2022-2023學(xué)年浙江省衢州市高二下學(xué)期期末檢測物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1衢州市2023年6月高二年級教學(xué)質(zhì)量檢測試卷物理一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.2022年10月9日，中國科學(xué)院觀測到迄今最亮的伽馬暴，其能量超過了1055erg。用國際單位制基本單位表示“erg”正確的是（）A.kW·h B.J C.kg·m2·s-2 D.eV〖答案〗CC．根據(jù)功的定義得根據(jù)牛頓第二定律得解得2.2023年4月30日，“鳳翔洲”龍游半程馬拉松鳴槍開跑。賽道起點設(shè)在子鳴路與榮昌東路交叉口，終點設(shè)在端禮路端禮小區(qū)西側(cè)，全程長21.0975公里。經(jīng)過激烈角逐，埃塞俄比亞選手GutemaAbebeFufa以1小時07分21秒率先沖線。根據(jù)以上信息，下列說法正確的是（）A.題中“21.0975公里”指位移B.題中“1小時07分21秒”指時刻C.研究GutemaAbebeFufa的運動軌跡時可以把他視為質(zhì)點D.GutemaAbebeFufa全程的平均速度約為5.2m/s〖答案〗C〖解析〗A．題中“21.0975公里”指路程，故A錯誤；B．題中“1小時07分21秒”指時間間隔，故B錯誤；C．研究GutemaAbebeFufa的運動軌跡時他的形狀、大小、體積可以忽略，故可以把他視為質(zhì)點，故C正確；D．GutemaAbebeFufa全程的平均速率約為故D錯誤。3.杭州亞運會吉祥物“琮琮”展示了攀巖項目動作，當(dāng)琮琮靜止時繩子拉力與重力大小恰好相等，如圖所示。下列說法正確的是（）A.琮琮受到3個力的作用B.巖石對琮琮的彈力是由于巖石形變產(chǎn)生的C.巖石對琮琮作用力方向水平向右D.當(dāng)琮琮向上攀爬時，巖石對它的作用力大于它對巖石的作用力〖答案〗B〖解析〗A．琮琮受到重力、繩子拉力、巖石的彈力、向上的摩擦力4個力的作用，故A錯誤；B．巖石對琮琮的彈力是由于巖石形變產(chǎn)生的，故B正確；C．巖石對琮琮有方向水平向右彈力、豎直向上的摩擦力，所以巖石對琮琮作用力方向斜向右上方，故C錯誤；D．當(dāng)琮琮向上攀爬時，巖石對它的作用力與它對巖石的作用力是一對相互作用力，等大反向，故D錯誤。4.日本要將130萬噸福島核電站的核污水排向大海的消息引起許多國家的強烈抗議。核污水中含有放射性物質(zhì)氚，發(fā)生β衰變的半衰期約為12.5年，極有可能影響人類安全。關(guān)于氚核的β衰變，下列說法正確的是（）A.衰變的方程為：B.衰變輻射出的電子來自于氚原子的核外電子C.衰變產(chǎn)生的新核的比結(jié)合能變小D.隨著全球變暖，海水升溫，會加快氚核的衰變〖答案〗A〖解析〗A．衰變的方程為A正確；B．衰變輻射出的電子來自于中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時釋放出的電子，B錯誤；C．衰變時放出核能，產(chǎn)生的新核的比結(jié)合能變大，C錯誤；D．外部條件無法改變半衰期，D錯誤。5.下列說法不正確的是（）A.圖甲中的探雷器是利用地磁場進行探測的B.圖乙中扼流圈是利用電感器對交流的阻礙作用C.圖丙中磁電式儀表的線圈繞在鋁框骨架上，是為了增加電磁阻尼作用D.圖丁中火災(zāi)報警器利用煙霧對光的散射來工作，屬于光電式傳感器的應(yīng)用〖答案〗A〖解析〗A．圖甲中的探雷器是利用渦流的磁效應(yīng)工作的，故A錯誤，符合題意；B．圖乙中扼流圈是利用電感器對交流阻礙作用，故B正確，不符合題意；C．圖丙中磁電式儀表的線圈繞在鋁框骨架上，是為了增加電磁阻尼作用，故C正確，不符合題意；D．圖丁中火災(zāi)報警器利用煙霧對光的散射來工作，屬于光電式傳感器的應(yīng)用，故D正確，不符合題意。6.科學(xué)家發(fā)現(xiàn)距離地球31光年的GJ357恒星系統(tǒng)這顆恒星的質(zhì)量和大小大約是太陽的三分之一，確認GJ357恒星系統(tǒng)擁有三顆行星繞其公轉(zhuǎn)。其中離恒星最遠的行星GJ357d直徑約為地球的2倍，質(zhì)量約為地球的6倍，每隔55.7天繞恒星公轉(zhuǎn)一次。設(shè)該行星和地球均可視為質(zhì)量分布均勻的球體，并繞其中心天體做勻速圓周運動。關(guān)于行星GJ357d，下列說法正確的是（）A.三顆行星中其繞恒星公轉(zhuǎn)周期最小B.三顆行星中其繞恒星公轉(zhuǎn)的向心加速度最大C.其表面重力加速度與地球表面的重力加速度之比為3：2D.其繞恒星運動的軌道半徑與地球繞太陽的軌道半徑相同〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)開普勒第三定律，三顆行星中其繞恒星公轉(zhuǎn)周期最大，故A錯誤；B．根據(jù)三顆行星中其繞恒星公轉(zhuǎn)的向心加速度最小，故B錯誤；C．根據(jù)由題意，行星GJ357d直徑約為地球的2倍，質(zhì)量約為地球的6倍，知其表面重力加速度與地球表面的重力加速度之比為3：2，故C正確；D．根據(jù)A.空中運動的時間約為0.8sB.落地前瞬間的速度大小約為22.6m/sC.落地點與踢出點的水平距離約為25.6mD.落地前瞬間的速度與水平方向夾角的正切值約為2〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)得踢出球時豎直方向的分速度大小上升的時間根據(jù)對稱性，下降的時間空中運動的時間故A錯誤；B．根據(jù)對稱性，落地時豎直方向的分速度大小落地前瞬間的速度大小故B錯誤；C．落地點與踢出點的水平距離故C正確；D．落地前瞬間的速度與水平方向夾角的正切值故D錯誤。8.如圖所示，在邊長為L的立方體表面中心G、F處固定電荷量均為＋q的點電荷，表面中心E、H處固定電荷量均為－q的點電荷。下列說法正確的是（）A.立方體中心處的電場強度為0B.A、C＇兩點的電勢不相等C.