2024屆湖南省岳陽縣一中物理高二上期中復(fù)習(xí)檢測試題含解析

2024屆湖南省岳陽縣一中物理高二上期中復(fù)習(xí)檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，用細線掛一質(zhì)量為M的木塊，有一質(zhì)量為m的子彈自左向右水平射穿此木塊，穿透前后子彈的速度分別為和v（設(shè)子彈穿過木塊的時間和空氣阻力不計），木塊的速度大小為（

）A． B． C． D．2、如圖所示的電路中，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，當(dāng)閉合開關(guān)S后，若將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，則正確的是A．電壓表和電流表的示數(shù)都增大 B．燈L2變暗，電流表的示數(shù)減小C．燈L1變亮，電壓表的示數(shù)減小 D．燈L2變亮，電容器的帶電量增加3、下列物理量中，均屬于矢量的是A．功和力B．位移和路程C．線速度和加速度D．電場強度和電流4、下列哪個是電場強度的單位A．庫 B．安 C．伏 D．牛庫5、下列說法正確的是___________A．由庫侖定律可知，當(dāng)時，B．處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部場強處處為0C．電場中某點的電場強度越大，則該點的電勢越高D．電場線與等勢面平行6、如圖所示，圖中五點均在勻強電場中，它們剛好是一個圓的四個等分點和圓心．已知電場線與圓所在平面平行．下列有關(guān)等分點a的電勢的相關(guān)描述正確的是()A．a(chǎn)點的電勢為－2VB．a(chǎn)點的電勢為2VC．a(chǎn)點的電勢為6VD．a(chǎn)點的電勢為8V二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一個T形電路如圖所示，電路中的電阻R1＝120Ω，R2＝10Ω，R3＝40Ω.另有一測試電源，電動勢為100V，內(nèi)阻忽略不計．則()A．當(dāng)c、d端短路時，a、b之間的等效電阻是130ΩB．當(dāng)a、b端短路時，c、d之間的等效電阻是40ΩC．當(dāng)a、b兩端接通測試電源時，用理想電壓表測得c、d兩端的電壓為50VD．當(dāng)c、d兩端接通測試電源時，用理想電壓表測得a、b兩端的電壓為80V8、如圖所示，一質(zhì)量為M=3.0kg的長方形木塊B放在光滑水平地面上，在其右端放一質(zhì)量m=1.0kg的小木塊A．現(xiàn)以地面為參考系，給A和B一大小均為4.0m/s、方向相反的初速度，使A開始向左運動、B開始向右運動，但最后A并沒有滑離B板.站在地面上的觀察者看到在一段時間內(nèi)物塊A做加速運動.則在這段時間內(nèi)的某時刻，木塊B相對地面的速度大小可能是（）A．2.8m/s B．2.5m/s C．2.2m/s D．1.9m/s9、如圖（a），直線MN表示某電場中的一條電場線，a、b是線上的兩點，將一帶負電荷的粒子從a點處由靜止釋放，粒子從a運動到b過程中的v-t圖線如圖（b）所示．設(shè)a、b兩點的電勢分別為、，場強大小分別為Ea、Eb，粒子在a、b兩點的電勢能分別為Wa、Wb，不計重力，則有A．> B．Ea>Eb C．Ea<Eb D．Wa>Wb10、在勻強磁場中，一矩形金屬線框在勻強磁場中繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)動軸勻速轉(zhuǎn)動如圖甲所示，產(chǎn)生的交變電動勢隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，則下列說法正確的是（）A．t=0.01s時穿過線框的磁通量最小B．t=0.01s時穿過線框的磁通量變化率最大C．該線框勻速轉(zhuǎn)動的角速度大小為100πD．電動勢瞬時值為22V時，線圈平面與中性面的夾角可能為45°三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示為“研究影響平行板電容器電容的因素”的實驗裝置，在以下操作步驟中，靜電計指針的張角分別是怎樣變化的？請將答案填在相應(yīng)的橫線上。（1）甲圖中將B板上移，靜電計的指針張角將_______（填“增大”或“減小”或“不變”）（2）乙圖中將B板左移，靜電計的指針張角將_______（填“增大”或“減小”或“不變”）（3）丙圖中將電介質(zhì)插入兩板之間，靜電計的指針張角將_______（填“增大”或“減小”或“不變”）（4）本實驗的研究方法是____________。12．（12分）某實驗小組要探究一小燈泡的伏安特性曲線，并研究小燈泡在不同電壓下的實際功率，實驗電路如圖甲所示：(1)請根據(jù)實物圖在方框內(nèi)畫出測量小燈伏安特性曲線的原理電路圖．(2)實驗閉合電鍵前，滑動變阻器的滑片應(yīng)在_____端(填“a”或“b”)．(3)實驗中閉合開關(guān)，把滑動片向一端移動過程中，發(fā)現(xiàn)電流表與電壓表均有明顯讀數(shù)且讀數(shù)幾乎不變，則電路中出現(xiàn)故障的元件可能是______(填“A”或“B”)．A．小燈泡B．滑動變阻器(4)該小組根據(jù)實驗數(shù)據(jù)描繪出小燈泡的伏安特性曲線如圖丙所示，可判定在圖乙中小燈泡的功率與加在兩端電壓的平方U2的圖像正確的是_______(選填“1”、“2”、“3”)．(5)某同學(xué)將兩個完全相同的這種小燈泡并聯(lián)接在電源兩端，已知電源的電動勢E=3V、內(nèi)阻r=2Ω，則此時每個小燈泡的實際功率為_________(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）有一個小型直流電動機，把它接入電壓為U1＝0.2V的電路中時，電動機不轉(zhuǎn)，測得流過電動機的電流是I1＝0.4A；若把電動機接入U2＝2.0V的電路中，電動機正常工作，工作電流是I2＝1.0A，試求：(1)電動機正常工作時的輸出功率多大？(2)如果在電動機正常工作時，轉(zhuǎn)子突然被卡住，此時電動機的發(fā)熱功率是多大？14．（16分）如圖所示，傾角為θ的粗糙斜面軌道AB，通過一小段光滑圓弧與足夠長的光滑水平軌道BC相連接?；瑝K乙靜止在水平軌道上，質(zhì)量為m的滑塊甲，以初速度v0向左運動，并與滑塊乙發(fā)生彈性正碰。已知滑塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)均為，重力加速度為g。要使兩滑塊能發(fā)生第二次碰撞，滑塊乙的質(zhì)量應(yīng)該滿足什么條件？15．（12分）如圖所示，M、N是兩塊正對的平行金屬板，兩板間是場強為E的勻強電場，N板接地。A是電場中的一點，已知A點到N板的距離為d。（1）把一個電荷量為+q的油滴從A點移到N板。求電場力對油滴所做的功W以及油滴在A點具有的電勢能EPA。（2）a．電勢反映了靜電場各點的能的性質(zhì)，請寫出電勢的定義式，并據(jù)此求出A點的電勢A；b．兩板間既有靜電場也有重力場。類比電勢的定義方法，在重力場中建立“重力勢”的概念，寫出重力勢φG的表達式，并簡要說明電勢和“重力勢”

