2024屆遼寧鐵嶺市清河第二中學物理高二上期中統(tǒng)考試題含解析

2024屆遼寧鐵嶺市清河第二中學物理高二上期中統(tǒng)考試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示是一種改進后的回旋加速器示意圖，A、C兩板間加速電壓U大小恒定，兩D形盒處在垂直紙面向里的勻強磁場中，兩條虛線之間為無場區(qū)域，帶電粒子從P0無初速釋放，經加速后進入D形盒做勻速圓周運動，下列說法正確的是（）A．帶電粒子海運動一周被加速兩次B．：：=1：：C．加速電場的方向一定周期性變化D．粒子獲得的最大速度與加速電壓U大小有關2、如圖所示，光滑絕緣半圓環(huán)軌道放在豎直向下的勻強電場中，場強為E.在與環(huán)心等高處放有一質量為m、帶電荷量＋q的小球，由靜止開始沿軌道運動，下列說法正確的是()A．小球在運動過程中機械能守恒B．小球經過環(huán)的最低點時速度最大C．小球電勢能增加EqRD．小球由靜止釋放到達最低點，動能的增量等于mgR3、兩個質量相同的鋁環(huán)能在一個光滑的絕緣圓柱體上自由移動，設大小不同的電流按如圖所示的方向通入兩鋁環(huán)，則以下說法正確的是A．右側鋁環(huán)受到安培力方向向右B．彼此相向運動，且具有大小相等的加速度C．彼此背向運動，電流大的加速度大D．同時改變兩導線的電流方向，兩導線受到的安培力方向反向4、如圖所示，甲、乙兩個電路都是由一個靈敏電流計G和一個滑動變阻器R組成，甲表是電流表，R增大時量程增大

甲表是電流表，R增大時量程減小乙表是電壓表，R增大時量程增大

乙表是電壓表，R增大時量程減小下列說法正確的是A．和 B．和 C．和 D．和5、將一個質量很小的金屬圓環(huán)用細線吊起來，在其附近放一塊條形磁鐵，磁鐵的軸線與圓環(huán)在同一個平面內，且通過圓環(huán)中心，如圖所示，當圓環(huán)中通以順時針方向的電流時，從上往下看()A．圓環(huán)順時針轉動，靠近磁鐵B．圓環(huán)順時針轉動，遠離磁鐵C．圓環(huán)逆時針轉動，靠近磁鐵D．圓環(huán)逆時針轉動，遠離磁鐵6、下列為幾種用電器銘牌上的標稱值，當用電器均正常工作時，電流最大的是（）A．“6V，10W” B．“6V，6W”C．“110V，60W” D．“220V，60W”二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于電容的說法正確的是A．電容器簡稱電容B．電容是描述電容器容納電荷本領大小的物理量C．電容器的電容由電容器本身的因素決定，與電容器是否帶電無關D．電容的國際單位是法拉8、下列說法正確的是（）A．氣體對外做功，其內能一定減小B．熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳遞給高溫物體C．能量耗散說明能量不會憑空產生，但可以憑空消失D．單晶體具有規(guī)則的幾何外形，物理性質具有各向異性9、學習了多用電表的使用之后，某物理學習小組開展用多用電表排除電路故障的課外活動。由小組長設計一個故障電路如圖所示：閉合開關之后電流表沒有示數，其原因可能是接線點A、B、C、D、E、F、G中的某處接觸不良，也可能是導線1、2、3、4中有一根斷路?，F由其他組員用多用電表來排除故障：首先確認各接線點接觸良好，閉合開關，發(fā)現電流表依然沒有示數；再用多用電表進行檢查，以下說法正確的是則A．在開關閉合的情況下，既可選用多用電表的電壓檔進行檢查，也可選用多用電表的歐姆檔進行檢查B．在開關斷開的情況下，應當選用多用電表的歐姆檔進行檢查C．在正確選用檢測檔位的情況下，若測得B、C兩接線點間的電壓很接近電源的電動勢，則表明導線2斷路D．在正確選用檢測檔位的情況下，若測得C、D兩點間的電壓為0，則表明導線3斷路10、等量異種點電荷的連線和其中垂線如圖所示，現將一個帶負電的檢驗電荷先從圖中點沿直線移到點，再從點沿直線移到點，取無限遠處為電勢零點，則（）。A．點電勢為零，場強也為零B．從點到點，檢驗電荷受電場力先增大后減小C．從點經點到點，檢驗電荷所受電場力的方向始終不變D．從點經點到點，電荷的電勢能先不變后減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示為“研究影響平行板電容器電容的因素”的實驗裝置，在以下操作步驟中，靜電計指針的張角分別是怎樣變化的？請將答案填在相應的橫線上。（1）甲圖中將B板上移，靜電計的指針張角將_______（填“增大”或“減小”或“不變”）（2）乙圖中將B板左移，靜電計的指針張角將_______（填“增大”或“減小”或“不變”）（3）丙圖中將電介質插入兩板之間，靜電計的指針張角將_______（填“增大”或“減小”或“不變”）（4）本實驗的研究方法是____________。12．（12分）（1）現有一合金制成的圓柱體。為測量該合金的電阻率，現用伏安法測量圓柱體兩端之間的電阻，用螺旋測微器和游標卡尺的示數如圖（a）和圖（b）所示。由上圖讀得圓柱體的直徑為_________mm，長度為__________cm。（2）按照有效數字規(guī)則讀出下列電表的測量值。①接0~3V量程時讀數為________V。②接0~0.6A量程時讀數為_______A。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在空間中取坐標系Oxy，在第一象限內平行于y軸的虛線MN與y軸距離為d，從y軸到MN之間的區(qū)域充滿一個沿y軸正方向的勻強電場，電場強度大小為E，如圖所示．初速可忽略的電子經過一個電勢差U1未確定的電場直線加速后，從y軸上的A點以平行于x軸的方向射入第一象限區(qū)域，A點坐標為（1，h）．不計電子的重力．（1）若電子經過x軸時的坐標為（2d，1），求加速電場的電勢差U1．（2）加速電場的電勢差U1不同，電子經過x軸時的坐標也不同．試寫出電子經過x軸時的坐標與加速電場的電勢差U1的關系式．（只要求寫出結果，不需寫出過程）14．（16分）如圖所示，一質量為MB=6kg的木板B靜止于光滑水平面上，物塊A質量MA=6kg停在B的左端．一質量為m=1kg的小球用長為l=0.8m的輕繩懸掛在固定點O上．將輕繩拉直至水平位置后，由靜止釋放小球，小球在最低點與A發(fā)生碰撞后反彈，反彈所能達到的最大高度h=0.2m．木塊與小球可視為質點，A、B達到共同速度后A還在木板上，不計空氣阻力，g取10m/s（1）球和物塊A碰后瞬間A物塊的速度大?。?）A、B組成的系統(tǒng)因摩擦損失的總的機械能．15．（12分）如圖所示，質量為m，帶電量為+q的小球，在P點具有沿PQ方向的初速度v0，為使小球能沿PQ方向運動，所加的最小勻強電場方向如何？場強大小多大？加上最小的電場后，小球經多長時間回到P點？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

