2021年山西大學(xué)附中高考物理演習(xí)試卷（附答案詳解）

2021年山西大學(xué)附中高考物理演習(xí)試卷

1.下列各組物理量，全屬于矢量的是（）

A.電場(chǎng)強(qiáng)度電勢(shì)B.電流磁通量

C.磁感應(yīng)強(qiáng)度洛倫茲力D.磁通量安培力

2.某實(shí)驗(yàn)小組在做光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)時(shí)，用頻率為v的單|/

色光照射光電管的陰極K,得到光電流/與光電管兩卜-，刀--------

端電壓。的關(guān)系圖線如圖所示，己知電子電荷量的y

絕對(duì)值為e,普朗克常量為小則光電子逸出功為（）/__________________

A.hvOU

B.eUc

C.hv-eUc

D.hv+eUc

3.某理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為11：1,當(dāng)原線圈兩端輸入如圖所示的正弦

交變電壓時(shí),

A.10V2V

4.如圖，足夠長(zhǎng)的固定斜面傾角為。，質(zhì)量為，"的物體以速度為從斜面底端沖上斜面,

到達(dá)最高點(diǎn)后又滑回原處。已知物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為4，重力加速度為g。

則物體滑回原處的速度大小為（）

「sinO-ficosO

?sin0+/zcos0*sin0-gcos0

5.2021年1月20日，我國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征三號(hào)乙運(yùn)載火箭，成功將天通

一號(hào)03星發(fā)射升空，它將與天通一號(hào)01星、02星組網(wǎng)運(yùn)行。若03星繞地球做圓

周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為02星的。倍，02星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度為01星的匕倍，

已知01星的運(yùn)行周期為T(mén),則03星的運(yùn)行周期為（）

A.B.小/%C.D./膜7

6.如圖中所示為某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，一電子只在電場(chǎng)力的作用下從A點(diǎn)到B點(diǎn)運(yùn)

動(dòng)的速度-時(shí)間圖象如圖乙所示，則下列分析正確的是（）

??

AB

甲

A.該電場(chǎng)線可能是負(fù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線

B.該電場(chǎng)線可能是正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線

C.A點(diǎn)的電勢(shì)比B點(diǎn)的低

D.A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比8的點(diǎn)大

7.如圖所示，足夠長(zhǎng)的兩平行光滑金屬導(dǎo)軌間的距離L=0.6m,導(dǎo)軌所在的平面與水

平面夾角9=37。，在導(dǎo)軌所在平面內(nèi)分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.57,方向垂直于導(dǎo)

軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。兩導(dǎo)軌上端接有一額定電壓U=3.61/的小燈泡?，F(xiàn)把一質(zhì)量

m=O.Mg的金屬棒而垂直放置在導(dǎo)軌上由靜止釋放，當(dāng)金屬棒達(dá)到最大速度時(shí)小

燈泡恰好正常發(fā)光，金屬棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。金屬棒和導(dǎo)軌

電阻不計(jì),g取lOm/s2,s譏37。=0.6,cos370=0.8=則下列說(shuō)法正確的是（）

A.通過(guò)金屬棒ab的電流方向從。到6

B.金屬棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度為12m/s

C.小燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻值為2.00

D.小燈泡的額定功率為7.2W

8.如圖所示，從小山坡上的。點(diǎn)將質(zhì)量不同的兩個(gè)小石塊〃以相同的動(dòng)能分別沿

同一方向水平拋出，兩石塊分別落在山坡的P、Q兩點(diǎn)。已知0、P、。三點(diǎn)的連

第2頁(yè)，共17頁(yè)

線恰在一條直線上，且x°p：xPQ=2：3,不計(jì)石塊飛行時(shí)受到的空氣阻力，下列

說(shuō)法中正確的是()

A.a、b的初速度之比為近：V3

B.a,b的質(zhì)量之比為3：2

C.落到山坡上時(shí)，〃、6的動(dòng)能大小之比為1：1

D.從拋出到落在山坡上的過(guò)程中，重力對(duì)〃、人沖量的大小之比為代：V2

9.為了探究物體質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系，某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)

