“四翼”檢測(cè)評(píng)價(jià)（一） 沖量 動(dòng)量 動(dòng)量定理

“四翼”檢測(cè)評(píng)價(jià)（一）沖量動(dòng)量動(dòng)量定理A組—重基礎(chǔ)·體現(xiàn)綜合1．如圖所示，質(zhì)量為0.01kg、以800m/s的速度飛行的子彈與質(zhì)量為0.8kg，以10m/s的速度飛行的小球相比()A．子彈的動(dòng)量較大 B．小球的動(dòng)量較大C．子彈的動(dòng)能較大 D．小球的動(dòng)能較大解析：選C根據(jù)p＝mv，子彈的動(dòng)量p1＝8kg·m/s，小球的動(dòng)量p2＝8kg·m/s，所以二者動(dòng)量相等；根據(jù)Ek＝eq\f(1,2)mv2，子彈的動(dòng)能Ek1＝3200J，小球的動(dòng)能Ek2＝40J，所以子彈的動(dòng)能較大，C正確，A、B、D錯(cuò)誤。2．兩輛汽車的質(zhì)量分別為m1和m2，沿水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)并且具有相等的動(dòng)能，則兩輛汽車的動(dòng)量大小之比是()A.eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(m1,m2)))2B.eq\r(\f(m1,m2))C.eq\r(\f(m2,m1))D.eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(m2,m1)))2解析：選B根據(jù)動(dòng)量與動(dòng)能的關(guān)系式p2＝2mEk，可得兩輛汽車動(dòng)量大小之比是eq\r(\f(m1,m2))，B正確，A、C、D錯(cuò)誤。3.如圖所示，質(zhì)量為m的小滑塊沿傾角為θ的斜面向上滑動(dòng)，經(jīng)過時(shí)間t1速度變?yōu)榱闳缓笥窒禄?，?jīng)過時(shí)間t2回到斜面底端，滑塊在運(yùn)動(dòng)過程中受到的摩擦力大小始終為Ff。在整個(gè)過程中，重力對(duì)滑塊的總沖量為()A．mgsinθ(t1＋t2) B．mgsinθ(t1－t2)C．mg(t1＋t2) D．0解析：選C根據(jù)沖量的定義式I＝Ft，可知重力對(duì)滑塊的沖量應(yīng)為重力乘作用時(shí)間，所以IG＝mg(t1＋t2)，C正確。4.(2022·廣州高二檢測(cè))(多選)高鐵列車在啟動(dòng)階段的運(yùn)動(dòng)可看作初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。在啟動(dòng)階段，列車的動(dòng)量()A．與它的速度成正比B．與它所經(jīng)歷的時(shí)間成正比C．與它的位移成正比 D．與它的動(dòng)能成正比解析：選AB由p＝mv可知，動(dòng)量與速度成正比，A正確；由公式v＝at可得p＝mat，可知?jiǎng)恿颗c它所經(jīng)歷的時(shí)間成正比，B正確；由公式p＝mv，v2－v02＝2ax，可得p＝meq\r(2xa)，C錯(cuò)誤；由公式Ek＝eq\f(1,2)mv2，p＝mv得p＝eq\r(2mEk)，D錯(cuò)誤。5．(2023·佛山高二檢測(cè))2023年2月24日，我國(guó)在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心使用長(zhǎng)征二號(hào)丙運(yùn)載火箭，成功將荷魯斯1號(hào)遙感衛(wèi)星發(fā)射升空?；鸺谄痫w階段，通過發(fā)動(dòng)機(jī)噴射氣體而獲得的反沖力約為火箭總重力的2倍左右。設(shè)某次發(fā)射時(shí)，火箭的總質(zhì)量為m，火箭發(fā)動(dòng)機(jī)噴出的燃?xì)獾臋M截面積為S，燃?xì)獾拿芏葹棣?，重力加速度為g。極短時(shí)間內(nèi)噴出的燃?xì)獾馁|(zhì)量和火箭質(zhì)量相比可以忽略，則噴出的燃?xì)獾乃俣却笮〖s為()A．