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】根據(jù)動量守恒定律得：mv0=mv+MV，得

，故選B.2、C【解題分析】

將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知：干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數(shù)減小，燈L1變亮；R與燈L2并聯(lián)電路的電壓：U減小,U1增大,U并減小，燈L2變暗.流過電流表的電流：I增大，I2減小，IA增大，電流表的示數(shù)增大;

電容器兩端的電壓等于并聯(lián)部分的電壓,電壓變小，由：知電容器的電荷量減少，故選C

.3、C【解題分析】矢量既有大小，又有方向，它的加減運算滿足矢量法則：平行四邊形定則或三角形法則。位移、速度、加速度、力和電場強度都是矢量，而路程、速率、電流、功和能量都屬于標(biāo)量，故本題選C。4、D【解題分析】

根據(jù)可知，電場強度的單位是牛/庫；A．庫，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B．安，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．伏，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．牛庫，與結(jié)論相符，選項D正確；5、B【解題分析】庫侖定律使用的條件是真空中的點電荷，當(dāng)r→1時，不能看成點電荷，庫侖定律不再適用．故A錯誤；當(dāng)感應(yīng)電荷的電場與外電場大小相等時方向相反時達到靜電平衡，所以處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部場強處處為1．故B正確；電勢的高低與電場強度的大小無關(guān)，電場中某點的電場強度越大，該點的電勢不一定高．故C錯誤；電場線與等勢面垂直．故D錯誤．故選B.點睛：此題考查了庫侖定律、靜電感應(yīng)現(xiàn)象電場線與電勢的關(guān)系以及電場線與等勢面的關(guān)系．其中處于靜電感應(yīng)平衡狀態(tài)導(dǎo)體的特點，導(dǎo)體內(nèi)部合場強處處為零，是一個等勢體，這是題目中易錯的地方．6、C【解題分析】

由幾何關(guān)系可知，ab與cd平行且相等；根據(jù)勻強電場的性質(zhì)，結(jié)合幾何關(guān)系可知：10V-6V=Ua-2V，解得Ua=6V；故選C.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】

當(dāng)cd端短路時，ab間電路的結(jié)構(gòu)是：電阻R2、R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)，等效電阻為，故A錯誤；當(dāng)ab端短路時，cd之間電路結(jié)構(gòu)是：電阻R1、R3并聯(lián)后與R2串聯(lián)，等效電阻為，故B正確；當(dāng)ab兩端接通測試電源時，cd兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓，故C錯誤；當(dāng)cd兩端接通測試電源時，ab兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓：，故D正確．所以BD正確，AC錯誤．8、BC【解題分析】

