地改變射向地球的宇宙射線的方向，使它們不能到達(dá)地面，從而保護(hù)地球上的生命。假設(shè)有一束帶正電的宇宙射線粒子垂直于地面向赤道射來(lái)（如圖，地球由西向東轉(zhuǎn)，虛線表示地球自轉(zhuǎn)軸，上方為地理北極），不考慮粒子受到的其他力的作用，只在地磁場(chǎng)的作用下，粒子在進(jìn)入地球周圍的空間時(shí)，其偏轉(zhuǎn)方向以及速度大小的變化情況是()A．相對(duì)于預(yù)定地點(diǎn)向東偏轉(zhuǎn)，速度變大B．相對(duì)于預(yù)定地點(diǎn)向西偏轉(zhuǎn)，速度變大C．相對(duì)于預(yù)定地點(diǎn)向東偏轉(zhuǎn)，速度大小不變D．相對(duì)于預(yù)定地點(diǎn)向西偏轉(zhuǎn)，速度大小不變5、將兩個(gè)分別帶有電荷量－2Q和＋5Q的相同金屬小球A、B分別固定在相距為r的兩處（均可視為點(diǎn)電荷），它們之間庫(kù)侖力的大小為F.現(xiàn)將第三個(gè)與A、B兩小球完全相同的不帶電小球C先后與A、B兩小球相互接觸后拿走，A、B兩小球間距離保持不變，則兩小球間庫(kù)侖力的大小為A．F B．F C．F D．F6、圖甲是回旋加速器的示意圖，其核心部分是兩個(gè)D形金屬盒．D形盒與高頻電源相連，且置于垂直于盒面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．帶電粒子在磁場(chǎng)中的動(dòng)能Ek隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示，若忽略帶電粒子在電場(chǎng)中的加速時(shí)間，則下列說(shuō)法中正確的是()A．t4－t3＜t3－t2＜t2－t1B．Ek4－Ek3＝Ek3－Ek2＝Ek2－Ek1C．電場(chǎng)的變化周期等于t1D．僅增大加速電壓，射出的粒子動(dòng)能會(huì)變大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、在靜電場(chǎng)中，將一電子由a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電場(chǎng)力做功5eV，則下列結(jié)論錯(cuò)誤的是（）A．電場(chǎng)強(qiáng)度的方向一定是由b到aB．a(chǎn)、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差Uab為5VC．電子的電勢(shì)能減少了5eVD．因零電勢(shì)點(diǎn)未確定，故不能確定a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)8、如圖所示，平行板電容器的兩極板A、B接于電池兩極，一帶正電小球懸掛在電容器的內(nèi)部，閉合電鍵S給電容器充電，這時(shí)懸線偏離豎直方向θ角，若（）A．電鍵S斷開(kāi)，將A板向B板靠近，則θ增大B．電鍵S斷開(kāi)，將A板向B板靠近，則θ不變C．保持電鍵S閉合，將A板向B板靠近，則θ變小D．保持電鍵S閉合，將A板向B板靠近，則θ增大9、如圖所示，電路中的變壓器為一理想變壓器，S為單刀雙擲開(kāi)關(guān)，P是滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭，原線圈兩端接電壓恒定的交變電流，則能使原線圈的輸入功率變大的是A．保持P的位置不變，S由b切換到aB．保持P的位置不變，S由a切換到bC．S擲于b位置不動(dòng)，P向上滑動(dòng)D．S擲于b位置不動(dòng)，P向下滑動(dòng)10、兩列頻率相同、振幅均為的簡(jiǎn)諧橫波、分別沿和軸方向在同一介質(zhì)中傳播，兩列波的振動(dòng)方向均沿軸．某時(shí)刻兩波的波面如圖所示，實(shí)線表示波的波峰、波的波谷；虛線表示波的波谷、波的波峰．、、為三個(gè)等間距的質(zhì)點(diǎn)，為、中間的質(zhì)點(diǎn)．下列判斷正確的是（）A．質(zhì)點(diǎn)的振幅為B．質(zhì)點(diǎn)始終靜止不動(dòng)C．圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的位移為0D．圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向沿軸三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）現(xiàn)有一個(gè)靈敏電流表，它的滿偏電流，內(nèi)阻，若要將它改裝成量程為5A的電流表，應(yīng)并聯(lián)一個(gè)_______Ω的電阻，改裝后的電流表測(cè)量電流時(shí)，指針指在表盤上的原來(lái)處，則被測(cè)電流的大小是__________A．12．（12分）在把電流表改裝成電壓表的實(shí)驗(yàn)中，把量程Ig=300μA，內(nèi)阻約為100Ω的電流表G改裝成電壓表．（1）采用如圖所示的電路測(cè)電流表G的內(nèi)阻Rg，可選用器材有：A．電阻箱：最大阻值為999.9Ω；B．電阻箱：最大阻值為99999.9Ω；C．滑動(dòng)變阻器：最大阻值為200Ω；D．滑動(dòng)變阻器，最大阻值為2kΩ；E．電源，電動(dòng)勢(shì)約為2V，內(nèi)阻很小；F．電源，電動(dòng)勢(shì)約為6V，內(nèi)阻很小；G．開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干?為提高測(cè)量精度，在上述可供選擇的器材中，可變電阻R1應(yīng)該選擇___；可變電阻R2應(yīng)該選___；電源E應(yīng)該選擇___．（填入選用器材的字母代號(hào)）（2）測(cè)電流表G內(nèi)阻Rg的實(shí)驗(yàn)步驟如下：a．連接電路，將可變電阻R1調(diào)到最大；b．?dāng)嚅_(kāi)S2，閉合S1，調(diào)節(jié)可變電阻R1使電流表G滿偏；c．閉合S2，調(diào)節(jié)可變電阻R2使電流表G半偏，此時(shí)可以認(rèn)為電流表G的內(nèi)阻Rg=R2設(shè)電流表G內(nèi)阻Rg的測(cè)量值為R測(cè)，真實(shí)值為R真，則R測(cè)___R真?（填“大于”、“小于”或“相等”）（3）若測(cè)得Rg=105.0Ω，現(xiàn)串聯(lián)一個(gè)9895.0Ω的電阻將它改裝成電壓表，用它來(lái)測(cè)量電壓，電流表表盤指針位置如圖所示，則此時(shí)所測(cè)量的電壓的值應(yīng)是___V．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）在水平放置且相距2cm的平行帶電金屬板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有一個(gè)質(zhì)量為m=10-4g，電量q=-10-8C的帶電液滴，恰在兩板間的正中央處于靜止?fàn)顟B(tài)。問(wèn)：（1）哪塊板帶正電？（答上極板或下極板）板間電場(chǎng)強(qiáng)度多大？（2）若板間電場(chǎng)強(qiáng)度突然增為原來(lái)的2倍，液滴將做什么運(yùn)動(dòng)？到達(dá)極板時(shí)的速度多大？（結(jié)果可用根號(hào)表示）14．（16分）如圖所示，足夠長(zhǎng)的U形導(dǎo)體框架的寬度l=0.5m，電阻忽略不計(jì)，其所在平面與水平面成θ=37°角，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.8T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)體框平面，一根質(zhì)量m=0.2kg，有效電阻R=2Ω的導(dǎo)體棒MN垂直跨放在U形框架上，導(dǎo)體棒與框架間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，導(dǎo)體棒由靜止開(kāi)始沿框架下滑到剛開(kāi)始勻速運(yùn)動(dòng)，通過(guò)導(dǎo)體棒截面的電量共為Q=2C．求：（1）導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)的速度；（2）導(dǎo)體棒從開(kāi)始下滑到剛開(kāi)始勻速運(yùn)動(dòng)這一過(guò)程中，導(dǎo)體棒的電阻產(chǎn)生的焦耳熱．（sin