若移去E點的電荷，F(xiàn)點的電荷所受電場力大小為D.若移去E點的電荷，將F點的電荷從F沿直線移到E的過程中，電場力不做功〖答案〗D〖解析〗A．E、F處的點電荷在立方體中心處的電場強度方向豎直向上，G、H處的點電荷在立方體中心處的電場強度方向水平向右，根據(jù)電場強度的疊加可知立方體中心處的電場強度不為0，故A錯誤；B．A、C＇兩點關(guān)于立方體中心處對稱，根據(jù)電場線的對稱分布可知A、C＇兩點的電勢相等，故B錯誤；C．若移去E點的電荷，F(xiàn)點的電荷所受電場力大小為故C錯誤；D．若移去E點的電荷，將F點的電荷從F沿直線移到E的過程中，根據(jù)電場強度的疊加可知F點的電荷受到的電場力一直水平向右，速度方向與電場力方向一直垂直，故電場力不做功，故D正確。9.某型號新能源汽車在一次測試中從靜止開始沿直線運動，其位移x與時間t圖像為如圖所示的一條過原點的拋物線，為圖像上一點，虛線AB與圖像相切于A點，與t軸相交于。時間內(nèi)車的合力平均功率記作，時間內(nèi)車的合力平均功率記作，下列說法正確的是（）A.時刻小車的速度大小為 B.小車加速度大小為C. D.〖答案〗D〖解析〗A．x-t圖像中，圖像切線的斜率表示速度，則t1時刻小車的速度大小為故A錯誤；B．汽車的x-t圖像為過原點的拋物線，則汽車的運動為勻加速直線運動，由位移—時間公式可知解得故B錯誤；CD．則根據(jù)勻變速直線運動平均速度等于中間時刻的瞬時速度，等于初末速度的平均值，則解得即t0時刻為0～t1時間內(nèi)的中間時刻，小車做初速度為零的勻加速直線運動，則0～t0和t0～t1內(nèi)的位移之比為時間內(nèi)車的合力平均功率時間內(nèi)車的合力平均功率則故C錯誤，D正確。10.如圖為研究光電效應(yīng)的實驗裝置，用a、b、c三種單色光分別照射該光電管，得到光電流I與光電管兩極間所加電壓U的關(guān)系如圖所示。下列說法正確的是（）A.三種單色光光子的動量大小B.三種單色光光子的能量大小C.用單色光a照射光電管時，逸出的光電子最大初動能最大D.通過同一雙縫干涉裝置，單色光a形成的干涉條紋間距最小〖答案〗B〖解析〗由光電效應(yīng)方程由題圖可得：c光照射光電管時反向截止電壓大，照射該光電管時光使其逸出的光電子最大初動能大，所以c光的頻率大。A．c光的頻率大，則其波長短，根據(jù)三種單色光光子的動量大小故A錯誤；B．根據(jù)三種單色光光子的能量大小故B正確；C．根據(jù)用單色光a照射光電管時，逸出的光電子最大初動能最小，故C錯誤；D．a(chǎn)光的頻率最小，則其波長最長，根據(jù)通過同一雙縫干涉裝置，單色光a形成的干涉條紋間距最大，故D錯誤。11.等腰直角微棱鏡是LCD顯示屏中的重要組成部件，光線經(jīng)BC邊沿各方向射入微棱鏡，如圖所示。若一束紅、綠復(fù)合光經(jīng)BC邊中點P以30°入射角射向AC邊，其中紅光的折射光線偏離入射方向23°。不考慮光在微棱鏡內(nèi)的多次反射，下列說法正確的是（）A.微棱鏡對紅光的折射率為0.8B.紅光經(jīng)AC反射后不能從AB邊射出C.綠光折射光線偏轉(zhuǎn)角度更小D.綠光在微棱鏡中的傳播速率比紅光大〖答案〗B〖解析〗A．紅光的折射光線偏離入射方向23°，則其折射角為，微棱鏡對紅光的折射率故A錯誤；B．設(shè)臨界角C，則根據(jù)幾何關(guān)系，紅光經(jīng)AC反射后入射到AB邊的入射為，由于紅光經(jīng)AC反射后不能從AB邊射出，故B正確；C．綠光折射率更大，折射光線偏轉(zhuǎn)角度更大，故C錯誤；D．根據(jù)綠光在微棱鏡中的傳播速率比紅光小，故D錯誤。12.如圖所示是某水域的剖面圖，A、B兩區(qū)域最大水深分別為、，點O處于兩部分水面分界線上，M和N分別是處在A、B兩區(qū)域水面上的兩點。若t＝0時刻O點從平衡位置向上振動，形成以O(shè)點為波源向左和向右傳播的水波（可看作簡諧橫波），其波速跟水深關(guān)系為，式中h為兩區(qū)域水的最大深度，g為重力加速度。當(dāng)t＝1.25s時，M點第一次到達波峰，此時O點恰好第二次到達波峰。已知B區(qū)域水波的振幅為A＝6cm，＝0.90m，O、M間距離為2.0m，O、N間距離為4.5m。下列說法正確的是（）A. B.A、B兩區(qū)域水波的波長之比為3∶2C.t＝1.5s時，M點經(jīng)平衡位置向上振動 D.t＝4s時，N點通過的路程為60cm〖答案〗D〖解析〗A．對O點的振動分析，可知，λA=OM=2m代入數(shù)據(jù)有，根據(jù)代入數(shù)據(jù)求得hA=0.40m故故A錯誤；B．右側(cè)波傳播速度，A、B兩區(qū)域水波的波長之比故B錯誤；C．從到，時間間隔為當(dāng)t＝1.25s時，M點第一次到達波峰，t＝1.5s時，M點經(jīng)平衡位置向下振動。故C錯誤；D．波傳到N點的時間t＝4s時，N點開始振動時間t＝4s時，N點通過的路程故D正確。13.如圖所示，“奮進號”潮流能發(fā)電機組核心部件是“水下大風(fēng)車”，一臺潮流能發(fā)電機葉片轉(zhuǎn)動時可形成半徑為10m的圓面，某次漲潮期間，該區(qū)域海水的潮流速度是3m/s，流向恰好與葉片轉(zhuǎn)動的圓面垂直，并將40%的潮流能轉(zhuǎn)化為電能。隨后通過海上升壓變壓器將發(fā)電機組690V電壓升為10kV電壓后向遠處傳輸，不考慮升壓過程中的能量損耗。已知海水密度約為，則（）A.漲潮期間該發(fā)電機的功率約為4×106WB.若每天至少有2h潮流速度高于3m/s，則該臺發(fā)電機日發(fā)電量至少為320kW·hC.升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)之比約為1∶69D.若允許輸送過程中損失的功率控制在4%以內(nèi)，則輸電線電阻不能超過2.5Ω〖答案〗D〖解析〗A．漲潮期間該發(fā)電機的功率約為解得A錯誤；B．若每天至少有2h潮流速度高于3m/s，則該臺發(fā)電機日發(fā)電量至少為B錯誤；C．