2eq\r(\f(mg,ρS))B.eq\f(mg,ρS)C.eq\r(\f(2mg,ρS))D.eq\f(2mg,ρS)解析：選C對(duì)于氣體由動(dòng)量定理得：F＝2mg＝eq\f(Δmv,Δt)＝eq\f(ρSvΔtv,Δt)＝ρSv2，解得：v＝eq\r(\f(2mg,ρS))，故C正確。6．籃球運(yùn)動(dòng)員通常伸出雙手迎接傳來(lái)的籃球。接球時(shí)，兩手隨球迅速收縮至胸前，這樣做可以()A．減小球?qū)κ值臎_量B．減小球?qū)κ值臎_擊力C．減小球的動(dòng)量變化量D．減小球的動(dòng)能變化量解析：選B由動(dòng)量定理Ft＝Δp知，接球時(shí)兩手隨球迅速收縮至胸前，延長(zhǎng)了手與球作用的時(shí)間，從而減小了球的動(dòng)量變化率，即減小了球?qū)κ值臎_擊力，B正確。7．(多選)A、B兩球質(zhì)量相等，A球豎直上拋，B球平拋，兩球在運(yùn)動(dòng)中空氣阻力不計(jì)，則下列說法中正確的是()A．相同時(shí)間內(nèi)，動(dòng)量的變化大小相等、方向相同B．相同時(shí)間內(nèi)，動(dòng)量的變化大小相等、方向不同C．動(dòng)量的變化率大小相等、方向相同D．動(dòng)量的變化率大小相等、方向不同解析：選ACA、B兩球在空中只受重力作用，相同時(shí)間內(nèi)重力的沖量相同，因此兩球的動(dòng)量變化也相同，A正確，B錯(cuò)誤；動(dòng)量的變化率eq\f(Δp,Δt)＝meq\f(Δv,Δt)＝mg，大小相等，方向相同，C正確，D錯(cuò)誤。8．質(zhì)量為m的運(yùn)動(dòng)員托著質(zhì)量為M的杠鈴從下蹲狀態(tài)(圖甲)緩慢運(yùn)動(dòng)到站立狀態(tài)(圖乙)，該過程中杠鈴和人的肩部相對(duì)位置不變，運(yùn)動(dòng)員保持乙狀態(tài)站立Δt時(shí)間后再將杠鈴緩慢向上舉，至雙臂伸直(圖丙)，運(yùn)動(dòng)員從甲到乙、從乙到丙經(jīng)歷的時(shí)間分別為t1、t2，則在舉起杠鈴的整個(gè)過程中()A．地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量為0B．地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量為(M＋m)g(t1＋t2)C．運(yùn)動(dòng)員對(duì)杠鈴的沖量為Mg(t1＋t2＋Δt)D．運(yùn)動(dòng)員對(duì)杠鈴的沖量為Mg(t1＋t2)解析：選C因緩慢運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)員和杠鈴可視為處于平衡狀態(tài)，則地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的支持力為(M＋m)g，作用時(shí)間為(t1＋t2＋Δt)，故其沖量為(M＋m)g(t1＋t2＋Δt)，A、B均錯(cuò)誤；運(yùn)動(dòng)員對(duì)杠鈴的作用力大小為Mg，其沖量為Mg(t1＋t2＋Δt)，C正確，D錯(cuò)誤。9．質(zhì)量為0.5kg的彈性小球，從1.25m高處自由下落，與地板碰撞后回彈高度為0.8m。設(shè)碰撞時(shí)間為0.1s，回彈的速度方向豎直向上，g取10m/s2，不計(jì)空氣阻力。求小球?qū)Φ匕宓钠骄饔昧?。解析：法一：分段處理取小球?yàn)檠芯繉?duì)象，根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)和豎直上拋運(yùn)動(dòng)可知，小球與地板碰撞前的速度：v1＝eq\r(2gh1)＝eq\r(2×10×1.25)m/s＝5m/s，方向豎直向下；小球與地板碰撞后的速度：v2＝eq\r(2gh2)＝eq\r(2×10×0.8)m/s＝4m/s，方向豎直向上。與地板碰撞時(shí)小球受力情況如圖所示，取豎直向上為正方向。根據(jù)動(dòng)量定理：(eq\x\to(F)N－mg)t＝mv2－(－mv1)解得eq\x\to(F)N＝50N由牛頓第三定律可知，小球?qū)Φ匕宓钠骄饔昧Υ笮?0N，方向豎直向下。