2021年江蘇省鹽城市濱海中學(xué)高考物理一模試卷

2021年江蘇省鹽城市濱海中學(xué)高考物理一模試卷

1.比值定義法是物理學(xué)中定義物理量的一種常用方法，如電場(chǎng)強(qiáng)度E、導(dǎo)體的電阻R、

電容C、磁感應(yīng)強(qiáng)度8、電流強(qiáng)度人電勢(shì)9、電勢(shì)差為8都是用比值法定義的物理

量，下列幾組公式均屬于定義式的是（）

口F「ESF

A.E=7C=痂；Bn=^

B.E=--B=-；%=儂

qILABq

C.R=fE=k/C=l

D.R=P（；/=入W=半

2.犀斗［仙比山是古代一種小型的人力提水灌田農(nóng)具,

是我國(guó)古代勞動(dòng)人民智慧的結(jié)晶。如圖所示，兩人

雙手執(zhí)繩牽斗取水，在繩子長(zhǎng)度一定時(shí)（）

A.兩人站得越近越省力

B.兩人站得越遠(yuǎn)越省力

C.兩邊繩子與豎直方向夾角為60。時(shí)最省力

D.繩子拉力大小與兩人距離遠(yuǎn)近無關(guān)

3.中國(guó)的面食文化博大精深，種類繁多，其中“山西刀削面”堪稱天下一絕，傳統(tǒng)的

操作手法是一手托面，一手拿刀，直接將面削到開水鍋里。如圖所示，小面圈剛被

削離時(shí)距開水鍋的高度為/?,與鍋沿的水平距離為L(zhǎng),鍋的半徑也為L(zhǎng),將削出的

小面圈的運(yùn)動(dòng)視為平拋運(yùn)動(dòng)，且小面圈都落入鍋中，重力加速度為g,則下列關(guān)于

所有小面圈在空中運(yùn)動(dòng)的描述錯(cuò)誤的是（）

A.運(yùn)動(dòng)的時(shí)間都相同

B.速度的變化量都相同

C.落入鍋中時(shí)，最大速度是最小速度的3倍

D.若初速度為?！?則L,<見<3嗚

4.2020年11月24日4時(shí)30分，長(zhǎng)征五號(hào)遙五運(yùn)載火箭順利將嫦娥五號(hào)探測(cè)器送入

預(yù)定軌道，開啟了中國(guó)首次地外天體采樣返回之旅。嫦娥五號(hào)飛行軌跡可以簡(jiǎn)化為

如圖所示：首先進(jìn)入近地圓軌道I,在P點(diǎn)進(jìn)入橢圓軌道H,到達(dá)遠(yuǎn)地點(diǎn)。后進(jìn)

入地月轉(zhuǎn)移軌道，到達(dá)月球附近后進(jìn)入環(huán)月軌道。近地圓軌道I的半徑為周期

為橢圓軌道n的半長(zhǎng)軸為“，周期為△，環(huán)月軌道皿的半徑為門，周期為四，

地球半徑為R,地球表面重力加速度為g。忽略地球自轉(zhuǎn)，忽略太陽(yáng)引力的影響。

下列說法正確的是（）

B.嫦娥五號(hào)在軌道I上運(yùn)行速度大于阿

C.嫦娥五號(hào)在橢圓軌道口上P點(diǎn)的加速度大于在圓軌道I上P點(diǎn)的加速度

D.嫦娥五號(hào)沿橢圓軌道II從P點(diǎn)向。點(diǎn)飛行的過程中，地球?qū)λ囊ψ鲐?fù)功

5.極限跳傘是世界上最流行的空中極限運(yùn)動(dòng)，它的獨(dú)特

魅力在于跳傘者通常起跳后傘并不是馬上自動(dòng)打開，

而是由跳傘者自己控制開傘時(shí)間，這樣冒險(xiǎn)者就可以

把刺激域值的大小完全控制在自己手中。傘打開前可

看做是自由落體運(yùn)動(dòng)，打開傘后空氣阻力與速度平方成正比，跳傘者先減速下降，

最后勻速下落。如果用〃表示下落的高度，/表示下落的時(shí)間，與表示重力勢(shì)能（以

地面為零勢(shì)能面），七上表示動(dòng)能，E表示機(jī)械能，v表示下落時(shí)的速度。在整個(gè)過程

中下列圖象可能符合事實(shí)的是（）

第2頁(yè)，共20頁(yè)