升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)之比約為C錯誤；D．根據(jù)題意得輸電線電流為解得D正確。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.下列說法中，符合物理學(xué)史實的是（）A.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，并測得萬有引力常量B.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，并得出了電磁感應(yīng)定律C.麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲通過實驗捕捉到了電磁波D.通電螺線管的磁場與條形磁鐵的磁場相似，安培由此受到啟發(fā)提出分子電流假說〖答案〗CD〖解析〗A．牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，卡文迪許測得萬有引力常量，故A錯誤；B．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，紐曼和韋伯總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律，故B錯誤；C．麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲通過實驗捕捉到了電磁波，故C正確；D．通電螺線管的磁場與條形磁鐵的磁場相似，安培由此受到啟發(fā)提出分子電流假說，故D正確。15.如圖為某小型發(fā)電機的原理圖。線圈abcd處于磁感應(yīng)強度大小的勻強磁場中，可繞與磁場方向垂直的固定軸OO＇勻速轉(zhuǎn)動。已知線圈轉(zhuǎn)速n＝2.5，線圈面積，共有N＝100匝，總電阻r＝2Ω，外電路電阻R＝8Ω。從線圈與磁場垂直時開始計時。則（）A.線圈產(chǎn)生的電動勢的瞬時表達式為（V）B.0.2s內(nèi)線圈產(chǎn)生的平均電動勢為VC.0.4s內(nèi)線圈產(chǎn)生的焦耳熱為0.032JD.外電路電阻R減小，發(fā)電機輸出功率減小〖答案〗BC〖解析〗A．線圈的角速度線圈產(chǎn)生的電動勢的瞬時表達式為故A錯誤；B．線圈切割磁感線的周期0.2s內(nèi)線圈轉(zhuǎn)動半圈，產(chǎn)生的平均電動勢為故B正確；C．線圈內(nèi)的電流0.4s內(nèi)線圈產(chǎn)生焦耳熱為故C正確；D．發(fā)電機輸出功率可知當(dāng)時，發(fā)電機輸出功率最大，故外電路電阻R減小，發(fā)電機輸出功率先增大后減小，故D錯誤。三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.在做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗中：（1）下列實驗中與本實驗體現(xiàn)相同物理思想方法的是____________。A.圖1：探究向心力大小的表達式B.圖2：探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律C.圖3：用單擺測量重力加速度（2）小明采用如圖所示的實驗裝置進行實驗。已知車的質(zhì)量為M，槽碼的總質(zhì)量為m，試回答下列問題：①實驗獲得如圖所示的紙帶，已知打點計時器所用交流電源的頻率為50Hz，相鄰兩點間還有4個點未標(biāo)出，小車的加速度為____________（保留兩位有效數(shù)字）。②根據(jù)①中的計算結(jié)果，判斷小明實驗時選用的槽碼總質(zhì)量m是否合理。____________（選填“合理”或“不合理”）〖答案〗（1）A（2）①.0.27②.合理〖解析〗（1）[1]探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系運用了控制變量法。A．圖1：探究向心力大小的表達式運用了控制變量法，故A正確；B．圖2：探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律運用了等效替代法，故B錯誤；C．圖3：用單擺測量重力加速度未運用了控制變量法，故C錯誤。（2）[2]相鄰兩點間還有4個點未標(biāo)出，則相鄰計數(shù)點時間間隔為用逐差法求小車的加速度為[3]根據(jù)牛頓第二定律可得整理得可得可知，故小明實驗時選用的槽碼總質(zhì)量m合理。17.（1）在“用油膜法估測油酸分子大小”的實驗中，下列說法正確的是________（多選）A．可將油酸分子簡化為球形B．可認為油酸分子緊密排布C．痱子粉層應(yīng)厚一些D．滴入油酸后應(yīng)立即繪出輪廓圖（3）把1滴該溶液滴入盛水的淺盤里，形成如圖所示的油膜，圖中小方格的邊長為1cm，油酸分子直徑約為____________m（保留兩位有效數(shù)字）〖答案〗（1）AB（2）（3）〖解析〗（1）[1]A．估測油酸分子直徑大小時，可把油酸分子簡化為球形處理，故A正確；B．在“用油膜法估測分子的大小”實驗中把很小的一滴油酸滴在水面上形成一塊油酸薄膜，認為分子是球形、薄膜是由單層的油酸分子且一個緊挨一個排列的，不考慮各油酸分子間的間隙，故B正確；C．痱子粉層厚一些，不利于油酸完全散開，故C錯誤；D．繪制輪廓圖應(yīng)在油酸分子擴散穩(wěn)定后進行，故D錯誤。（2）[2]1滴油酸酒精溶液中含有純油酸的體積（3）[3]將大于半格的方格記為一格，舍掉小于半格的方格，則格子數(shù)為189，油酸分子直徑約為18.如圖是“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實驗電路圖。小明在某次實驗中，當(dāng)伏特表示數(shù)V時，在開關(guān)K斷開與閉合時，伏特表的示數(shù)分別V和V，已知原副線圈匝數(shù)分別匝和匝。實驗過程操作規(guī)范正確。