法二：全程處理以開始下落的瞬間為初狀態(tài)，反彈到最高點(diǎn)時(shí)為末狀態(tài)，則重力的作用時(shí)間：t＝eq\r(\f(2h1,g))＋t碰＋eq\r(\f(2h2,g))＝(0.5＋0.1＋0.4)s＝1s地板對(duì)小球平均作用力的作用時(shí)間為t碰＝0.1s取豎直向下為正方向，由動(dòng)量定理：mgt－eq\x\to(F)Nt碰＝0解得eq\x\to(F)N＝50N由牛頓第三定律可知，小球?qū)Φ匕宓钠骄饔昧Υ笮?0N，方向豎直向下。答案：50N，方向豎直向下eq\a\vs4\al(B)組—重應(yīng)用·體現(xiàn)創(chuàng)新10．(2023·梅州高二檢測(cè))(多選)“守株待兔”是一則家喻戶曉的故事，它告訴我們天上不會(huì)掉餡餅，要通過勞動(dòng)獲取成果。假設(shè)兔子的頭部受到大小等于自身體重的打擊力時(shí)即可致死，若兔子與樹樁發(fā)生碰撞，作用時(shí)間為0.2s，則被撞死的兔子的奔跑速度不可能是(g＝10m/s2)()A．1m/sB．1.5m/sC．2m/sD．2.5m/s解析：選AB取兔子奔跑的速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量定理得－Ft＝0－mv，解得v＝eq\f(Ft,m)，其中F＝mg，則v＝eq\f(mgt,m)＝gt＝10×0.2m/s＝2m/s，則被撞死的兔子的奔跑速度大于或等于2m/s，故選A、B。11．(2022·重慶高考)在測(cè)試汽車的安全氣囊對(duì)駕乘人員頭部防護(hù)作用的實(shí)驗(yàn)中，某小組得到了假人頭部所受安全氣囊的作用力隨時(shí)間變化的曲線(如圖)。從碰撞開始到碰撞結(jié)束過程中，若假人頭部只受到安全氣囊的作用，則由曲線可知，假人頭部()A．速度的變化量等于曲線與橫軸圍成的面積B．動(dòng)量大小先增大后減小C．動(dòng)能變化正比于曲線與橫軸圍成的面積D．加速度大小先增大后減小解析：選D由題知假人的頭部只受到安全氣囊的作用，則F－t圖像的面積即合外力的沖量，再根據(jù)動(dòng)量定理可知F－t圖像的面積也是動(dòng)量的變化量，且圖線一直在t軸的上方，由于頭部有初動(dòng)量，則動(dòng)量的大小應(yīng)先減小，A、B錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)量與動(dòng)能的關(guān)系有Ek＝eq\f(p2,2m)，而F－t圖像的面積是動(dòng)量的變化量，則動(dòng)能的變化量與曲線與橫軸圍成的面積不成正比，C錯(cuò)誤；由題知假人的頭部只受到安全氣囊的作用，則根據(jù)牛頓第二定律可知a∝F，即假人頭部的加速度先增大后減小，D正確。12.學(xué)?？茖W(xué)晚會(huì)上，科技制作社團(tuán)表演了“震撼動(dòng)量球”實(shí)驗(yàn)。在互動(dòng)環(huán)節(jié)，表演者將球拋向觀眾，讓其感受碰撞過程中的力，假設(shè)質(zhì)量為3kg的超大氣球以3m/s的速度豎直下落到手面，某觀眾雙手上推，使氣球以原速度大小豎直向上反彈，作用時(shí)間為0.1s。忽略氣球所受浮力及空氣阻力，g取10m/s2。則觀眾雙手受到的壓力大小為()A．150N B．180NC．210N D．240N解析：選C取豎直向下為正方向，對(duì)氣球由動(dòng)量定理有Ft＋mgt＝－mv－mv，代入數(shù)據(jù)解得F＝－210N，負(fù)號(hào)表示力的方向豎直向上，由牛頓第三定律可知，觀眾雙手受到的壓力大小為210N，C正確，A、B、D錯(cuò)誤。13．(2022·北京高考)體育課上，甲同學(xué)在距離地面高h(yuǎn)1＝2.5m處將排球擊出，球的初速度沿水平方向，大小為v0＝8.0m/s；乙同學(xué)在離地h2＝0.7m處將排球墊起，墊起前后球的速度大小相等，方向相反。已知排球質(zhì)量m＝0.3kg，取重力加速度g＝10m/s2。不計(jì)空氣阻力。求：(1)排球被墊起前在水平方向飛行的距離x；(2)排球被墊起前瞬間的速度大小v及方向；(3)排球與乙同學(xué)作用過程中所受沖量的大小I。解析：(1)設(shè)排球在空中飛行的時(shí)間為t，則h1－h(huán)2＝eq\f(1,2)gt2，解得t＝0.6s；則排球在空中飛行的水平距離x＝v0t＝4.8m