裝置。其中M為小車及動(dòng)滑輪的質(zhì)量，機(jī)為砂和砂桶的質(zhì)量。

(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)，下列操作必須進(jìn)行的是。

4用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量

B.將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端墊高，以平衡小車受到的摩擦力

C.實(shí)驗(yàn)時(shí)要先釋放小車，后接通電源

D為減小誤差，實(shí)驗(yàn)中要求砂和砂桶的質(zhì)量m一定要遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M

(2)小明同學(xué)按正確的實(shí)驗(yàn)操作，在實(shí)驗(yàn)中得到如圖乙所示的一條紙帶，已知每相

鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫(huà)出，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連接的是頻率為50Hz的

交流電源,根據(jù)紙帶可求出小車的加速度大小為?n/s2(結(jié)果保留兩位有效數(shù)

字)。

(3)小華同學(xué)按正確的實(shí)驗(yàn)操作，以力傳感器的示數(shù)尸為橫坐標(biāo)，加速度4為縱坐

標(biāo)，畫(huà)出的a-F圖像如圖丙所示，則小車和動(dòng)滑輪的質(zhì)量為kg(結(jié)果保留

兩位有效數(shù)字)。

10.課外興趣小組在一次拆裝晶體管收音機(jī)的過(guò)程中，發(fā)現(xiàn)一只發(fā)光二極管，如圖甲所

示，同學(xué)們決定測(cè)繪這只二極管的伏安特性曲線，并測(cè)量其正向電壓為3.21/時(shí)的阻

值。

（1）由于不能準(zhǔn)確知道二極管的正負(fù)極，同學(xué)們用多用電表的歐姆擋對(duì)其進(jìn)行測(cè)量，

當(dāng)黑表筆接A端、紅表筆接B端時(shí)，指針幾乎不偏轉(zhuǎn)，反按后有明顯偏轉(zhuǎn)，則可以

判斷二極管的正極是（填"4”或“B”）端。

（2）選用下列器材設(shè)計(jì)電路并測(cè)繪該二極管的伏安特性曲線：

4待測(cè)二極管D；

8.電源電動(dòng)勢(shì)E（4.5U,內(nèi)阻可忽略）；

C.電流表做量程0?40n內(nèi)阻可忽略）；

。.電壓表了（量程0?3U，內(nèi)阻為6000。）；

E.滑動(dòng)變阻器r（最大阻值為100）;

F.滑動(dòng)變阻器/?2（最大陽(yáng)值為I。。。。）；

G.定值電阻飛（阻值為20000）；

H.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干。

①滑動(dòng)變阻器應(yīng)選（填寫(xiě)器材前字母序號(hào)）；

②圖乙方框中面出了部分電路圖，請(qǐng)根據(jù)實(shí)驗(yàn)器材將電路圖補(bǔ)充完整；

③某同學(xué)測(cè)量出了多組電壓表的示數(shù)U及對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)/,以電壓表的示數(shù)U

為橫坐標(biāo)，電流表的示數(shù)/為縱坐標(biāo)，描繪的圖線如圖丙所示，則當(dāng)二極管的兩端

電壓為3.2卜時(shí)，二極管的電阻值為。。

11.如圖所示，質(zhì)量M=3kg的滑塊A靜止放在光滑的水平面上，A的左部分帶有四分

之一光滑圓弧軌道，軌道半徑R=1.6m,右部分為粗糙水平軌道，A的左側(cè)緊靠固

定擋板，距離A的右側(cè)s處有與A等高的平臺(tái)。一質(zhì)量13的小滑塊B從四分

之一圓周軌道的正上方九=1.6m處由靜止釋放，恰好從圓弧軌道最高點(diǎn)沿切線滑入

粗糙水平軌道，并恰好能滑上平臺(tái)。已知滑塊8與A粗糙水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)