6.一列簡(jiǎn)諧橫波在X軸上傳播，t=0時(shí)刻的波形如圖甲所示，％=2771的質(zhì)點(diǎn)「的振

動(dòng)圖象如圖乙所示，由此可以判斷（）

A.該波的傳播方向是沿x軸正方向

B.2s末質(zhì)點(diǎn)尸到達(dá)x=0位置

C.在t=5s時(shí)質(zhì)點(diǎn)尸的加速度為零

D.在0到5s時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P通過的路程是25cm

7.交警使用的某型號(hào)酒精測(cè)試儀如圖甲，其工作原理如圖乙所示，傳感器電阻R的電

阻值隨酒精氣體濃度的增大而減小，電源的電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r,電路中的電表

均為理想電表。當(dāng)一位酒駕駕駛員對(duì)著測(cè)試儀吹氣時(shí)，下列說法中正確的是（）

Er知

圖乙

A.電壓表的示數(shù)變大，電流表的示數(shù)變小

B.電壓表的示數(shù)變小，電流表的示數(shù)變小

C.酒精氣體濃度越大，電源的輸出功率越大

D.電壓表示數(shù)變化量與電流表示數(shù)變化量的絕對(duì)值之比保持不變

8,下列關(guān)于磁場(chǎng)的應(yīng)用，正確的是（）

A.圖甲是用來加速帶電粒子的回旋加速器示意圖，要使粒子獲得的最大動(dòng)能增大,

可增大加速電場(chǎng)的電壓U

B.圖乙是磁流體發(fā)電機(jī)示意圖，由此可判斷A極板是發(fā)電機(jī)的正極，B極板是發(fā)

電機(jī)的負(fù)極

C.圖丙是速度選擇器示意圖，不考慮重力的帶電粒子能夠沿直線勻速通過速度選

擇器的條件是u=5

D.圖丁是磁電式電流表內(nèi)部結(jié)構(gòu)示意圖，當(dāng)有電流流過時(shí)，線圈在磁極間產(chǎn)生的

勻強(qiáng)磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)

9.楊氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)對(duì)認(rèn)識(shí)光的本質(zhì)具有重要的意義。雙縫干涉實(shí)驗(yàn)示意圖如圖所示,

用藍(lán)光照射單縫S時(shí)，光屏P上能觀察到干涉條紋。下列措施中能使光屏上條紋間

距變寬的是（）

A-~*

wZZTs

光二

光屏

A.改用紫光照射單縫SB.將單縫S向左側(cè)平移

c.減小雙縫片與52的間距D.用藍(lán)光和紫光分別照射&和S2

10.如圖所示為氫原子的能級(jí)示意圖。氫原子可在各能級(jí)間發(fā)H

生躍遷，設(shè)從n=4能級(jí)躍遷到n=l能級(jí)輻射的電磁波的?

2.

波長(zhǎng)為％,從71=4能級(jí)躍遷到71=2能級(jí)輻射的電磁波的

波長(zhǎng)為;12,從n=2能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)輻射的電磁波的-)3.6

波長(zhǎng)為;13,則下列關(guān)系式中正確的是（）

A.%>B.>%C.4]>羽

11.實(shí)驗(yàn)觀察到靜止在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中A點(diǎn)的原子核的/發(fā)生a衰

變，衰變方程為能8U-簫47Vl+aHe,兩個(gè)新核的運(yùn)動(dòng)軌跡

如圖所示。則下列說法正確的是（）

A.牡核與a粒子半徑之比是1：45

B.針核與a粒子半徑之比是45：1

C.鉆核與a粒子半徑之比是1：46

D.兩原子核的運(yùn)動(dòng)軌跡應(yīng)是兩圓內(nèi)切

12.在“探究導(dǎo)體電阻與其影響因素（包括材料）的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，進(jìn)行如下一些操作。

①用累積法測(cè)電阻絲的直徑，用來被繞的管選用哪種較好o

4橫截面圓形直徑大約5mM的硬質(zhì)等大直水筆芯桿

B.橫截面圓形直徑大約2c相的硬質(zhì)等大直塑料水管

C.橫截面正方形或三角形邊長(zhǎng)約的等大直鐵管

②繞制過程中覺得緊密程度不好，又用游標(biāo)卡尺直接測(cè)量該金屬絲的直徑，如圖1

第4頁(yè)，共20頁(yè)

所示的讀數(shù)為mmo

0第標(biāo)尺20

圖3

陽(yáng)2

③已知電阻絲的電阻心約為100,現(xiàn)備有下列器材供測(cè)電阻時(shí)使用：

量程0.24內(nèi)阻約0.5。的電流表

量程3V,內(nèi)阻約6k。的電壓表

阻值。?5。、額定電流2A的滑動(dòng)變阻器

干電池兩節(jié)

開關(guān)一個(gè)

導(dǎo)線若干

根據(jù)給出的器材應(yīng)設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)電路（要求多測(cè)量幾組數(shù)據(jù)，結(jié)果盡可能精確

