2024屆新疆庫爾勒第二師華山中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測試題含解析

2024屆新疆庫爾勒第二師華山中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、圖示電路中，R1、R2為定值電阻，電源內(nèi)阻為r，閉合開關(guān)S，電壓表顯示有讀數(shù)，調(diào)節(jié)可變電阻R的阻值，使電壓表示數(shù)增加A．可變電阻R阻值增大，通過它的電流增大B．電阻R2兩端的電壓減小，變化量等于C．通過電阻R2的電流減小，變化量大于D．電源的路端電壓增大，變化量小于ΔU2、三個(gè)阻值相同的電阻R1=R2=R3=R。接入如圖電路，干路的總電流與各個(gè)支路的電流之比為A．1:1:2 B．1:2:2 C．2:1:2 D．2:1:13、如圖，在豎直平面內(nèi)存在水平向右的勻強(qiáng)電場，有一帶電小球自O(shè)處沿y軸方向，豎直向上拋出，它的初動(dòng)能為4J，不計(jì)空氣阻力．當(dāng)小球上升到最高點(diǎn)P時(shí)，動(dòng)能也為4J，則小球落回與O的同一水平面上的M點(diǎn)時(shí)，它的動(dòng)能為（）A．4J B．8J C．16J D．20J4、圖中的D為置于電磁鐵兩極間的一段通電直導(dǎo)線，電流方向垂直于紙面向里．在開關(guān)S接通后，導(dǎo)線D所受磁場力的方向是A．向左 B．向右 C．向上 D．向下5、如圖所示，位于光滑水平桌面上的小滑塊P和Q都可視為質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)量相等．Q與水平輕彈簧相連，設(shè)Q靜止，P以某一初速度向Q運(yùn)動(dòng)并與彈簧發(fā)生碰撞．在整個(gè)過程中，彈簧具有的最大彈性勢(shì)能等于()A．P的初動(dòng)能B．P的初動(dòng)能的C．P的初動(dòng)能的D．P的初動(dòng)能的6、如圖所示：在光滑絕緣水平面上，分布在邊長為L的正方形四個(gè)頂點(diǎn)。在A和D處分別固定電荷量為Q的正點(diǎn)電荷，B處固定電荷量為Q的負(fù)點(diǎn)電荷，O點(diǎn)為兩對(duì)角線的交點(diǎn)，靜電力常量為k。關(guān)于三個(gè)點(diǎn)電荷形成的靜電場，下列說法中正確的是（）A．O處電場強(qiáng)度大小為B．C處電場強(qiáng)度大小為C．從O到C的過程中電場強(qiáng)度大小逐漸增大D．從O到C的過程中電場強(qiáng)度大小先減小后增大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、質(zhì)量為m、速度為v的A球跟質(zhì)量為2m的靜止的B球發(fā)生正碰．碰撞可能是彈性的，也可能是非彈性的，因此碰撞后B球的速度可能值為A． B． C． D．8、如圖所示為一種回旋加速器的示意圖，其核心部分是兩個(gè)D形金屬盒，兩金屬盒置于勻強(qiáng)磁場中，并分別與高頻電源相連，現(xiàn)分別加速氘核（12H）和氦核（24He），下列判斷中正確的是A．它們?cè)贒形盒中運(yùn)動(dòng)的周期相同B．它們的最大速度相同C．它們的最大動(dòng)能相同D．僅增大高頻電源的電壓可增大粒子的最大動(dòng)能9、一帶電小球在空中由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過程中，受重力、電場力和空氣阻力三個(gè)力．若重力勢(shì)能增加3J、機(jī)械能增加0.5J、電場力做功1J，則小球()A．重力做功為3JB．動(dòng)能減少2.5JC．克服空氣阻力做功0.5JD．電勢(shì)能增加1J10、如圖所示，一光滑斜面的傾角為30°斜邊，長為L，其直角點(diǎn)c處固定一帶電荷量為+q的絕緣小球，另一電荷量也為+q；質(zhì)量為m的絕緣小球從b點(diǎn)由靜止釋放．球能沿斜面從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn)，d為ab中點(diǎn)，則（）A．小球從b點(diǎn)到d的過程中，電場力先做負(fù)功，再做正功B．小球運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)時(shí)的速率為C．