第4頁(yè)，共17頁(yè)

H=0.6,重力加速度g=10m/s2o求：

(1)滑塊B剛滑到圓弧軌道底端時(shí)對(duì)軌道的壓力大小;

(2)滑塊A水平軌道的長(zhǎng)度/及s的值。

□B

12.如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy內(nèi)，第一象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第

四象限存在垂直于坐標(biāo)平面向外的半圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)半徑為R,邊界與x軸重

合。一質(zhì)量為/、電荷量為g的帶正電的粒子，自y軸正半軸上y=：R處的P點(diǎn),

O

以速度北垂直于y軸射入電場(chǎng)，經(jīng)x軸上％=R處的。點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，并恰好能從磁

場(chǎng)的圓弧邊界射出。不計(jì)粒子重力。求：

(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E；

(2)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B和粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。

S

13.一定質(zhì)量的理想氣體，狀態(tài)從的變化過(guò)程可用如圖所示的p-

V圖線描述，其中DTA為等溫線，氣體在狀態(tài)A時(shí)溫度為t=27。。則氣體在狀

態(tài)B時(shí)的溫度為K,氣體從A到C過(guò)程對(duì)外做了1/的功，氣體在C

狀態(tài)時(shí)的溫度為℃0

p/(x105Pa)

14.豎直放置粗細(xì)均勻的U形細(xì)玻璃管兩臂分別灌有水銀，水

平管部分有一空氣柱，各部分長(zhǎng)度如圖所示，單位為厘米。

4()

現(xiàn)將管的右端封閉，從左管口緩慢倒入水銀，恰好使右側(cè)的

,5U'

水銀全部進(jìn)入右管中，已知大氣壓強(qiáng)po=75cmHg,環(huán)境

溫度不變，左管足夠長(zhǎng)。求：

5K15*10^

①此時(shí)右管封閉氣體的壓強(qiáng)；

②左側(cè)管中需要倒入水銀柱的長(zhǎng)度。

第6頁(yè)，共17頁(yè)

15.如圖所示為波源。振動(dòng)2.0s時(shí)沿波的傳播方向上部分質(zhì)點(diǎn)振

動(dòng)的波形圖，已知波源。在t=0時(shí)開(kāi)始沿y軸負(fù)方向振動(dòng),

t=2.0s時(shí)它正好第3次到達(dá)波谷。貝1」（）

A.波源O的振動(dòng)頻率為gHz

B.該波的傳播速度大小為0.675m/s

C.0?2s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)。通過(guò)的路程為0.4?n

D.質(zhì)點(diǎn)“和質(zhì)點(diǎn)c的加速度始終大小相等，方向相反

E.任意時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a和質(zhì)點(diǎn)b的振動(dòng)速度不可能相同

16.如圖，一邊長(zhǎng)a=2nl的正方體浮箱A2CZ）漂浮在水面上,

恰好露出水面一半體積，AB邊左側(cè)水面上有不透明物體

覆蓋，但E處有一小孔，在E處左側(cè)F處有一潛水員豎

直向下潛水，當(dāng)潛水員下潛到P處時(shí)恰好能從E處小也-P

看到浮箱的A角。現(xiàn)測(cè)得E、F間距離s=3m。P、F間距離九=4巾，已知水的折

射率n=（

（i）求E點(diǎn)到AB的距離:

3）若浮箱向左移動(dòng)Si=；如則潛水員要多深才能從E處小孔看到浮箱的A角.