A先向左做減速運動，后向右做加速運動，B一直向右做減速運動，當(dāng)A的速度為0時，設(shè)B的速度為v1，以向右為正方向，由動量守恒定律得：Mv0-mv0=Mv1，代入數(shù)據(jù)得：最后兩者一起向右做勻速直線運動，設(shè)最終的速度為v，以向右為正方向，由動量守恒定律得：Mv0-mv0=（M+m）v，代入數(shù)據(jù)解得：v=2m/s這段時間內(nèi)木板B相對地面的速度范圍是：2m/s≤v≤2.67m/s．A．2.8m/s．故A不符合題意．B．2.5m/s．故B符合題意．C．2.2m/s．故C符合題意．D．1.9m/s．故D不符合題意．9、BD【解題分析】

A．負電荷從a運動到b，做加速運動，可知電場力的方向水平向右，則電場線的方向水平向左，可知φa<φb．故A錯誤；BC．從a到b的過程中，電荷的加速度逐漸減小，可知電場強度的大小逐漸減小，則Ea＞Eb．故B正確，C錯誤；D．從a到b的過程中，電場力做正功，電勢能減小，則Wa＞W(wǎng)b．故D正確。故選BD。10、CD【解題分析】

AB.由圖象知：t=0.01s時感應(yīng)電動勢為零，則穿過線框的磁通量最大，磁通量變化率最小，故A、B錯誤；C.由圖象得出周期T=0.02s，所以ω=2πT=100πD.當(dāng)t=0時，電動勢為零，線圈平面與磁場方向垂直，故該交變電動勢的瞬時值表達式為e=222sin100πtV，電動勢瞬時值為22V時，代人瞬時表達式，則有線圈平面與中性面的夾角正弦值sinα=22三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、增大增大減小控制變量法【解題分析】

根據(jù)，，聯(lián)合分析求解；研究某量與其他兩之間的關(guān)系時，常采用控制變量法．（1）根據(jù)，，B板上移，S減小，C減小，Q不變，U增大，張角將增大；（2）根據(jù)，，B板左移，d增大，C減小，U增大，張角將增大；（3）根據(jù)，，插入電介質(zhì)，ε增大，電容C增大，U減小，張角將減小；（4）根據(jù)可知，其中有，S，d為變量，所以本實驗應(yīng)用的為控制變量法．12、aB30.44W(0.42-0.46)【解題分析】（1）此電路是分壓電路，滑動變阻器的aP部分與小燈泡并聯(lián)，開始時應(yīng)使小燈泡兩端電壓最小，故滑片應(yīng)置于a端；（2）電流表與電壓表均有明顯讀數(shù)，說明燈泡所在電路正常，滑動中示數(shù)幾乎不變，說明滑動變阻器沒有起到應(yīng)有的作用，故可能存在故障的的滑動變阻器，故填B；(3)由,隨著小燈泡兩端電壓的增大,燈絲溫度升高,電阻增大,P隨U2的變化變緩,即圖線為3;(4)燈泡兩端的電壓為，流過每個燈泡的電流為，則，得,畫出電源的U-I圖線如圖,交點坐標(biāo),,所以小燈泡消耗的電功率為:．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)1.5W(2)8W【解題分析】

(1)U1＝0.2V時，電動機不轉(zhuǎn)，此時電動機為純電阻，故電動機線圈內(nèi)阻r＝＝Ω＝0.5ΩU2＝2.0V時，電動機正常工作，此時電動機為非純電阻，則由電功率與熱功率各自的定義式，得P電＝U2I2＝2.0×1.0W＝2WP熱＝I22r＝1.02×0.5W＝0.5W所以由能量守恒，電動機的輸出功率P出＝P電－P熱＝2W－0.5W＝1.5W(2)若電動機突然被卡住，則電動機又為純電阻，其熱功率14、滑塊乙的質(zhì)量應(yīng)該滿足的條件是或【解題分析】

設(shè)滑塊乙的質(zhì)量為，第一次碰撞后甲的速度為，乙的速度為，選向左的方向為正方向，根據(jù)動量守恒和動能守恒，有：解得：①若碰撞后甲的速度方向向左，即，必定會發(fā)生第二次碰撞當(dāng)時，兩滑塊能發(fā)生第二次碰撞②若碰撞后甲的速度方向向右，為負，當(dāng)乙從斜面上返回時速度大小大于的大小時，也會第二次碰撞；設(shè)乙再返回到水平軌道時速度為，若沿著斜面向上運動的最大位移為向上運動的過程中，則有：向下運動的過程中，則有：代入，聯(lián)立可得：當(dāng)時，會第二次碰撞即時，會第二