）（選填A(yù)、8、C、0）

④用小燈泡替換電阻絲，選用其中的一個(gè)電路測(cè)量描繪出如圖3的小燈泡伏安特性

曲線，根據(jù)圖線判斷，將幾只相同的小燈泡并聯(lián)后直接與電動(dòng)勢(shì)為3.0V、內(nèi)阻為1.00

的電源組成閉合電路，要保證電源的效率不低于50%,則并聯(lián)的小燈泡不能超過

______只。

13.某實(shí)驗(yàn)小組在利用單擺測(cè)定當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊膶?shí)驗(yàn)中，小組成員在實(shí)驗(yàn)過程中有如

下做法，其中正確的是（）

A.把單擺從平衡位置拉開30。的擺角，并在釋放擺球的同時(shí)開始計(jì)時(shí)

B.測(cè)量擺球通過最低點(diǎn)100次的時(shí)間f,則單擺周期為工

C.用懸線的長(zhǎng)度加擺球的直徑作為擺長(zhǎng)，代入單擺周期公式計(jì)算得到的重力加速

度值偏大

D.選擇密度較小的擺球，測(cè)得的重力加速度值誤差較小

14.半徑為R的固定半圓形玻璃磚的橫截面如圖所示，。點(diǎn)為圓心，與直徑AB垂直的

足夠大的光屏CO緊靠住玻璃磚的左側(cè),00'與AB垂直。一細(xì)光束沿半徑方向與。0'

成0=30。角射向。點(diǎn)，光屏區(qū)域出現(xiàn)兩個(gè)光斑，兩光斑間的距離為(遮+1)R,

求：

(1)此玻璃的折射率；

(2)當(dāng)。變?yōu)槎啻髸r(shí)，兩光斑恰好變?yōu)橐粋€(gè)。

15.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)8,再變化到狀態(tài)C,其狀態(tài)變化過程的

P-U圖象如圖所示，已知該氣體在狀態(tài)A時(shí)的溫度為27。(：，求：

(1)該氣體在狀態(tài)8時(shí)的溫度；

(2)該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中與外界交換的熱量。

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夕/XIO'Pa

3

2

v/XlO'm,

16.如圖所示，AB為光滑的;圓弧軌道，半徑R=0.8m,8C為距地面高九=1.25ni的粗

糙水平軌道，長(zhǎng)L=2.0M,與A8軌道相切于3點(diǎn)。小物塊N放在水平軌道末端的

C點(diǎn),將小物塊M從圓弧軌道的最高點(diǎn)A由靜止釋放，經(jīng)過一段時(shí)間后與小物塊N

發(fā)生碰撞，碰撞后小物塊N落在水平地面上的0點(diǎn)，小物塊例落在E點(diǎn)。已知。

點(diǎn)到C點(diǎn)的水平距離=0.75m,D、E兩點(diǎn)間的距離=0.125m,小物塊”與

水平軌道BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=0.3,重力加速度g取10rn/s2,兩小物塊均可

視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力。求：

(1)小物塊剛到達(dá)B點(diǎn)的壓力與重力之比；

(2)碰撞前瞬間小物塊M的速度大??；

(3)小物塊M和小物塊N的質(zhì)量之比。

17.如圖所示，在xO)，平面內(nèi)，MN與y軸平行，間距為％其間有沿x軸負(fù)方向的勻

強(qiáng)電場(chǎng)E.y軸左側(cè)有寬為L(zhǎng)的垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，MN右側(cè)空間存在范圍足

夠?qū)?、垂直紙面的勻?qiáng)磁場(chǎng)(圖中未標(biāo)出)。質(zhì)量為“、帶電量為+q的粒子從P(d,0)

沿x軸負(fù)方向以火的初速度射入勻強(qiáng)電場(chǎng)。粒子到達(dá)。點(diǎn)后，經(jīng)過一段時(shí)間還能再

次回到。點(diǎn)。已知電場(chǎng)強(qiáng)度E=警，粒子重力不計(jì)。

2qa

(1)求粒子到。點(diǎn)的速度大?。?/p>

(2)求y軸左側(cè)磁場(chǎng)區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度當(dāng)?shù)拇笮?yīng)滿足什么條件？

(3)若滿足(2)的條件，求MN右側(cè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度和y軸左側(cè)磁場(chǎng)區(qū)域磁感應(yīng)

強(qiáng)度當(dāng)?shù)拇笮￡P(guān)系。

第8頁(yè)，共20頁(yè)

答案和解析

1.【答案】B

【解析】

【分析】

解決本題的關(guān)鍵理解比值定義法的特點(diǎn)：被定義的物理量往往是反映物質(zhì)的最本質(zhì)的屬

性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變.所謂比值定義法，就是用兩個(gè)基本的

物理量的“比”來定義一個(gè)新的物理量的方法.比值法定義的基本特點(diǎn)是被定義的物理

量往往是反映物質(zhì)的最本質(zhì)的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變.