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：A、電場(chǎng)強(qiáng)度既有大小又有方向，運(yùn)算時(shí)遵循平行四邊形定則，是矢量，

電勢(shì)只有大小沒(méi)有方向，是標(biāo)量，故A錯(cuò)誤；

8、電流既有大小又有方向，但是運(yùn)算時(shí)遵循代數(shù)運(yùn)算法則，是標(biāo)量，磁通量只有大小

沒(méi)有方向，是標(biāo)量，故B錯(cuò)誤；

C、磁感應(yīng)強(qiáng)度和洛倫茲力既有大小又有方向，運(yùn)算時(shí)遵循平行四邊形定則，是矢量，

故C正確；

。、安培力既有大小又有方向，運(yùn)算時(shí)遵循平行四邊形定則，是矢量，磁通量只有大小

沒(méi)有方向，是標(biāo)量，故。錯(cuò)誤；

故選：Co

既有大小又有方向，運(yùn)算時(shí)遵循平行四邊形定則的物理量是矢量。只有大小沒(méi)有方向、

運(yùn)算時(shí)遵循代數(shù)運(yùn)算法則的物理量叫做標(biāo)量。

本題是一個(gè)基礎(chǔ)題目，就是看學(xué)生對(duì)矢量和標(biāo)量的掌握情況，要搞清標(biāo)量和矢量的區(qū)別,

掌握物理量的矢標(biāo)性。

2.【答案】C

【解析】解：由遏止電壓與最大初動(dòng)能的關(guān)系可得光電子的最大初動(dòng)能為：Ekm=eUc,

由愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程：Ekm=hv-W0

可得材料的逸出功為：W0=hv-Ekm=hv-eUc,故C正確，ABO錯(cuò)誤。

故選：Co

明確圖象的意義，由圖象確定最大初動(dòng)能，同時(shí)利用愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程求解逸出功。

本題考查了光電效應(yīng)中的飽和光電流強(qiáng)度、光電效應(yīng)方程、遏止電壓等概念及規(guī)律，作

答本題還需能夠理解光電流強(qiáng)度與光電管電壓關(guān)系圖象所表達(dá)的物理含義。

3.【答案】A

【解析】解：交流電電壓的最大值：Um=220V,

交流電電壓的有效值：%=瑞=引，

根據(jù)理想變壓器的變壓比可知：?=件

1/2幾2

得U2=竽U1=?X甯1/=10式匕故A正確，BCQ錯(cuò)誤。

7i21V/

第8頁(yè)，共17頁(yè)

故選：Ao

根據(jù)圖象可以知道交流電的最大值，從而可求出理想變壓器輸入端的有效值，再根據(jù)電

壓與匝數(shù)成正比可以求得副線圈的電壓的大小。

本題考查的是學(xué)生讀圖的能力，能根據(jù)圖象讀出交流電的最大值，以及知道根據(jù)電壓和

匝數(shù)之間的關(guān)系。

4.【答案】B

【解析】解：物體上滑過(guò)程，根據(jù)牛頓第二定律得：mar=mgsind4-fimgcosd

解得：Qi=gsind+figcosd

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：VQ=2axx

物體下滑過(guò)程，根據(jù)牛頓第二定律得：ma2=mgsind-fimgcosQ

解得：a2=gsin0—figcosd,

2

運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：v=2a2x

聯(lián)立解得：d=%但耍螞，故B正確，AC。錯(cuò)誤。

ysinO+4cos。

故選：B。

對(duì)物體上滑過(guò)程和下滑過(guò)程分別運(yùn)用牛頓第二定律列式，求出物體上滑和下滑的加速度

大小，再對(duì)這兩個(gè)過(guò)程分別運(yùn)用速度-位移公式列式，結(jié)合這兩個(gè)過(guò)程位移大小相等，

即可求解。

本題是多過(guò)程問(wèn)題，采用分段法，利用牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分過(guò)程列式研究，也

可以根據(jù)動(dòng)能定理求解。

5.【答案】C

【解析】解：設(shè)01星的加速度為由,半徑為m，02星的加速度為a2,半徑為上，周期

為今，03星的加速度為。3,半徑為心，周期為73

根據(jù)包翳=ma可得：—=^=b

2

rarr/

由開(kāi)普勒第三定律可知：4=3=?3

r212

^.3rp272

所嗚嗎w

聯(lián)立解得：T3=故C正確，A8O錯(cuò)誤。

故選：C?