（1）下列說法正確的是____________（多選）A．該變壓器為理想變壓器B．小于的可能原因是線圈存在電阻C．的主要原因是變壓器使用過程中有能量損耗D．若以為原線圈、為副線圈，輸入和輸出電壓分別為、，則有（2）小明利用多用電表粗測副線圈的電阻。測量前先把兩支表筆直接接觸，調(diào)整歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向表盤的________________（選填“電流”或“電阻”）零刻度。測量時指針位置如圖所示，則線圈電阻約為____________Ω。（3）小明為了進一步精確測量副線圈的電阻，設(shè)計的部分電路如圖所示，為了繪制盡可能完整的伏安特性圖線，還需連接的導(dǎo)線是__________（選填“ab”、“be”或“ce”），開關(guān)閉合前，滑動變阻器滑片應(yīng)置于_________（選填“左”或“右”）端。測得線圈上一組電流、電壓數(shù)據(jù)并得到如圖所示的伏安特性圖線。若將該線圈接在電壓為4V的交流電源兩端，則通過線圈的電流___________0.18A（選填“＞”、“＝”或“＜”）〖答案〗（1）BC（2）電阻21.8（3）be左＜〖解析〗（1）[1]A．由于該變壓器不是理想變壓器，故A錯誤；B．小于的可能原因是線圈存在電阻，故B正確；C．的主要原因是變壓器使用過程中有能量損耗，故C正確；D．變壓器使用過程中有能量損耗，若以為原線圈、為副線圈，輸入和輸出電壓分別為、，則有故D錯誤。（2）[2][3]小明利用多用電表粗測副線圈的電阻。測量前先把兩支表筆直接接觸，調(diào)整歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向表盤的電阻零刻度。測量時指針位置如圖2所示，則線圈電阻約為21.8×1Ω=21.8Ω（3）[4][5][6]為了繪制盡可能完整的伏安特性圖線，電路采用分壓法，所以還需連接的導(dǎo)線是be，開關(guān)閉合前，滑動變阻器滑片應(yīng)置于左端。若將該線圈接在電壓為4V的交流電源兩端，由于自感作用，則通過線圈的電流＜0.18A。19.研究表明，新冠病毒耐寒不耐熱，在溫度超過56℃時，30分鐘就可以滅活。如圖所示，一粗細均勻且足夠高的汽缸被輕質(zhì)絕熱活塞分隔成上下兩部分，汽缸頂端有一絕熱閥門K，汽缸底部接有電熱絲E。現(xiàn)將含有新冠病毒的氣體封閉在汽缸下部a內(nèi)，氣體初始溫度℃，活塞與底部的距離cm，活塞的橫截面積，不計活塞和汽缸間的摩擦，取大氣壓為Pa。若閥門K始終打開，電熱絲通電一段時間。求：（1）當(dāng)活塞與底部的距離cm時，a內(nèi)氣體的溫度；（2）若要能夠滅活新冠病毒，b內(nèi)逸出的氣體體積至少為多少；〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）閥門K始終打開，氣體做等壓變化解得a內(nèi)氣體的溫度（2）若要能夠滅活新冠病毒，需達到的溫度根據(jù)蓋呂薩克定律解得b內(nèi)逸出的氣體體積至少為（3）剛達到滅活溫度時，a氣體對外做功根據(jù)熱力學(xué)第一定律20.如圖所示，一游戲裝置由傾角θ=37°的傾斜直軌道AB、圓弧軌道BC、DE、圓弧管道CD、水平直軌道EF組成，各段軌道平滑連接，B、C、D、E為軌道間的切點，G為圓弧管道CD的最高點，除EF段外各段軌道均光滑。圓軌道BC、CD、DE的圓心均為O，C、O、D處于同一水平線，半徑R=0.5m，傾斜直軌道AB的長度，水平直軌道EF的長度。在傾斜軌道下端固定一動力彈射裝置P，滑塊與其碰撞，彈射裝置P被激發(fā)，使滑塊以更大的速度反向彈回，每次彈射對滑塊做功大小恒為W=0.3J。質(zhì)量M=0.2kg的滑塊靜置于水平直軌道EF的中點H，質(zhì)量m=0.1kg的滑塊自傾斜直軌道AB上距離B點x（x≠0、未知、可調(diào)）處由靜止釋放，經(jīng)動力彈射裝置多次彈射后通過G點，并與M發(fā)生彈性正碰。已知兩滑塊在EF段運動時受到的阻力均為其重力的0.2倍，滑塊可視為質(zhì)點，不計彈射裝置P的大小，不計空氣阻力，，。（1）若滑塊m由靜止釋放經(jīng)一次彈射后恰能到達B點，求x的大?。唬?）若滑塊m從EF等高處由靜止釋放，經(jīng)多次彈射后與滑塊M發(fā)生碰撞，求M在水平面上運動的距離s；（3）調(diào)節(jié)x的大小，判斷滑塊m通過G點時對軌道壓力是否可能為0？若可能，請計算滑塊被彈射的最小次數(shù)，若不能請說明理由?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）釋放滑塊運動至B點過程，根據(jù)動能定理得解得（2）滑塊能夠經(jīng)過G點需要滿足（為整數(shù)）解得則經(jīng)4次彈射后與滑塊M發(fā)生碰撞，根據(jù)動能定理，與碰撞前的速度為解得與碰撞，根據(jù)動量守恒和機械能守恒可得解得碰后的速度為根據(jù)動能定理可得解得（3）滑塊過G點時恰好對軌道無壓力，則有解得滑塊通過G點可能的最大速度為解得故滑塊通過G點時可能對軌道無壓力。釋放滑塊運動至B點，根據(jù)動能定理得解得即經(jīng)分析，當(dāng)時，取得最小值21.2023年3月13日“央視軍事”報道，“福建艦”是我國第一艘裝備了電磁攔阻裝置的航母，電磁攔阻技術(shù)大大提高了艦載機降落的可靠性。電磁攔阻的工作原理簡化如下：當(dāng)艦載機著艦時關(guān)閉動力系統(tǒng)，通過尾鉤鉤住絕緣阻攔索，如圖所示。阻攔索又帶動金屬棒ab在導(dǎo)軌MN、PQ上滑動，金屬棒ab、導(dǎo)軌和定值電阻R形成一閉合回路，如圖所示。若某次訓(xùn)練中尾鉤鉤住阻攔索的瞬間，艦載機與金屬棒瞬間獲得共同速度km/h，在磁場中共同減速滑行至停下。已知艦載機與金屬棒ab的總質(zhì)量kg、電阻r＝4Ω，導(dǎo)軌間距L＝50m，定值電阻R＝6Ω，勻強磁場磁感應(yīng)強度B＝4T。為了研究問題的方便，導(dǎo)軌電阻不計，阻攔索的質(zhì)量和形變不計。