AC.帶電粒子只有經過AC板間時被加速，即帶電粒子每運動一周被加速一次．電場的方向沒有改變，則在AC間加速．故AC錯誤．B.粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，則有：解得：由圖可知粒子第一次加速，根據動能定理有：解得：；粒子第二次加速，根據動能定理有：有：解得：；粒子第三次加速，根據動能定理有：解得：則三次速度之比為：所以：：=1：：故B正確；D.當粒子從D形盒中出來時，速度最大，根據.倫茲力提供向心力，則有：解得：則動能所以最大動能與電壓U無關，與半徑r有關，故D錯誤．2、B【解題分析】

小球在運動過程中除重力做功外，還有電場力做功，所以機械能不守恒，故A錯誤；小球所受的電場力豎直向下，從最高點到最低點的過程中，合力做正功，則根據動能定理得知，動能增大，速度增大，所以小球經過環(huán)的最低點時速度最大，故B正確；小球運動到最低點的過程中，重力與電場力均做正功，重力勢能減少mgR，電勢能減少EqR，而動能增加mgR＋EqR，故CD錯誤。所以B正確，ACD錯誤。3、B【解題分析】

本題的關鍵是明確兩電流間的相互作用規(guī)律“同相電流相互吸引，異向電流相互排斥”，并結合牛頓第三定律和牛頓第二定律即可求解．【題目詳解】根據電流間相互作用規(guī)律“通向電流相互吸引，異向電流相互排斥”可知，兩圓環(huán)應相互吸引，即彼此相向運動，再根據牛頓第二定律和牛頓第三定律可知，兩圓環(huán)的加速度大小相等，故B正確，ACD錯誤。故選B?！绢}目點撥】要熟記電流間相互作用規(guī)律“通向電流相互吸引，異向電流相互排斥”．4、C【解題分析】

靈敏電流計G和變阻器R并聯(lián)時，由于變阻器的分流，測量的電流增大，改裝成電流表，而靈敏電流計G和變阻器R串聯(lián)時，由于變阻器的分壓，測量的電壓增大，改裝成電壓表．【題目詳解】由圖甲所示可知，G與電阻R并聯(lián)，甲表是電流表，R增大時，甲表中變阻器分流減小，量程減小，故（1）錯誤，（2）正確．由圖乙所示可知，G與R串聯(lián)，乙是電壓表，R增大時，變阻器分擔的電壓增大，乙表量程增大，故（3）正確，（4）錯誤；故C正確；故選C．【題目點撥】本題考查電表改裝原理的理解能力．當電流計的指針滿偏時，電流表或電壓表的指針滿偏，所測量的電流或電壓達到最大值．5、C【解題分析】根據環(huán)形電流周圍的磁場分布結合左手定則可知，圓環(huán)右側部分受到的安培力向里，左側部分受到的安培力向外，所以從上往下看圓環(huán)逆時針轉動．再將轉動90°后的通電圓環(huán)等效成一個小磁針，則N極在左，S極在右，根據同極相互排斥異極相互吸引可知，圓環(huán)靠近磁鐵，故C正確，ABD錯誤．6、A【解題分析】