【解答】

A、電場(chǎng)強(qiáng)度與試探電荷受到的電場(chǎng)力、試探電荷的電量都無關(guān)，所以E屬于比值定

義法.磁感應(yīng)強(qiáng)度與放入磁場(chǎng)中的電流元無關(guān).所以B=5屬于比值定義法；電容與正

對(duì)面積S成正比，與極板間的距離成反比，公式C=持平行板電容器的電容的決定式，

不屬于比值定義法.故A錯(cuò)誤.

B、AB之間的電勢(shì)差與電場(chǎng)力對(duì)試探電荷做功的多少無關(guān).所以公式以8=等也屬于

比值定義法.故B正確；

C、電阻R與電壓、電流無關(guān)，是其本身的屬性，R=彳屬于比值定義法，電容器的電

容：C=?由電容器本身決定，與極板上的電量以及極板之間的電勢(shì)差都無關(guān)，公式屬

于比值定義法；而公式E=/c?是點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的計(jì)算公式，不屬于比值定義

法.故C錯(cuò)誤.

D、導(dǎo)體的電阻的計(jì)算公式是R=p等不屬于比值定義法；電流強(qiáng)度的定義式/=/

與流過導(dǎo)體橫截面的電量無關(guān)，與時(shí)間也無關(guān)；電勢(shì)的大小由電場(chǎng)本身決定，3=系屬

于比值定義法.故。錯(cuò)誤.

故選：B

2.【答案】A

【解析】解：耳斗受重力和兩個(gè)拉力，設(shè)拉力與豎直方向的夾角為a,根據(jù)平衡條件,

有：2Fcosa=mg

設(shè)繩子的長(zhǎng)度為L(zhǎng)兩個(gè)人之間的距離為2%,由幾何關(guān)系可得：sina=\

可知在繩子的長(zhǎng)度一定的條件下，若兩個(gè)人之間的距離x越小，貝Us譏a越小，其對(duì)應(yīng)的

余弦值cosa越大，黑;越小，即個(gè)人之間的距離越小，繩子的拉力越小，可知兩人站得

2cosa

越近越省力，故A正確，BCZ）錯(cuò)誤。

故選：Ao

根據(jù)受力分析，直接合成法列式求解出拉力的表達(dá)式進(jìn)行分析即可。

本題關(guān)鍵是采用直接合成法求解出拉力的表達(dá)式進(jìn)行分析，記住繩子的夾角越小，張力

越小，基礎(chǔ)題目.

3.【答案】C

【解析】解：A、平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間有高度決定，小面落入鍋中的過程中，下落高度都相

同，根據(jù)=可知，下落時(shí)間都相同，古A正確；

8、速度的變化量=g△?:可知，加速度相同，下落時(shí)間也相同，故速度的變化量都

相同，故8正確；

CD、根據(jù)九=：9產(chǎn)得，t=照,水平位移的范圍：L<%<L+2R=33根據(jù)為=，得，

初速度的范圍為：L患<%<3L在①

由動(dòng)能定理得：mgh~|mv2-gm詔②

22

①②聯(lián)立解得：vm=J2gh+9L-^,vmin=^2gh+L顯然落入鍋中時(shí)，最大

速度不是最小速度的3倍，故C錯(cuò)誤，。正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選：Co

削出的小面做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)高度求出平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，結(jié)合水平位移的范圍求出平拋

運(yùn)動(dòng)初速度的范圍，從而確定速度的大小。平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間有高度決定。

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，知道運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由

高度決定，初速度和時(shí)間共同決定水平位移。

4.【答案】D

第10頁(yè)，共20頁(yè)