37°=0.6，cos

37°=0.8，g=10m/s2）15．（12分）如圖所示，相距為d的兩平行虛線L1和L2，L1上方和L2下方都是垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，A、B兩點(diǎn)都在L2上。質(zhì)量為m，電荷量為+q的帶電粒子從A點(diǎn)以初速v0與L2成斜向上射出，經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)后正好過(guò)L2上的B點(diǎn)，經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)速度方向也斜向上，不計(jì)粒子的重力。求：（1）A、B兩點(diǎn)的距離；（2）若另一質(zhì)量為m，電荷量為-q的粒子從A點(diǎn)以同樣的速度射出，粒子是否還能經(jīng)過(guò)B點(diǎn)，說(shuō)明理由（3）若該粒子從A點(diǎn)以v0與L2成斜向上射出，粒子仍能經(jīng)過(guò)B點(diǎn)，求兩種出射情況下從A點(diǎn)到達(dá)B點(diǎn)的時(shí)間之比。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解題分析】A、電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)沒(méi)有關(guān)系，電場(chǎng)強(qiáng)度為零的地方電勢(shì)不一定為零，電勢(shì)為零的地方電場(chǎng)強(qiáng)度也不一定為零，故A錯(cuò)誤；B、電場(chǎng)強(qiáng)度處處相等的區(qū)域內(nèi)，沿著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)是降低的，故B錯(cuò)誤；C、處在電場(chǎng)中的電荷一定受到電場(chǎng)力，但在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的電荷不一定有磁場(chǎng)力存在，當(dāng)運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)方向平行時(shí)，沒(méi)有磁場(chǎng)力作用，因此電流在某點(diǎn)不受磁場(chǎng)力作用，則該點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，故C正確；D、磁感應(yīng)強(qiáng)度之取決于磁場(chǎng)本身，與F和IL沒(méi)有關(guān)系，D錯(cuò)誤．故選C．2、B【解題分析】試題分析:子彈擊中目標(biāo)時(shí)的速度與某一位置對(duì)應(yīng)，為瞬時(shí)速度，所以A錯(cuò)；氣象臺(tái)報(bào)道，某臺(tái)風(fēng)的移動(dòng)速度是某一段時(shí)間內(nèi)的速度是平均速度，所以B正確；汽車表盤上顯示某時(shí)汽車速度是某一時(shí)刻的速度，是瞬時(shí)速度，所以C錯(cuò)；運(yùn)動(dòng)員在百米比賽終點(diǎn)時(shí)速度與某一位置對(duì)應(yīng)，為瞬時(shí)速度，所以D錯(cuò)考點(diǎn)：平均速度；瞬時(shí)速度3、A【解題分析】