小球從b到d過程中，電場力始終不做功D．小球到達(dá)a處時(shí)速率為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖為“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實(shí)驗(yàn)裝置，電鍵合上前小螺線管已插入到大螺線管中。（1）將圖中所缺的導(dǎo)線補(bǔ)接完整_________；（2）如果在閉合電鍵時(shí)發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針向右偏轉(zhuǎn)一下，那么合上電鍵后將小螺線管迅速抽出時(shí)，靈敏電流計(jì)指針將向__________(“左”或“右”)偏轉(zhuǎn)。將滑動(dòng)變阻器的滑片迅速向左滑動(dòng)，則靈敏電流計(jì)指針將向___________(“左”或“右”)偏轉(zhuǎn)。12．（12分）某同學(xué)用多用表測電阻Rx時(shí)，將選擇開關(guān)置于“Ω×10”擋，表針停留的位置如圖所示（其數(shù)據(jù)為8），為了較正確測出Rx的阻值，將兩表與電阻Rx斷開后,下列操作中正確的是(用字母表示)__________________。(A)換用Ω×1擋(B)換用Ω×100擋四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，小車在水平面上以加速度a向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，車廂內(nèi)用OA、OB兩細(xì)繩系住一個(gè)質(zhì)量為m的物體，OA與豎直方向的夾角為θ，OB是水平的，求二繩的拉力各是多少.14．（16分）一個(gè)帶電粒子只在電場力作用下通過勻強(qiáng)電場中的a、b兩點(diǎn)，一簇帶箭頭的實(shí)線表示勻強(qiáng)電場的電場線，如圖所示．已知帶電粒子通過a、b兩點(diǎn)的速度大小分別是5m/s和3m/s，粒子的質(zhì)量是200g，a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差為80V．（1）試判斷帶電粒子所帶電荷的種類．（2）帶電粒子所帶的電荷量．15．（12分）如圖（a）兩相距L=0.5m的平行金屬導(dǎo)軌固定于水平面上，導(dǎo)軌左端與阻值R=2Ω的電阻連接，導(dǎo)軌間虛線右側(cè)存在垂直導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場，質(zhì)量m=0.2kg的金屬桿垂直于導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌與金屬桿的電阻可忽略，桿在水平向右的恒定拉力作用下由靜止開始運(yùn)動(dòng)，并始終與導(dǎo)軌垂直，其v-t圖像如圖（b）所示，在15s時(shí)撤去拉力，同時(shí)使磁場隨時(shí)間變化，從而保持桿中電流為0，求：（1）金屬桿所受拉力的大小為F；（2）0-15s勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為；（3）15-20s內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化規(guī)律．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解題分析】試題分析：由題，電壓表的示數(shù)增大，R和R1并聯(lián)的電阻增大，得知R增大，總電阻增大，總電流減小，并聯(lián)部分電壓增大，通過R1的電流增大，所以通過可變電阻R的電流減小，故A錯(cuò)誤；R增大，外電阻增大，干路電流減小，電阻R2兩端的電壓減小，路端電壓增大，而路端電壓等于外電路總電壓，所以電阻R2兩端的電壓減小量小于ΔU，故B錯(cuò)誤；由歐姆定律得知，通過電阻R2的電流減小，減小量小于ΔU考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律【名師點(diǎn)睛】本題根據(jù)部分與整體的關(guān)系，采用總量法分析R22、D【解題分析】