根據(jù)萬(wàn)有引力等于向心力寫(xiě)出加速度表達(dá)式，結(jié)合開(kāi)普勒第三定律找到半徑與周期的比

例關(guān)系即可。

本題主要考查了萬(wàn)有引力定律和開(kāi)普勒第三定律的應(yīng)用，目的考查學(xué)生的分析綜合能力。

6.【答案】BD

【解析】解：C、電子從A到8的過(guò)程中，速度減小，動(dòng)能減小，則可知電場(chǎng)力做負(fù)功，

故電勢(shì)能增加；電子帶負(fù)電，所以從A到8電勢(shì)降低，故A點(diǎn)的電勢(shì)比B點(diǎn)的高，電

場(chǎng)線的方向由A指向B,故C錯(cuò)誤；

。、速度-時(shí)間圖象的斜率等于加速度，則由圖可知，電子的加速度逐漸減小，所受電

場(chǎng)力逐漸減小，由尸=后勺可知，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于8點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，故。正確；

AB、由以上的分析可知，A點(diǎn)的電勢(shì)高，電場(chǎng)強(qiáng)度也大，結(jié)合點(diǎn)電荷的電場(chǎng)的特點(diǎn)可知，

若該電場(chǎng)線是點(diǎn)電荷發(fā)出的，點(diǎn)電荷一定在A的左側(cè)，沿電場(chǎng)方向由A指向B,則點(diǎn)電

荷為正電荷，故4錯(cuò)誤，8正確。

故選：BD。

由圖可知帶電粒子速度變化情況，則可明確粒子在兩點(diǎn)的加速度大小關(guān)系，即可確定電

場(chǎng)強(qiáng)度的大小；由功能關(guān)系可以確定電勢(shì)的高低.

本題根據(jù)圖象考查對(duì)電場(chǎng)的認(rèn)識(shí)，要求學(xué)生能從圖象中找出加速度的大小及速度的變化,

再應(yīng)用動(dòng)能定理及牛頓第二定律進(jìn)行分析判斷；同時(shí)還需注意，電勢(shì)能是由電荷及電場(chǎng)

共同決定的，故不能忽視了電荷的電性.

7.【答案】BD

【解析】解：A、由右手定則可知通過(guò)金屬棒的電流方向從〃到小故A錯(cuò)誤：

8、因金屬棒達(dá)到最大速度時(shí)小燈泡恰好正常發(fā)光，則金屬棒達(dá)到最大速度時(shí)其感應(yīng)電

動(dòng)勢(shì)E=U=3.6U,由公式E=BLu解得"=12m/s,故8正確；

C。、金屬棒達(dá)到最大速度后做勻速運(yùn)動(dòng)，對(duì)金屬棒根據(jù)平衡條件可得:B"=mgsin37°,

解得/=24則燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻r=y==1.80,額定功率P=U1=3.6x

2W=7.2故C錯(cuò)誤，。正確。

故選:BDo

由右手定則判斷通過(guò)金屬棒的電流方向；根據(jù)閉合電路歐姆定律求解最大速度；對(duì)金屬

棒根據(jù)平衡條件可可得電流強(qiáng)度，根據(jù)歐姆定律求解燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻、根據(jù)電功

率的計(jì)算公式求解燈泡的額定功率。

本題主要是考查電磁感應(yīng)現(xiàn)象與電路、力的結(jié)合，關(guān)鍵是弄清楚金屬棒的運(yùn)動(dòng)情況和電

路的連接情況，根據(jù)閉合電路歐姆定律結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律進(jìn)行解答。

第10頁(yè)，共17頁(yè)

8.【答案】CD

【解析】解：A、由％0P：XpQ=2：3可知，兩個(gè)小石塊4、b下落的高度之比3：hb=2：

5,下落的水平位移之比右：修=2：5,由h=：9產(chǎn)可得下落時(shí)間之比7：%=V2：V5，

由可得兩石塊的初速度之比%:Vb=y[2：V5,故4錯(cuò)誤；

m=5:

B、二者初動(dòng)能相等，B|j|=可得兩石塊的質(zhì)量之比加小b2,故

B錯(cuò)誤；

C、重力對(duì)兩石塊做功大小之比叫!。%：mbghb=1：1,由動(dòng)能定理可知，落到山坡上

時(shí)，兩石塊的動(dòng)能大小之比以小Ekb=l：故C正確；

D、兩石塊落在山坡上時(shí)，重力對(duì)兩石塊沖量的大小之比Pa：Pb-nia<gta：mbgtb=V5：

V2.故。正確；

故選：CD。

將兩個(gè)平拋運(yùn)動(dòng)的位移進(jìn)行分解，得到兩個(gè)石塊落在坡上時(shí)的速度偏轉(zhuǎn)角相等，利用動(dòng)

能表達(dá)式，得到初末動(dòng)能的關(guān)系；利用動(dòng)能定理分析動(dòng)能關(guān)系；合外力的沖量等于動(dòng)量

的變化量，利用矢量運(yùn)算和幾何知識(shí)求出動(dòng)量變化量，再進(jìn)行對(duì)比。

本題的突破點(diǎn)在于將平拋運(yùn)動(dòng)的位移進(jìn)行分解，得到兩個(gè)石塊落在坡上時(shí)的速度偏轉(zhuǎn)角

的關(guān)系。要靈活運(yùn)用平拋運(yùn)動(dòng)中分解速度與分解位移的方法。

9.【答案】B0.400.24

【解析】解：(1)4、D：力可以由力傳感器測(cè)出，不需要用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量,

也就不需要使砂和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于車(包括動(dòng)滑輪)的總質(zhì)量，故A、。錯(cuò)誤；

以實(shí)驗(yàn)時(shí)需將長(zhǎng)木板右端墊高，以平衡小車受到的摩擦力，故B正確；

C、實(shí)驗(yàn)時(shí)要先接通電源，后釋放小車，故C錯(cuò)誤.

故選股

(2)每相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔7=5x0.02s=0.1s

根據(jù)△x=a72.運(yùn)用遂差法有:

XE~4c4.4cm—2.8cm

Ca=----------------40cm/s2=0A0m/s2

(27)2(2x0.1s)2

(3)由牛頓第二定律有2尸=Ma,即a=1F

根據(jù)時(shí)「圖像得斜率為：Y

解得M=0.24kg.

故答案為：(1)B；(2)0.40；(3)0.24

(1)本實(shí)驗(yàn)中有力的傳感器，所以不需要測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量，知道實(shí)驗(yàn)操作的基本要

求，先接通電源再釋放小車；

(2)對(duì)于勻變速直線運(yùn)動(dòng)，連續(xù)相等時(shí)間間隔位移之差為常量，等于aT2,代入題中數(shù)據(jù)

可以求解；

(3)根據(jù)牛頓第二定律寫(xiě)出表達(dá)式，找出圖像對(duì)應(yīng)的斜率，代入數(shù)據(jù)可以求出小車和動(dòng)

滑輪的質(zhì)量.

本題考查驗(yàn)證牛頓第二定律，目的是考查學(xué)生的實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Γ瑢W(xué)們需要注意題中對(duì)有效

數(shù)字的要求，同時(shí)要注意圖像問(wèn)題常見(jiàn)的求解方法，寫(xiě)出表達(dá)式，利用圖像的斜率和截

距求解問(wèn)題.