把R1和R2并聯(lián)在電路中，并聯(lián)的總電阻R比R1和R2都小，I-U圖像中，斜率的倒數(shù)是電阻的大小，則R的伏安特性曲線的斜率大于R1和R2的伏安特性曲線的斜率，所以R的伏安特性曲線應(yīng)該Ⅰ區(qū)，故A正確，BCD錯(cuò)誤。4、C【解題分析】當(dāng)帶正電的宇宙射線粒子垂直于地面向赤道射來(lái)時(shí),根據(jù)左手定則可以判斷粒子的受力的方向?yàn)橄驏|,所以粒子將向東偏轉(zhuǎn).而洛倫茲力一定垂直與速度,不做功,故不改變速度大小.所以C選項(xiàng)是正確的綜上所述本題答案是：C點(diǎn)睛：根據(jù)地球磁場(chǎng)的分布,由左手定則可以判斷粒子的受力的方向,從而可以判斷粒子的運(yùn)動(dòng)的方向.5、C【解題分析】

開(kāi)始時(shí)由庫(kù)侖定律得：當(dāng)小球和A接觸后，A球帶電為-Q，再和B球接觸時(shí)，先中和后總電量為4Q，故平分后B球帶電為2Q，因此此時(shí)：所以A.F與計(jì)算不符，故A錯(cuò)誤。B.F與計(jì)算不符，故B錯(cuò)誤。C.F與計(jì)算相符，故C正確。D.F與計(jì)算不符，故D錯(cuò)誤。6、B【解題分析】

A．根據(jù)知，粒子回旋周期不變，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半圓周的時(shí)間相等，即在Ek-t圖中應(yīng)有t4-t3=t3-t2=t2-t1故A錯(cuò)誤；B．粒子每次經(jīng)過(guò)電場(chǎng)時(shí)，電場(chǎng)力做功相等，則每次增加的動(dòng)能相等，即Ek4－Ek3＝Ek3－Ek2＝Ek2－Ek1則B正確；C．在電場(chǎng)變化的一個(gè)周期內(nèi)粒子被加速2次，則電場(chǎng)的變化周期等于t2，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．根據(jù)公式，得故最大動(dòng)能則知粒子獲得的最大動(dòng)能與D形盒的半徑有關(guān)，D形盒的半徑越大，粒子獲得的最大動(dòng)能越大，與加速電壓無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤；二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AB【解題分析】

A．由于不知道電子運(yùn)動(dòng)的軌跡是否與電場(chǎng)線重合，故電場(chǎng)強(qiáng)度的方向不一定由b到a，故A錯(cuò)誤；B．因?yàn)閯t即a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差是-5V，故B錯(cuò)誤；C.電子由a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電場(chǎng)力做功5eV，則電子的電勢(shì)能減少了5eV，故C正確；D．電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)大小的確定和零勢(shì)點(diǎn)的選取有關(guān)，所以零電勢(shì)點(diǎn)未確定，是不能確定a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)，故D正確。本題選錯(cuò)誤的，故選AB。8、BD【解題分析】

電容器充電后電鍵S斷開(kāi)，電容器所帶電量不變，根據(jù)推論分析板間場(chǎng)強(qiáng)是否變化，判斷θ如何變化．保持電鍵S閉合，板間電壓不變，將A板向B板靠近，根據(jù)E=Ud分析板間場(chǎng)強(qiáng)如何變化，判斷【題目詳解】A、B、電容器充電后電鍵S斷開(kāi)，電容器所帶電量不變，兩板正對(duì)面積和介電常量都不變，根據(jù)推論E=4πkQεrs得知，板間場(chǎng)強(qiáng)E不變，小球所受電場(chǎng)力不變，則將A板向B板靠近時(shí)，θ不變；故AC、D保持電鍵S閉合，板間電壓不變，將A板向B板靠近，板間距離d減小，由板間場(chǎng)強(qiáng)E=Ud分析得到場(chǎng)強(qiáng)增大，小球所受電場(chǎng)力增大，由平衡知識(shí)qE=mgtanθ知θ增大；故C故選BD.【題目點(diǎn)撥】電容器所帶電量不變，兩板正對(duì)面積和介電常量不變，板間場(chǎng)強(qiáng)不變是重要的推論，要在理解的基礎(chǔ)上加強(qiáng)記憶．9、AC【解題分析】