【解析】解：A、開普勒第三定律適用于同一個(gè)中心天體，所以有：鳥=舄力昌，故A

1213

錯(cuò)誤：

B、嫦娥五號(hào)在軌道I上運(yùn)行速度為巧，根據(jù)萬有引力提供向心力可得：mg=m^,解

得：v-t=y[gR＜故8錯(cuò)誤；

C、根據(jù)牛頓第二定律可得：^=ma,解得：a=詈，所以嫦娥五號(hào)在橢圓軌道D上

P點(diǎn)的加速度等于在圓軌道I上尸點(diǎn)的加速度，故C錯(cuò)誤；

。、嫦娥五號(hào)沿橢圓軌道II從P點(diǎn)向。點(diǎn)飛行的過程中，萬有引力的方向與速度方向的

夾角大于90。，所以地球?qū)λ囊ψ鲐?fù)功，故。正確。

故選：Do

開普勒第三定律適用于同一個(gè)中心天體，由此分析A選項(xiàng)；

根據(jù)萬有引力提供向心力分析線速度大??；

根據(jù)牛頓第二定律分析嫦娥五號(hào)在橢圓軌道口上P點(diǎn)的加速度和在圓軌道I上尸點(diǎn)的加

速度大?。?/p>

根據(jù)萬有引力的方向與速度方向的夾角分析萬有引力做功情況。

本題主要是考查了萬有引力定律及其應(yīng)用；解答此類題目一般要把握兩條線：一是在星

球表面，忽略星球自轉(zhuǎn)的情況下，萬有引力近似等于重力；二是根據(jù)萬有引力提供向心

力列方程進(jìn)行解答。

5.【答案】B

【解析】解：4、開始下落階段做自由落體運(yùn)動(dòng)，則琦=EP0-mgh,可知此過程中Ep-h

為直線，故4錯(cuò)誤；

B、開始下落階段做自由落體運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能等于減小的重力勢(shì)能，即a=則%-八

為直線；在開始減速后的過程中先減速后勻速，可知?jiǎng)幽芟葴p小后不變，故8正確；

C、開始階段做自由落體運(yùn)動(dòng)，機(jī)械能不變；然后打開傘后，由于受阻力作用機(jī)械能逐

漸減小，最后勻速下落階段機(jī)械能仍不斷減小，故C錯(cuò)誤；

。、開始階段做自由落體運(yùn)動(dòng)，速度隨時(shí)間均勻增加；開傘后空氣阻力與速度平方成正

比，則加速度滿足：mg-kv2=ma,則加速度隨時(shí)間逐漸減小，u-t線不是直線，

故。錯(cuò)誤。

打開降落傘之前做自由落體運(yùn)動(dòng)，為勻加速直線運(yùn)動(dòng)，合力不變，然后做加速度逐漸減

小的減速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)。

解決本題的關(guān)鍵知道圖象的物理意義，搞清運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)情況，通過加速度變化判斷合

力的變化，通過下降的高度判斷重力勢(shì)能的變化。

6.【答案】D

由圖乙得到尸點(diǎn)t=0時(shí)刻的下一時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)在0點(diǎn)的正方向，所以t=0時(shí)刻速度為正,

如圖甲，根據(jù)同側(cè)法，波形圖上某點(diǎn)表示傳播方向和振動(dòng)方向的箭頭在圖線的同側(cè)，該

波的傳播方向是沿x軸負(fù)方向，故A錯(cuò)誤；

8、質(zhì)點(diǎn)p在自己的平衡位置附近在y軸方向上振動(dòng)，不隨波傳播的方向移動(dòng)，故不會(huì)

移動(dòng)到％=0的位置，故B錯(cuò)誤；

C、由圖乙，在t=5s時(shí)質(zhì)點(diǎn)P在正的最大位移處，回復(fù)力最大，故加

速度最大，故C錯(cuò)誤；

D、由圖乙得到周期7=4s,在0到5s時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P振動(dòng)了:個(gè)周期，質(zhì)點(diǎn)p從平衡位

置通過了5個(gè)振幅的路程是：S=5>1=5x5cm=25cm,故/）正確。

故選：Do

由圖乙得到P點(diǎn)t=0時(shí)刻的速度方向，根據(jù)同側(cè)法，判斷波的傳播方向波，注意質(zhì)點(diǎn)

在自己的平衡位置附振動(dòng),不隨波傳播的方向移動(dòng)，由圖乙得到周期由圖乙得到周期T=

4s,判斷質(zhì)點(diǎn)P振動(dòng)多少個(gè)振幅，計(jì)算質(zhì)點(diǎn)的路程。

這道題注意質(zhì)點(diǎn)在自己的平衡位置附振動(dòng)，不隨波傳播的方向移動(dòng)，注意區(qū)分兩個(gè)圖的

區(qū)別和聯(lián)系。

7.【答案】D

【解析】解：ABD,設(shè)電壓表的示數(shù)為U,電流表的示數(shù)為/。當(dāng)一位酒駕駕駛員對(duì)著

測(cè)試儀吹氣時(shí)，傳感器電阻R的電阻值減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電流表的示數(shù)

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/變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-/(R()+r),知U變小。根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，