（1）求艦載機著艦瞬間棒ab中感應(yīng)電流的大小和方向；（2）若在阻攔的過程中除安培力外艦載機與金屬棒所受其它阻力的沖量大小為N·s，求艦載機滑行的距離；（3）若在阻攔的過程中除安培力外艦載機與金屬棒克服其它阻力做的功為J，求電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱?！即鸢浮剑?），感應(yīng)電流方向為；（2）；（3）〖解析〗（1）艦載機著艦瞬間棒ab中感應(yīng)電流的大小根據(jù)右手定則感應(yīng)電流方向為。（2）艦載機與金屬棒停下來的過程，由動量定理得電量為解得艦載機滑行的距離（3）艦載機與金屬棒停下來的過程，由動能定理得解得電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱22.波蕩器是利用同步輻射產(chǎn)生電磁波重要裝置，它能使帶電粒子的運動軌跡發(fā)生扭擺，改變粒子扭擺頻率可以獲得不同頻率的電磁波，其裝置簡化模型如圖所示。n個互不重疊的圓形磁場沿水平直線等間距分布，圓形磁場半徑均為R，磁感應(yīng)強度B大小相等，相鄰磁場方向相反且均垂直紙面。平行板電容器PQ間接有大小為U的加速電壓，電子（重力不計）從靠近P板處由靜止釋放，經(jīng)電場加速后平行于紙面從A點射入波蕩器，射入時速度與水平直線夾角為，在范圍內(nèi)可調(diào)。當(dāng)電子經(jīng)加速后以從A點射入波蕩器，調(diào)節(jié)磁感應(yīng)強度為，電子恰好能從點正上方離開第一個磁場，忽略相對論效應(yīng)及磁場邊界效應(yīng)。（1）求電子的比荷及經(jīng)電場加速后獲得的速度；（2）若電子經(jīng)加速后以從A點射入波蕩器，已知AO1的距離，調(diào)節(jié)磁場區(qū)域的圓心間距D和磁感應(yīng)強度B的大小，可使電子每次穿過水平線時速度與水平線的夾角均為，最終通過同一水平線上的F點，求D的大小和磁感應(yīng)強度B的大小；（3）在（2）問的情況下，求電子在波蕩器中扭擺運動的周期，并定性分析如何能夠有效調(diào)整扭擺運動的周期?！即鸢浮剑?），；（2），；（3），見〖解析〗〖解析〗（1）電子在第一個磁場中做勻速圓周運動，由題意可知軌跡半徑為R，則有電子在電場中加速運動，根據(jù)動能定理有聯(lián)立解得，（2）電子的軌跡如圖所示由幾何知識可知電子做勻速圓周運動的圓心恰好在磁場圓上且在磁場圓的正上方或正下方，由幾何關(guān)系可知根據(jù)牛頓第二定律有解得（3）每次從水平線到磁場區(qū)域的時間為由幾何關(guān)系可得電子在磁場內(nèi)做圓周運動的圓心角為則電子每次在磁場內(nèi)的運動時間為則電子的扭擺周期為要調(diào)整扭擺運動的周期，可以調(diào)節(jié)加速電壓，同時調(diào)節(jié)磁感應(yīng)強度，使電子仍做扭擺運動。衢州市2023年6月高二年級教學(xué)質(zhì)量檢測試卷物理一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.2022年10月9日，中國科學(xué)院觀測到迄今最亮的伽馬暴，其能量超過了1055erg。用國際單位制基本單位表示“erg”正確的是（）A.kW·h B.J C.kg·m2·s-2 D.eV〖答案〗CC．根據(jù)功的定義得根據(jù)牛頓第二定律得解得2.2023年4月30日，“鳳翔洲”龍游半程馬拉松鳴槍開跑。賽道起點設(shè)在子鳴路與榮昌東路交叉口，終點設(shè)在端禮路端禮小區(qū)西側(cè)，全程長21.0975公里。經(jīng)過激烈角逐，埃塞俄比亞選手GutemaAbebeFufa以1小時07分21秒率先沖線。根據(jù)以上信息，下列說法正確的是（）A.題中“21.0975公里”指位移B.題中“1小時07分21秒”指時刻C.研究GutemaAbebeFufa的運動軌跡時可以把他視為質(zhì)點D.GutemaAbebeFufa全程的平均速度約為5.2m/s〖答案〗C〖解析〗A．題中“21.0975公里”指路程，故A錯誤；B．題中“1小時07分21秒”指時間間隔，故B錯誤；C．研究GutemaAbebeFufa的運動軌跡時他的形狀、大小、體積可以忽略，故可以把他視為質(zhì)點，故C正確；D．GutemaAbebeFufa全程的平均速率約為故D錯誤。3.杭州亞運會吉祥物“琮琮”展示了攀巖項目動作，當(dāng)琮琮靜止時繩子拉力與重力大小恰好相等，如圖所示。下列說法正確的是（）A.琮琮受到3個力的作用B.巖石對琮琮的彈力是由于巖石形變產(chǎn)生的C.巖石對琮琮作用力方向水平向右D.當(dāng)琮琮向上攀爬時，巖石對它的作用力大于它對巖石的作用力〖答案〗B〖解析〗A．琮琮受到重力、繩子拉力、巖石的彈力、向上的摩擦力4個力的作用，故A錯誤；B．巖石對琮琮的彈力是由于巖石形變產(chǎn)生的，故B正確；C．巖石對琮琮有方向水平向右彈力、豎直向上的摩擦力，所以巖石對琮琮作用力方向斜向右上方，故C錯誤；D．當(dāng)琮琮向上攀爬時，巖石對它的作用力與它對巖石的作用力是一對相互作用力，等大反向，故D錯誤。4.日本要將130萬噸福島核電站的核污水排向大海的消息引起許多國家的強烈抗議。核污水中含有放射性物質(zhì)氚，發(fā)生β衰變的半衰期約為12.5年，極有可能影響人類安全。關(guān)于氚核的β衰變，下列說法正確的是（）A.衰變的方程為：B.衰變輻射出的電子來自于氚原子的核外電子C.衰變產(chǎn)生的新核的比結(jié)合能變小D.隨著全球變暖，海水升溫，會加快氚核的衰變〖答案〗A〖解析〗A．衰變的方程為A正確；B．衰變輻射出的電子來自于中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子時釋放出的電子，B錯誤；C．衰變時放出核能，產(chǎn)生的新核的比結(jié)合能變大，C錯誤；D．外部條件無法改變半衰期，D錯誤。5.下列說法不正確的是（）A.圖甲中的探雷器是利用地磁場進行探測的B.圖乙中扼流圈是利用電感器對交流的阻礙作用C.