在兩電阻并聯(lián)的時(shí)候，通過干路的電流是各支路電流之和，本題中，并聯(lián)的兩個(gè)電阻相等，則通過的電流相等，則干路電流是支路電流的2倍，所以干路的總電流與各個(gè)支路的電流之比為2:1:1，故ABC錯(cuò)誤，D正確；3、D【解題分析】

設(shè)水平方向上升階段的水平位移為x上，下降階段的水平位移為x下；根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解，小球在水平方向做勻加速直線，在豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)；且上升階段所用時(shí)間與下落階段所用的時(shí)間相同，即t上=t下；由初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，相同的時(shí)間內(nèi)位移之比為1：3：5：7…；得x上：x下=1：3；小球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，豎直方向的動(dòng)能為零，水平方向獲得的動(dòng)能即為電場力在上升階段對(duì)小球所做的功，則電場力對(duì)小球做的總功為W總=Eqx上+Eqx下=4×4J=16J；小球從O點(diǎn)到M點(diǎn)由動(dòng)能定理得：EkM-Ek0=W總，Ek0=4J，代入數(shù)據(jù)得EkM=20J；故選D.【題目點(diǎn)撥】此題的關(guān)鍵點(diǎn)在于分析出小球上升階段與下降階段的時(shí)間關(guān)系以及水平位移之比，同時(shí)要能對(duì)全過程進(jìn)行動(dòng)能定理的分析．4、C【解題分析】

由右手螺旋定則知，在鐵芯中產(chǎn)生逆時(shí)針方向的磁場，即在導(dǎo)線處有從右向左的磁場．由左手定則可以判斷，掌心向右，四指向里，則拇指向下代表所受磁場力向上．答案選C．5、B【解題分析】在整個(gè)過程中，彈簧具有最大彈性勢(shì)能時(shí)，P和Q的速度相同．

根據(jù)動(dòng)量守恒定律：mv0=2mv．

根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有故最大彈性勢(shì)能等于P的初動(dòng)能的．故選D．點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵對(duì)兩物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況進(jìn)行分析，得出P和Q的速度相同時(shí)，彈簧最短，然后根據(jù)動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律列式求解．6、A【解題分析】

A．A、D兩點(diǎn)點(diǎn)電荷在O點(diǎn)的場強(qiáng)相互抵消，故O點(diǎn)的場強(qiáng)大小等于B點(diǎn)的負(fù)點(diǎn)電荷Q在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)，即故A正確；B．A、D兩點(diǎn)點(diǎn)電荷在C處的合場強(qiáng)為方向OC方向，B點(diǎn)的負(fù)點(diǎn)電荷Q在C點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)為方向沿CO方向，故C處的場強(qiáng)為方向沿OC方向，故B錯(cuò)誤；CD．從O到C的過程中電場強(qiáng)度大小先減小后增大再減小，故CD錯(cuò)誤。故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解題分析】

以兩球組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，以A球的初速度方向?yàn)檎较颍绻鲎矠閺椥耘鲎玻蓜?dòng)量守恒定律得：mv＝mvA+2mvB，由機(jī)械能守恒定律得：mv2＝mvA2+?2mvB2，解得：vA＝﹣v，vB＝v，負(fù)號(hào)表示碰撞后A球反向彈回．如果碰撞為完全非彈性碰撞，以A球的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mv＝（m+2m）vB，解得：vB＝v，則碰撞后B球的速度范圍是：v＜vB＜v，則碰后B球的速度大小可能是0.5v和0.4v，不可能是0.7v和0.3v．故BC正確，AD錯(cuò)誤．8、AB【解題分析】