A.由P=UI可知，A中電流為：；故A項正確；B.由P=UI可知，B中電流為：；故B項錯誤；C.由P=UI可知，C中電流為：；故C項錯誤；D.由P=UI可知，D中電流為：；故D項錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解題分析】表述電容器容納電荷的本領為電容，電容器不是電容，故A錯誤，B正確；電容器的電容由電容器本身的因素決定，與電容器是否帶電無關，故C正確；電容的國際單位是法拉，選項D正確；故選BCD.8、BD【解題分析】改變內能的方式有做功和熱傳遞，故氣體對外做功，其內能不一定減小，故A錯誤；熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳遞給高溫物體，故B正確；能量耗散說明能量不會憑空產生，也不可以憑空消失，故C錯誤；單晶體具有規(guī)則的幾何外形，物理性質具有各向異性，故D正確；故選BD．【題目點撥】改變內能的方式有做功和熱傳遞，熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳遞給高溫物體，能量耗散說明能量不會憑空產生，也不可以憑空消失，單晶體具有規(guī)則的幾何外形，物理性質具有各向異性．9、BC【解題分析】

AB．在閉合開關的情況下不能用歐姆檔檢查的，使用歐姆表時待測電阻需與外電路斷開，故A錯誤，B正確.C．在正確選用檢測檔位的情況下，若導線2完好，則B、C兩接線點間的電壓應為0，當B、C兩接線點間的電壓接近電源電動勢時，則表明導線2斷路，故C正確.D．在正確選用檢測檔位的情況下，若測得C、D兩點間的電壓為0，不能說明導線3斷路，其它導線斷路也可以，故D錯誤.10、CD【解題分析】

A．等量異種點電荷連線的中垂線是一條零等勢線，則b點電勢為零，但是場強不為零，選項A錯誤；B．根據等量異種電荷的電場線分布規(guī)律可知，在ab線上，b處電場線最密，b處場強最大，所以從a點到b點，電場強度逐漸增大，檢驗電荷受電場力逐漸增大，故B錯誤；

C．從a點到c點，檢驗電荷所受電場力的方向始終沿b→c方向，故C正確。

D．從a點到c點，電場力先不做功，后作正功，所以檢驗電荷的電勢能先不變后減小。故D正確。

故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、增大增大減小控制變量法【解題分析】

根據，，聯(lián)合分析求解；研究某量與其他兩之間的關系時，常采用控制變量法．（1）根據，，B板上移，S減小，C減小，Q不變，U增大，張角將增大；（2）根據，，B板左移，d增大，C減小，U增大，張角將增大；（3）根據，，插入電介質，ε增大，電容C增大，U減小，張角將減?。唬?）根據可知，其中有，S，d為變量，所以本實驗應用的為控制變量法．12、(1)1.848（1.847~1.849）；4.240（4.235、4.245）(2)①2.17（2.14～2.18均對）；②0.16【解題分析】（1）螺旋測微器的讀數為：；（1.847~1.849范圍內的均給分）；游標卡尺的讀數為：（4.235、4.245均給分）(2)①電壓表接0～3V量程，由圖示電壓表可知，其分度值為0.1V，示數為2.17V；②電流表接0～0.6A量程，由圖示電流表可知，其分度值為0.02A，示數為0.16A點晴：本題考查了(1)螺旋測微器和游標卡尺的讀數，螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數之和為螺旋測微器讀數，螺旋測微器需要估讀，游標卡尺的讀數，要注意游標尺的精度且游標卡尺的讀數不要估讀；(2)電壓表與電流表讀數，對電表讀數時要先確定其量程與分度值，然后再根據指針位置讀數，讀數時視線要與電表刻度線垂直．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）時，時，【解題分析】試題分析：根據動能定理求出電子進入電場時的速度，在電場中做類平拋運動，離開勻強電場后做勻速直線運動，將離開電場后的勻速直線運動仍然分解為水平方向和豎直方向，抓住水平位移和豎直位移關系，運用運動學公式進行求出加速電場的電勢差U1；加速電場較小時，粒子的水平位移可能小于d，分兩種情況討論，粒子出電場經過x軸和粒子不出電場經過x軸；不出電場時，粒子與x軸的坐標為類平拋運動的水平位移，出電場經過x軸時，求出類平拋運動出電場時的分速度，以及豎直方向上的位移，然后將出電場的運動分解為水平方向和豎直方向，通過等時性求出與x軸的坐標．（1）設電子的電荷量為e、質量為m，電子經過電場加速后獲得速度v1根據動能定理：電子在勻強電場中運動，有粒子的加速度為：偏轉位移為：離開電場時的豎直速度為：