圖丙中磁電式儀表的線圈繞在鋁框骨架上，是為了增加電磁阻尼作用D.圖丁中火災(zāi)報警器利用煙霧對光的散射來工作，屬于光電式傳感器的應(yīng)用〖答案〗A〖解析〗A．圖甲中的探雷器是利用渦流的磁效應(yīng)工作的，故A錯誤，符合題意；B．圖乙中扼流圈是利用電感器對交流阻礙作用，故B正確，不符合題意；C．圖丙中磁電式儀表的線圈繞在鋁框骨架上，是為了增加電磁阻尼作用，故C正確，不符合題意；D．圖丁中火災(zāi)報警器利用煙霧對光的散射來工作，屬于光電式傳感器的應(yīng)用，故D正確，不符合題意。6.科學(xué)家發(fā)現(xiàn)距離地球31光年的GJ357恒星系統(tǒng)這顆恒星的質(zhì)量和大小大約是太陽的三分之一，確認GJ357恒星系統(tǒng)擁有三顆行星繞其公轉(zhuǎn)。其中離恒星最遠的行星GJ357d直徑約為地球的2倍，質(zhì)量約為地球的6倍，每隔55.7天繞恒星公轉(zhuǎn)一次。設(shè)該行星和地球均可視為質(zhì)量分布均勻的球體，并繞其中心天體做勻速圓周運動。關(guān)于行星GJ357d，下列說法正確的是（）A.三顆行星中其繞恒星公轉(zhuǎn)周期最小B.三顆行星中其繞恒星公轉(zhuǎn)的向心加速度最大C.其表面重力加速度與地球表面的重力加速度之比為3：2D.其繞恒星運動的軌道半徑與地球繞太陽的軌道半徑相同〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)開普勒第三定律，三顆行星中其繞恒星公轉(zhuǎn)周期最大，故A錯誤；B．根據(jù)三顆行星中其繞恒星公轉(zhuǎn)的向心加速度最小，故B錯誤；C．根據(jù)由題意，行星GJ357d直徑約為地球的2倍，質(zhì)量約為地球的6倍，知其表面重力加速度與地球表面的重力加速度之比為3：2，故C正確；D．根據(jù)A.空中運動的時間約為0.8sB.落地前瞬間的速度大小約為22.6m/sC.落地點與踢出點的水平距離約為25.6mD.落地前瞬間的速度與水平方向夾角的正切值約為2〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)得踢出球時豎直方向的分速度大小上升的時間根據(jù)對稱性，下降的時間空中運動的時間故A錯誤；B．根據(jù)對稱性，落地時豎直方向的分速度大小落地前瞬間的速度大小故B錯誤；C．落地點與踢出點的水平距離故C正確；D．落地前瞬間的速度與水平方向夾角的正切值故D錯誤。8.如圖所示，在邊長為L的立方體表面中心G、F處固定電荷量均為＋q的點電荷，表面中心E、H處固定電荷量均為－q的點電荷。下列說法正確的是（）A.立方體中心處的電場強度為0B.A、C＇兩點的電勢不相等C.若移去E點的電荷，F(xiàn)點的電荷所受電場力大小為D.若移去E點的電荷，將F點的電荷從F沿直線移到E的過程中，電場力不做功〖答案〗D〖解析〗A．E、F處的點電荷在立方體中心處的電場強度方向豎直向上，G、H處的點電荷在立方體中心處的電場強度方向水平向右，根據(jù)電場強度的疊加可知立方體中心處的電場強度不為0，故A錯誤；B．A、C＇兩點關(guān)于立方體中心處對稱，根據(jù)電場線的對稱分布可知A、C＇兩點的電勢相等，故B錯誤；C．若移去E點的電荷，F(xiàn)點的電荷所受電場力大小為故C錯誤；D．若移去E點的電荷，將F點的電荷從F沿直線移到E的過程中，根據(jù)電場強度的疊加可知F點的電荷受到的電場力一直水平向右，速度方向與電場力方向一直垂直，故電場力不做功，故D正確。9.某型號新能源汽車在一次測試中從靜止開始沿直線運動，其位移x與時間t圖像為如圖所示的一條過原點的拋物線，為圖像上一點，虛線AB與圖像相切于A點，與t軸相交于。時間內(nèi)車的合力平均功率記作，時間內(nèi)車的合力平均功率記作，下列說法正確的是（）A.時刻小車的速度大小為 B.小車加速度大小為C. D.〖答案〗D〖解析〗A．x-t圖像中，圖像切線的斜率表示速度，則t1時刻小車的速度大小為故A錯誤；B．汽車的x-t圖像為過原點的拋物線，則汽車的運動為勻加速直線運動，由位移—時間公式可知解得故B錯誤；CD．則根據(jù)勻變速直線運動平均速度等于中間時刻的瞬時速度，等于初末速度的平均值，則解得即t0時刻為0～t1時間內(nèi)的中間時刻，小車做初速度為零的勻加速直線運動，則0～t0和t0～t1內(nèi)的位移之比為時間內(nèi)車的合力平均功率時間內(nèi)車的合力平均功率則故C錯誤，D正確。10.如圖為研究光電效應(yīng)的實驗裝置，用a、b、c三種單色光分別照射該光電管，得到光電流I與光電管兩極間所加電壓U的關(guān)系如圖所示。下列說法正確的是（）A.三種單色光光子的動量大小B.三種單色光光子的能量大小C.用單色光a照射光電管時，逸出的光電子最大初動能最大D.通過同一雙縫干涉裝置，單色光a形成的干涉條紋間距最小〖答案〗B〖解析〗由光電效應(yīng)方程由題圖可得：c光照射光電管時反向截止電壓大，照射該光電管時光使其逸出的光電子最大初動能大，所以c光的頻率大。A．c光的頻率大，則其波長短，根據(jù)三種單色光光子的動量大小故A錯誤；B．根據(jù)三種單色光光子的能量大小故B正確；C．根據(jù)用單色光a照射光電管時，逸出的光電子最大初動能最小，故C錯誤；D．a(chǎn)光的頻率最小，則其波長最長，根據(jù)通過同一雙縫干涉裝置，單色光a形成的干涉條紋間距最大，故D錯誤。11.等腰直角微棱鏡是LCD顯示屏中的重要組成部件，光線經(jīng)BC邊沿各方向射入微棱鏡，如圖所示。若一束紅、綠復(fù)合光經(jīng)BC邊中點P以30°入射角射向AC邊，其中紅光的折射光線偏離入射方向23°。不考慮光在微棱鏡內(nèi)的多次反射，下列說法正確的是（）A.微棱鏡對紅光的折射率為0.8B.紅光經(jīng)AC反射后不能從AB邊射出C.綠光折射光線偏轉(zhuǎn)角度更小D.綠光在微棱鏡中的傳播速率比紅光大〖答案〗B〖解析〗A．紅光的折射光線偏離入射方向23°，則其折射角為，微棱鏡對紅光的折射率故A錯誤；B．