電壓表示數(shù)變化量與電流表示數(shù)變化量的絕對(duì)值之比|詈|=Ro+r,保持不變，故AB

錯(cuò)誤，。正確；

C、酒精氣體濃度越大時(shí)，傳感器電阻R的電阻值越小，根據(jù)閉合電路歐姆定律知電路

中電流越大，由于電源的內(nèi)外電阻大小關(guān)系未知，所以不能確定電源的輸出功率如何變

化，故C錯(cuò)誤。

故選：Do

當(dāng)一位酒駕駕駛員對(duì)著測(cè)試儀吹氣時(shí)，分析R阻值的變化情況，根據(jù)閉合電路歐姆定律

列式,分析兩電表示數(shù)變化關(guān)系；當(dāng)酒精氣體濃度越大時(shí)，傳感器電阻R的電阻值越小，

根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電路中電流的變化，根據(jù)內(nèi)外電阻的關(guān)系分析電源輸出功率

的變化情況。根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電壓表示數(shù)變化量與電流表示數(shù)變化量的絕對(duì)

值之比變化情況。

本題是信息給予題，要搞清傳感器電阻R的特性，分析其阻值的變化情況，要知道R

相當(dāng)于可變電阻，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析兩電表示數(shù)變化的關(guān)系。

8.【答案】C

【解析】解：A、圖甲為回旋加速器，根據(jù)帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑公式：

「=等,則有："=晅，故最大動(dòng)能為：E=^mv2與加速電壓無關(guān)，故A

qBmKkTTml22m

錯(cuò)誤；

B、圖乙是磁流體發(fā)電機(jī)模型，由左手定則知正離子向下偏轉(zhuǎn)，所以下極板帶正電，4

板是電源的負(fù)極，8板是電源的正極，故8錯(cuò)誤；

C、圖丙為速度選擇器，要使帶電粒子沿直線通過，則受到到電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，

則有解得故正確；

Bqu=Eq,V=DC

。、圖丁是磁電式電流表內(nèi)部結(jié)構(gòu)示意圖，磁極間的磁場(chǎng)為幅狀磁場(chǎng)，不是勻強(qiáng)磁場(chǎng)，

故。錯(cuò)誤。

故選：C。

回旋加速器最大動(dòng)能取決于。形盒的半徑;磁流體發(fā)電機(jī)就是利用帶電粒子受洛倫茲力

原理，速度選擇器是因?yàn)檫_(dá)到某一速度的粒子受力平衡做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平衡條件

即可確定帶電粒子勻速通過的速度；知道磁電式儀表的工作原理，知道磁極間的磁場(chǎng)為

幅狀磁場(chǎng)。

本題考查了洛倫茲力的應(yīng)用相關(guān)知識(shí)，掌握用左手定則判斷洛倫茲力的方向，知道速度

選擇器的原理以及回旋加速器中最大動(dòng)能的表達(dá)式。

9.【答案】C

【解析】解：在波的干涉中，依據(jù)干涉條紋的間距公式：△X=；九可得，條紋間距與

波長(zhǎng)、屏之間的距離成正比，與雙縫間的距離d成反比，故要增大間距，應(yīng)減小d,或

增大雙縫屏到光屏的距離，或增大光的波長(zhǎng)；

A、改用紫光照射單縫S,即波長(zhǎng)變短，故A錯(cuò)誤；

8、將單縫S向左側(cè)平移，由條紋的間距公式可知，不受影響，故B錯(cuò)誤；

C、減小雙縫Si與S2的間距，即間距d，故C正確；

。、用藍(lán)光和紫光分別照射a和S2,不滿足干涉的條件：頻率相同，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

由波的干涉中，由條紋的間距公式=可得出若要增大間距應(yīng)采取的措施，從而

即可求解。

本題考查光波的干涉條紋的間距公式，應(yīng)牢記條紋間距的決定因素，不要求定量計(jì)算，

但要求定性分析，最后注意干涉的條件。

10.【答案】D

【解析】解：A、從能級(jí)圖的躍遷能級(jí)的關(guān)系看,

從n=4到n=2躍遷輻射電磁波能量小于從n=2

到n=1躍遷輻射電磁波能量，根據(jù)則輻射能級(jí)間

躍遷釋放光子能量與能級(jí)差的關(guān)系：

Em-En=hv

從n=4到n=2躍遷輻射電磁波能量小的光子頻

率小，所以輻射的電磁波的波長(zhǎng)長(zhǎng)。所以;I2＞A3；

故A錯(cuò)誤;

B、從n=4到n=1躍遷輻射電磁波能量大于從n=4到71=2躍遷輻射電磁波能量，則

輻射的光子頻率大，所以輻射的電磁波的波長(zhǎng)短。所以及＜；12,故B錯(cuò)誤，

C、從n=4到n=l躍遷輻射電磁波能量大于從n=2到n=l躍遷輻射電磁波能量，則

輻射的光子頻率大，所以輻射的電磁波的波長(zhǎng)短。所以右＜/13,故C錯(cuò)誤；

D、從71=4到71=1躍遷輻射電磁波波長(zhǎng)為右，從n=4到n=2躍遷輻射電磁波波長(zhǎng)為止,

從n=2到n=1躍遷輻射電磁波波長(zhǎng)為取。

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根據(jù)釋放光子的能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差有,

hehehe

入1入3

=

所以：+7~

人14243

所以：故。正確;

故選：Do

氫原子由激發(fā)態(tài)向低能級(jí)躍遷時(shí)，釋放光子的能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，能級(jí)差越大,

光子頻率越大，波長(zhǎng)越小。

解決本題的關(guān)鍵掌握能級(jí)間躍遷釋放光子能量與能級(jí)差的關(guān)系，即Em-En=hv.