A項(xiàng)：帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期，兩粒子的比荷相等，所以周期相等，故A正確；B項(xiàng)：根據(jù)，得，兩粒子的比荷相等，所以最大速相等，故B正確；C項(xiàng)：、最大動(dòng)能兩粒子的比荷相等，但兩粒子電荷量不相等，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：由最大動(dòng)能知，要增大粒子的動(dòng)能，增大電壓，最大動(dòng)能不變，需增加磁感應(yīng)強(qiáng)度和D形盒的半徑，故D錯(cuò)誤．故應(yīng)選：AB．【題目點(diǎn)撥】解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器是利用電場加速，磁場偏轉(zhuǎn)來加速粒子．以及知道粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期和交流電的周期相同．9、BC【解題分析】試題分析：解決本題需根據(jù)：重力做功等于重力勢(shì)能的減小量；電場力做功等于電勢(shì)能的減小量；合力做功等于動(dòng)能的增加量；除重力外的各個(gè)力做的總功等于機(jī)械能的增加量．由功能關(guān)系分析．解：A、重力做功等于重力勢(shì)能變化量的負(fù)值，則重力勢(shì)能增加3J，故重力做功﹣3J，故A錯(cuò)誤；B、據(jù)題，重力勢(shì)能增加3J、機(jī)械能增加0.5J，而機(jī)械能等于重力勢(shì)能與動(dòng)能之和，則得動(dòng)能減少2.5J，故B正確．C、除重力外的各個(gè)力做的總功等于機(jī)械能的增加量，除重力外，有電場力和空氣阻力做功，電場力做功1J，而機(jī)械能增加0.5J，所以克服空氣阻力做功0.5J，故C正確．D、電場力做功等于電勢(shì)能的減小量，電場力做功1J，故電勢(shì)能減小1J，故D錯(cuò)誤；故選BC【點(diǎn)評(píng)】功是能量轉(zhuǎn)化的量度，有多種表現(xiàn)形式：重力做功是重力勢(shì)能變化的量度；電場力做功是電勢(shì)能變化的量度；合力做功是動(dòng)能變化的量度；重力外的各個(gè)力做的總功是機(jī)械能變化的量度．10、AB【解題分析】點(diǎn)電荷的電場線為從C向外發(fā)散的直線；其等勢(shì)面為以C為圓心的同心圓，且越向外電勢(shì)越低；則：由下圖可知，小球由b到d的過程中，小球先由低電勢(shì)向高電勢(shì)移動(dòng)，再向低電勢(shì)移動(dòng)，故電場力先做負(fù)功再做正功；故A正確，C錯(cuò)誤；

由幾何關(guān)系可知，bd在同一等勢(shì)面上，則電場力不做功，由動(dòng)能定理可知，；解得，故B正確；小球到達(dá)a點(diǎn)時(shí)，由動(dòng)能定理可知，mgLsin30°+W=mv′2，因電荷高電勢(shì)向低電勢(shì)移動(dòng)，故電場力做正功，小球到達(dá)a處的速率大于；故D錯(cuò)誤；故選AB．點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵要知道點(diǎn)電荷周圍電勢(shì)分布的規(guī)律，要注意電場力做功的特點(diǎn)，當(dāng)物體在同一等勢(shì)面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場力不做功．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、左左【解題分析】

（1）[1]如圖所示（2）[2]在閉合電鍵時(shí)和電流計(jì)串聯(lián)的線圈中磁通量增加，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針向右偏轉(zhuǎn)一下，那么合上電鍵后將小螺線管迅速抽出時(shí)和電流計(jì)串聯(lián)的線圈中磁通量減小，靈敏電流計(jì)指針將向左偏轉(zhuǎn)；[3]將滑動(dòng)變阻器觸頭迅速向左移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器的電阻減小，電流增大，和電流計(jì)串聯(lián)的線圈中磁通量增加，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針向右偏轉(zhuǎn)一下。12、A【解題分析】

本題考查多用電表歐姆檔的使用【題目詳解】由表盤示數(shù)可知指針太靠右了，要讓指針往左邊靠一靠，應(yīng)該換更低的檔位，原來是“Ω×10”擋，則現(xiàn)在應(yīng)該換成“Ω×1”擋，故本題選A。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、F1=mg/cosθ，F(xiàn)2=mgtanθ-ma【解題分析】

研究對(duì)象是小球m，m的受力如圖所示，建立直角坐標(biāo)系：由牛頓第二定律得F1解得F114、（1）負(fù)電荷（2）-0.02C【解題分析】

（1）根據(jù)速度的變化，分析電場力的方向，即可判斷電荷的種類．（2）根據(jù)動(dòng)能定理和電場力做功的公式W=qU結(jié)合求解電荷量．【題目詳解】（1）由題意知，粒子從a到b速度減小，說明電場力方向從b→a，與場強(qiáng)方向相反，所以該電荷帶負(fù)電．（2）根據(jù)動(dòng)能定理得：代入數(shù)據(jù)得：q=﹣0.02C【題目點(diǎn)撥】解決本題關(guān)鍵掌握動(dòng)能定理和電場力做功公式W=qU，要注意的是電荷移動(dòng)的方向，求電場力做功時(shí)公式W=qU中，各量均要代符號(hào)進(jìn)行計(jì)算．15、（1）0.24N；（2）0.4T；（3