設(shè)臨界角C，則根據(jù)幾何關(guān)系，紅光經(jīng)AC反射后入射到AB邊的入射為，由于紅光經(jīng)AC反射后不能從AB邊射出，故B正確；C．綠光折射率更大，折射光線偏轉(zhuǎn)角度更大，故C錯誤；D．根據(jù)綠光在微棱鏡中的傳播速率比紅光小，故D錯誤。12.如圖所示是某水域的剖面圖，A、B兩區(qū)域最大水深分別為、，點O處于兩部分水面分界線上，M和N分別是處在A、B兩區(qū)域水面上的兩點。若t＝0時刻O點從平衡位置向上振動，形成以O(shè)點為波源向左和向右傳播的水波（可看作簡諧橫波），其波速跟水深關(guān)系為，式中h為兩區(qū)域水的最大深度，g為重力加速度。當(dāng)t＝1.25s時，M點第一次到達波峰，此時O點恰好第二次到達波峰。已知B區(qū)域水波的振幅為A＝6cm，＝0.90m，O、M間距離為2.0m，O、N間距離為4.5m。下列說法正確的是（）A. B.A、B兩區(qū)域水波的波長之比為3∶2C.t＝1.5s時，M點經(jīng)平衡位置向上振動 D.t＝4s時，N點通過的路程為60cm〖答案〗D〖解析〗A．對O點的振動分析，可知，λA=OM=2m代入數(shù)據(jù)有，根據(jù)代入數(shù)據(jù)求得hA=0.40m故故A錯誤；B．右側(cè)波傳播速度，A、B兩區(qū)域水波的波長之比故B錯誤；C．從到，時間間隔為當(dāng)t＝1.25s時，M點第一次到達波峰，t＝1.5s時，M點經(jīng)平衡位置向下振動。故C錯誤；D．波傳到N點的時間t＝4s時，N點開始振動時間t＝4s時，N點通過的路程故D正確。13.如圖所示，“奮進號”潮流能發(fā)電機組核心部件是“水下大風(fēng)車”，一臺潮流能發(fā)電機葉片轉(zhuǎn)動時可形成半徑為10m的圓面，某次漲潮期間，該區(qū)域海水的潮流速度是3m/s，流向恰好與葉片轉(zhuǎn)動的圓面垂直，并將40%的潮流能轉(zhuǎn)化為電能。隨后通過海上升壓變壓器將發(fā)電機組690V電壓升為10kV電壓后向遠處傳輸，不考慮升壓過程中的能量損耗。已知海水密度約為，則（）A.漲潮期間該發(fā)電機的功率約為4×106WB.若每天至少有2h潮流速度高于3m/s，則該臺發(fā)電機日發(fā)電量至少為320kW·hC.升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)之比約為1∶69D.若允許輸送過程中損失的功率控制在4%以內(nèi)，則輸電線電阻不能超過2.5Ω〖答案〗D〖解析〗A．漲潮期間該發(fā)電機的功率約為解得A錯誤；B．若每天至少有2h潮流速度高于3m/s，則該臺發(fā)電機日發(fā)電量至少為B錯誤；C．升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)之比約為C錯誤；D．根據(jù)題意得輸電線電流為解得D正確。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.下列說法中，符合物理學(xué)史實的是（）A.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，并測得萬有引力常量B.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，并得出了電磁感應(yīng)定律C.麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲通過實驗捕捉到了電磁波D.通電螺線管的磁場與條形磁鐵的磁場相似，安培由此受到啟發(fā)提出分子電流假說〖答案〗CD〖解析〗A．牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，卡文迪許測得萬有引力常量，故A錯誤；B．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，紐曼和韋伯總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律，故B錯誤；C．麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲通過實驗捕捉到了電磁波，故C正確；D．通電螺線管的磁場與條形磁鐵的磁場相似，安培由此受到啟發(fā)提出分子電流假說，故D正確。15.如圖為某小型發(fā)電機的原理圖。線圈abcd處于磁感應(yīng)強度大小的勻強磁場中，可繞與磁場方向垂直的固定軸OO＇勻速轉(zhuǎn)動。已知線圈轉(zhuǎn)速n＝2.5，線圈面積，共有N＝100匝，總電阻r＝2Ω，外電路電阻R＝8Ω。從線圈與磁場垂直時開始計時。則（）A.線圈產(chǎn)生的電動勢的瞬時表達式為（V）B.0.2s內(nèi)線圈產(chǎn)生的平均電動勢為VC.0.4s內(nèi)線圈產(chǎn)生的焦耳熱為0.032JD.外電路電阻R減小，發(fā)電機輸出功率減小〖答案〗BC〖解析〗A．線圈的角速度線圈產(chǎn)生的電動勢的瞬時表達式為故A錯誤；B．線圈切割磁感線的周期0.2s內(nèi)線圈轉(zhuǎn)動半圈，產(chǎn)生的平均電動勢為故B正確；C．線圈內(nèi)的電流0.4s內(nèi)線圈產(chǎn)生焦耳熱為故C正確；D．發(fā)電機輸出功率可知當(dāng)時，發(fā)電機輸出功率最大，故外電路電阻R減小，發(fā)電機輸出功率先增大后減小，故D錯誤。三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.在做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗中：（1）下列實驗中與本實驗體現(xiàn)相同物理思想方法的是____________。A.圖1：探究向心力大小的表達式B.圖2：探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律C.圖3：用單擺測量重力加速度（2）小明采用如圖所示的實驗裝置進行實驗。