AB.保持P的位置不變，電阻保持不變，S由b切換到a，則輸出電壓變大，由得功率變大，A正確、B錯(cuò)誤；CD.S置于b位置不動(dòng)，則電壓保持不變，P向上滑動(dòng)，電阻變小，功率變大，P向下滑動(dòng)，電阻變大，功率變小，C正確、D錯(cuò)誤．10、CD【解題分析】

A.虛線表示P波的波谷、Q波的波峰，所以a點(diǎn)是P波的波谷、Q波的波峰相遇的點(diǎn)，所以a點(diǎn)的振幅是0，故A錯(cuò)誤；B.b點(diǎn)為a、c的中點(diǎn)，也是P與Q的中點(diǎn)，所以b點(diǎn)一定是振動(dòng)的加強(qiáng)點(diǎn)，所以b點(diǎn)的振幅是2A，故B錯(cuò)誤；C.實(shí)線表示P波的波峰、Q波的波谷，所以c點(diǎn)是P波的波峰、Q波的波谷相遇的點(diǎn)，所以c點(diǎn)的振幅是0，圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)c的位移為0，故C正確；D.a、b、c為三個(gè)等間距的質(zhì)點(diǎn)，由于a、c分別位于波峰與波谷處，所以b點(diǎn)在圖示的時(shí)刻，是兩列波的平衡位置所在處；波P向右傳播，由圖可知，d點(diǎn)位于波峰與平衡位置之間，由振動(dòng)與波的傳播方向之間的關(guān)系可知，P波的振動(dòng)方向向下；同時(shí)，Q波向左傳播，d點(diǎn)位于平衡位置與波谷之間，由振動(dòng)與波的傳播方向之間的關(guān)系可知，P波的振動(dòng)方向向下。綜合以上可知，圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)d的振動(dòng)方向沿?y軸。故D正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、0.04、1【解題分析】

所并電阻阻值為；因?yàn)?，所以指針指在表盤上的原來(lái)處，則被測(cè)電流的大小是故答案為0.04，112、BAF小于2.30【解題分析】

本實(shí)驗(yàn)通過(guò)半偏法測(cè)量電流表G的內(nèi)阻，抓住整個(gè)電路電流要基本保持不變，確定選擇的器材．通過(guò)總電阻的變化，導(dǎo)致總電流的變化，確定半偏法測(cè)量電流表內(nèi)阻的誤差．根據(jù)歐姆定律求出改裝后電壓表的電壓．（1）利用半偏法測(cè)量電流表G的內(nèi)阻，要保證總電流基本不變，則R1的阻值遠(yuǎn)大于R2的阻值，電動(dòng)勢(shì)選擇大一些的．故可變電阻R1應(yīng)該選擇B；可變電阻R2應(yīng)該選擇A；電源E應(yīng)該選擇F．（2）由于并聯(lián)R2后，總電阻減小，則總電流增大，所以通過(guò)R2的實(shí)際電流大于通過(guò)電流表G的電流，則R2的阻值小于電流表G的阻值，所以電流表R測(cè)＜R真．（3）根據(jù)歐姆定律得：U=Ig（Rg+R）=2.3×10﹣4×（105+9895）=2.30V；【題目點(diǎn)撥】本題考查了實(shí)驗(yàn)器材選擇、實(shí)驗(yàn)誤差分析、電壓表讀數(shù)，知道半偏法測(cè)電表內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)原理是正確解題的關(guān)鍵，要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選擇原則．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）98N/C（2）0.44m/s【解題分析】試題分析：帶電液滴靜止受力平衡，重力與電場(chǎng)力大小相等，方向相反；應(yīng)用牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)關(guān)系式即可解得。(1)電場(chǎng)力與重力平衡，故電場(chǎng)力向上，故上極板帶正電；液滴靜止時(shí)，根據(jù)平衡條件，有：qE=mg

解得：E=98N/C（2）液滴向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)由牛頓第二定律：2qE-mg=ma解得：a=g由速度位移公式：帶入數(shù)據(jù)解得：v=0.44m/s點(diǎn)睛：本題主要考查了液滴在平行板間的平衡和運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，應(yīng)用牛頓第二定律與勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)