11.【答案】A

【解析】解：原子核第8〃發(fā)生戊衰變過程中滿足動(dòng)量守恒，即pi=p2,帶電離子在磁場(chǎng)

中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力做為向心力q〃B=喈，可得半徑公式：R=^=竟,則

針核與“粒子半徑之比等于其電量的倒數(shù)比，即七：R2=2：90=1：45,原子核第8（7

和a均帶正電，運(yùn)動(dòng)方向相反，電荷軌跡應(yīng)為外切，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：A。

原子核股8〃發(fā)生a衰變過程中滿足動(dòng)量守恒，再利用帶電離子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),

洛倫茲力做為向心力，可得半徑之比等于其電量的倒數(shù)比。

本題考查原子核的衰變問題，注意原子核的衰變過程中，內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，滿足動(dòng)量守

恒，再利用帶電離子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力做為向心力，求解半徑之比。

12.【答案】①B；②0.50；③4；（4）3=

【解析】解：①5nun筆芯桿直徑太小，很難繞線，方形或三角形管繞線時(shí)轉(zhuǎn)角處容易

使繞線彎折變形造成纏繞不緊密，故選瓦

②由圖1所示游標(biāo)卡尺可知，游標(biāo)尺是20分度的，游標(biāo)尺的精度是0.05771771,其讀數(shù)為

0mm+10x0.05mm=0.50mm。

③由題意可知，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻絲電阻，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，電流表應(yīng)采用

外接法；

由于待測(cè)電阻絲阻值大于滑動(dòng)變阻器最大阻值，為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用

分壓接法，故選圖A所示實(shí)物電路圖。

④電源的效率為50%時(shí)路端電壓等于電源內(nèi)電壓，內(nèi)外電路電流相等，則內(nèi)外電阻相

等，外電阻R=r,此時(shí)路端電壓U=：E=TX3.0V=1.5P；

干路電流/=?=2=登4=1.54由圖3所示圖象可知，燈泡兩端電壓U=1.51/時(shí)流

Rr1.0

過燈泡的電流〃=0.454nIL<I,則n<3.3,則不能超過3只燈泡；

故答案為：①B；②0.50；③4；④3。

①所選管一方面要方便測(cè)量金屬絲的直徑，另一方面不能傷金屬絲，分析各選項(xiàng)答題。

②游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)，根據(jù)圖示游標(biāo)卡尺讀出其示數(shù)。

③根據(jù)電阻絲阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表接法，根據(jù)題目要求確定滑動(dòng)變阻器

接法，然后選擇實(shí)物電路圖。

④根據(jù)電源效率確定路端電壓，求出干路電流，根據(jù)圖3所示圖象求出燈泡的個(gè)數(shù)。

本題考查了游標(biāo)卡尺讀數(shù)、實(shí)物電路圖的選擇與實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理等問題；要掌握常用器材

的使用及讀數(shù)方法；根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器與電流表的接法是選擇實(shí)物電路圖的前提

與關(guān)鍵。

13.【答案】C

【解析】解：人單擺最大擺角應(yīng)小于5。，單擺經(jīng)過平衡位置的速度最大，在平衡位置

計(jì)時(shí)誤差最小.故A錯(cuò)誤.

8、擺球在一個(gè)周期內(nèi)兩次經(jīng)過平衡位置，測(cè)量擺球通過最低點(diǎn)100次的時(shí)間，，則單擺

的周期7=聯(lián).故B錯(cuò)誤.

C、擺長(zhǎng)等于懸點(diǎn)到擺球球心的距離，用懸線的長(zhǎng)度加擺球的直徑作為擺長(zhǎng)，測(cè)量的擺

長(zhǎng)偏大，根據(jù)g=皆知，測(cè)量的重力加速度偏大.故C正確.

。、為減小實(shí)驗(yàn)誤差因素，應(yīng)選擇密度較大的擺球.故。錯(cuò)誤.

故選：C.