已知車的質(zhì)量為M，槽碼的總質(zhì)量為m，試回答下列問題：①實驗獲得如圖所示的紙帶，已知打點計時器所用交流電源的頻率為50Hz，相鄰兩點間還有4個點未標(biāo)出，小車的加速度為____________（保留兩位有效數(shù)字）。②根據(jù)①中的計算結(jié)果，判斷小明實驗時選用的槽碼總質(zhì)量m是否合理。____________（選填“合理”或“不合理”）〖答案〗（1）A（2）①.0.27②.合理〖解析〗（1）[1]探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系運用了控制變量法。A．圖1：探究向心力大小的表達式運用了控制變量法，故A正確；B．圖2：探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律運用了等效替代法，故B錯誤；C．圖3：用單擺測量重力加速度未運用了控制變量法，故C錯誤。（2）[2]相鄰兩點間還有4個點未標(biāo)出，則相鄰計數(shù)點時間間隔為用逐差法求小車的加速度為[3]根據(jù)牛頓第二定律可得整理得可得可知，故小明實驗時選用的槽碼總質(zhì)量m合理。17.（1）在“用油膜法估測油酸分子大小”的實驗中，下列說法正確的是________（多選）A．可將油酸分子簡化為球形B．可認為油酸分子緊密排布C．痱子粉層應(yīng)厚一些D．滴入油酸后應(yīng)立即繪出輪廓圖（3）把1滴該溶液滴入盛水的淺盤里，形成如圖所示的油膜，圖中小方格的邊長為1cm，油酸分子直徑約為____________m（保留兩位有效數(shù)字）〖答案〗（1）AB（2）（3）〖解析〗（1）[1]A．估測油酸分子直徑大小時，可把油酸分子簡化為球形處理，故A正確；B．在“用油膜法估測分子的大小”實驗中把很小的一滴油酸滴在水面上形成一塊油酸薄膜，認為分子是球形、薄膜是由單層的油酸分子且一個緊挨一個排列的，不考慮各油酸分子間的間隙，故B正確；C．痱子粉層厚一些，不利于油酸完全散開，故C錯誤；D．繪制輪廓圖應(yīng)在油酸分子擴散穩(wěn)定后進行，故D錯誤。（2）[2]1滴油酸酒精溶液中含有純油酸的體積（3）[3]將大于半格的方格記為一格，舍掉小于半格的方格，則格子數(shù)為189，油酸分子直徑約為18.如圖是“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實驗電路圖。小明在某次實驗中，當(dāng)伏特表示數(shù)V時，在開關(guān)K斷開與閉合時，伏特表的示數(shù)分別V和V，已知原副線圈匝數(shù)分別匝和匝。實驗過程操作規(guī)范正確。（1）下列說法正確的是____________（多選）A．該變壓器為理想變壓器B．小于的可能原因是線圈存在電阻C．的主要原因是變壓器使用過程中有能量損耗D．若以為原線圈、為副線圈，輸入和輸出電壓分別為、，則有（2）小明利用多用電表粗測副線圈的電阻。測量前先把兩支表筆直接接觸，調(diào)整歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向表盤的________________（選填“電流”或“電阻”）零刻度。測量時指針位置如圖所示，則線圈電阻約為____________Ω。（3）小明為了進一步精確測量副線圈的電阻，設(shè)計的部分電路如圖所示，為了繪制盡可能完整的伏安特性圖線，還需連接的導(dǎo)線是__________（選填“ab”、“be”或“ce”），開關(guān)閉合前，滑動變阻器滑片應(yīng)置于_________（選填“左”或“右”）端。測得線圈上一組電流、電壓數(shù)據(jù)并得到如圖所示的伏安特性圖線。若將該線圈接在電壓為4V的交流電源兩端，則通過線圈的電流___________0.18A（選填“＞”、“＝”或“＜”）〖答案〗（1）BC（2）電阻21.8（3）be左＜〖解析〗（1）[1]A．由于該變壓器不是理想變壓器，故A錯誤；B．小于的可能原因是線圈存在電阻，故B正確；C．的主要原因是變壓器使用過程中有能量損耗，故C正確；D．變壓器使用過程中有能量損耗，若以為原線圈、為副線圈，輸入和輸出電壓分別為、，則有故D錯誤。（2）[2][3]小明利用多用電表粗測副線圈的電阻。測量前先把兩支表筆直接接觸，調(diào)整歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向表盤的電阻零刻度。測量時指針位置如圖2所示，則線圈電阻約為21.8×1Ω=21.8Ω（3）[4][5][6]為了繪制盡可能完整的伏安特性圖線，電路采用分壓法，所以還需連接的導(dǎo)線是be，開關(guān)閉合前，滑動變阻器滑片應(yīng)置于左端。若將該線圈接在電壓為4V的交流電源兩端，由于自感作用，則通過線圈的電流＜0.18A。19.研究表明，新冠病毒耐寒不耐熱，在溫度超過56℃時，30分鐘就可以滅活。如圖所示，一粗細均勻且足夠高的汽缸被輕質(zhì)絕熱活塞分隔成上下兩部分，汽缸頂端有一絕熱閥門K，汽缸底部接有電熱絲E。現(xiàn)將含有新冠病毒的氣體封閉在汽缸下部a內(nèi)，氣體初始溫度℃，活塞與底部的距離cm，活塞的橫截面積，不計活塞和汽缸間的摩擦，取大氣壓為Pa。若閥門K始終打開，電熱絲通電一段時間。求：（1）當(dāng)活塞與底部的距離cm時，a內(nèi)氣體的溫度；（2）若要能夠滅活新冠病毒，b內(nèi)逸出的氣體體積至少為多少；〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）閥門K始終打開，氣體做等壓變化解得a內(nèi)氣體的溫度（2）若要能夠滅活新冠病毒，需達到的溫度根據(jù)蓋呂薩克定律解得b內(nèi)逸出的氣體體積至少為（3）剛達到滅活溫度時，a氣體對外做功根據(jù)熱力學(xué)第一定律20.如圖所示，一游戲裝置由傾角θ=37°的傾斜直軌道AB、圓弧軌道BC、DE、圓弧管道CD、水平直軌道EF組成，各段軌道平滑連接，B、C、D、E為軌道間的切點，G為圓弧管道CD的最高點，除EF段外各段軌道均光