擺角很小的情況下單擺的振動(dòng)才是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；單擺擺球經(jīng)過平衡位置的速度最大，最大

位移處速度為0,在平衡位置計(jì)時(shí)誤差最??；由單擺的周期公式得出重力加速度的表達(dá)

式，結(jié)合重力加速度的表達(dá)式判斷測(cè)量的誤差.

簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)是一種理想的運(yùn)動(dòng)模型，單擺只有在擺角很小，空氣阻力影響不計(jì)的情況下單

擺的振動(dòng)才可以看成簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，要知道影響實(shí)驗(yàn)結(jié)論的因素.

14.【答案】解：（1）細(xì)光束在A8界面，一部分反射，另一部分折射，設(shè)折射角為小光

路圖如下圖所示

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由幾何關(guān)系得

RL

=---=v3/?

1tan。

P

根據(jù)題意兩光斑間的距離為(b+1)R,所以可知乙2=R，由幾何關(guān)系知￡。兀6=搟=1，

則0=45°,

根據(jù)折射定律得，此玻璃的折射率為

sin0

n=..八

sin0

所以71=>/2

(2)若光屏CO上恰好只剩一個(gè)光斑，則說明該光束恰好在A3面發(fā)生全反射，

由sinC=；可得，臨界角大小為

C=45°

即當(dāng)0=45。時(shí)，光屏上恰好只剩下一個(gè)光斑。

答：(1)此玻璃的折射率為企；

(2)當(dāng)。變?yōu)?5。時(shí)，兩光斑恰好變?yōu)橐粋€(gè)。

【解析】(1)畫出光路圖，根據(jù)入射角和折射角，求出折射率；

(2)若光屏CD上恰好只剩一個(gè)光斑，則說明該光束恰好在A8面發(fā)生全反射，根據(jù)sinC=

；求出臨界角。

對(duì)于涉及全反射的問題，要緊扣全反射產(chǎn)生的條件：一是光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)；

二是入射角大于等于臨界角；解題時(shí)一定要作出光路圖，結(jié)合幾何知識(shí)研究這類問題。

15.【答案】解：(1)4、B、C三個(gè)狀態(tài)的氣體參量分別為：

5_33

PA=3x10Pa,匕=1X10m,TA=300K

5

PB=1x10Pa,VB=1x10-37n3,TB

533

pc=1x10Pa,Vc=3x10-m,Tc

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程:

P-匕_PB%_Pc%

丁二丁=可

代入數(shù)據(jù)解得：TB=100K,Tc=300K。

(2)氣體從A到B,體積不變，氣體不做功，即為：1%=0,

s

氣體從B到C,壓強(qiáng)不變，體積增大,氣體對(duì)外做功為:〃2=-PB(Vc-yB)=TX10X

2x10-3/=-2007

氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中，溫度不變，即△(7=(),根據(jù)熱力學(xué)第一定律：△〃=

W1+W2+Q=0

代入數(shù)據(jù)解得：Q=200/

答：(1)該氣體在狀態(tài)8時(shí)的溫度為100K；

(2)該氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中與外界交換的熱量為20(17。

【解析】(1)先寫出A、B、C三個(gè)狀態(tài)的參量，利用理想氣體狀態(tài)方程可以求出2、C

的溫度；

(2)氣體從A到B,體積不變，氣體不做功：氣體從B到C,壓強(qiáng)不變，體積增大，氣

體對(duì)外做功，根據(jù)公式W=p△P可以求出氣體做功;氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中，

溫度不變，內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可以求出氣體與外界熱交換。

本題考查了理想氣體狀態(tài)方程、熱力學(xué)第一定律等知識(shí)點(diǎn)。解答理想氣體狀態(tài)方程與熱

力學(xué)第一定律的綜合問題的關(guān)鍵在于找到兩個(gè)規(guī)律之間的聯(lián)系，弄清氣體狀態(tài)變化過程

中各狀態(tài)量的變化情況。熱力學(xué)第一定律本質(zhì)上是能量守恒定律，我們應(yīng)該從能量守恒

定律角度來加深對(duì)其理解。

16.【答案】解：(1)設(shè)小物塊M和小物塊N的質(zhì)量為和62,設(shè)小物塊"到達(dá)B點(diǎn)時(shí)

速度為丫，受到的支持力為?，

2

從A點(diǎn)到B點(diǎn)，由動(dòng)能定理得：m1gR=^mrv

由牛頓第二定律得：FN—mrg=171^

解得：FN=3niig

由牛頓第三定律可知小物塊M對(duì)B點(diǎn)的壓力F/=母=

故小物塊剛到達(dá)B點(diǎn)的壓力與重力之比為：黑=3

(2)設(shè)碰撞前瞬間小物塊M的速度大小為北,

從A點(diǎn)到C點(diǎn)，對(duì)小物塊M,由動(dòng)能定理得：m^