10.【答案】B%84.2

【解析】解：(1)當(dāng)黑表筆接A端、紅表筆同時(shí)接B端時(shí)，指針幾乎不偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明二極

管內(nèi)阻很大，此時(shí)二極管反向連接，由于歐姆表內(nèi)置電源正極與黑表筆相連、負(fù)極與紅

表筆相連，由此可知，A端是二極管負(fù)極，8端是二極管的正極；

(2)①分壓接法的滑動(dòng)變阻器選擇最大阻值小的滑動(dòng)變阻器8；

②電源電動(dòng)勢(shì)為4匕不能用量程為3丫的電壓表測(cè)電壓，可以用定值電阻/?3與電壓表

串聯(lián)后改裝成量程較大的電壓表測(cè)電壓，用電流表A測(cè)電流，電路圖如圖所示；

③由二極管的伏安特性曲線可以查出，當(dāng)電壓為U=3.2U時(shí)，電流/=38爪4,則電阻

R=麗3訴20=84.20。

故答案為：(1)8;(2)①R1、②如圖所示^一^一'-、③84.2

(1)二極管正向連接時(shí)電阻很小，反向連接時(shí)電阻很大；歐姆表內(nèi)置電源正極與黑表筆

相連，負(fù)極與紅表筆相連；根據(jù)題意判斷二極管的正負(fù)極。

(2)①為方便實(shí)驗(yàn)操作分壓接法時(shí)應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器；

②電壓表的量程較小，所以要串聯(lián)一個(gè)定值電阻后再與二極管并聯(lián)，于是作出實(shí)驗(yàn)電

路圖；

③由圖示二極管/-U圖象求出二極管兩端電壓為2.5U時(shí)通過(guò)二極管的電流，然后應(yīng)用

串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出串聯(lián)電阻阻值。

第12頁(yè)，共17頁(yè)

本題考查了確定二極管極性、實(shí)驗(yàn)器材選擇、實(shí)驗(yàn)電路設(shè)計(jì)與實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理問(wèn)題；知道

歐姆表內(nèi)部結(jié)構(gòu)和二極管特性根據(jù)題意可以判斷二極管極性；要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選擇原

則。

11.【答案】解：(1)滑塊B從釋放到運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道底端的過(guò)程中機(jī)械能守恒，則有：

1,

mg(h+R)=-mv1

解得：%=8m/s,

在最低點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律可得：FN-mg=m^

解得：FN=5QN

根據(jù)牛頓第三定律可得滑塊B剛滑到圓弧軌道底端時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為50M

(2)滑塊8在A水平軌道上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，A、8系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由于滑塊A恰好能滑上平

臺(tái)，則滑塊4達(dá)到平臺(tái)時(shí)二者共速，設(shè)為外；

取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：mv1=(M4-m)v2

解得：v2=2m/s

因?yàn)?恰好能滑上平臺(tái)，此過(guò)程中經(jīng)過(guò)的時(shí)間為Z,則滑塊A的位移：s=\v2t

滑塊B的位移：1+s=+v2)t

根據(jù)功能關(guān)系可得：-|(M+zn)諺=fimgl

聯(lián)立解得：I=4.0m,s=1.0mo

答：(1)滑塊B剛滑到圓弧軌道底端時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為5O7V：

(2)滑塊A水平軌道的長(zhǎng)度為4.0m,s的值為1.0m。

【解析】(1)滑塊8從釋放到運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道底端的過(guò)程中，根據(jù)機(jī)械能守恒、牛頓第

二定律、牛頓第三定律求解滑塊B剛滑到圓弧軌道底端時(shí)對(duì)軌道的壓力大??；

(2)滑塊B在A水平軌道上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)量守恒定律、功能關(guān)系結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式

求解滑塊A水平軌道的長(zhǎng)度和s的值。

本題主要是考查動(dòng)量守恒定律、機(jī)械能守恒定律和功能關(guān)系，利用動(dòng)量守恒定律解答問(wèn)

題時(shí)，要設(shè)定一個(gè)正方向，根據(jù)碰撞前的動(dòng)量等于碰撞后的動(dòng)量列方程進(jìn)行解答。

12.【答案】解：(1)粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，則有：￡

戶IT

沿+x方向：q)ti=R」1L.1..

o??,i

沿一y方向:|ati=yp=^R''s''

根據(jù)牛頓第二定律有：。=更

m

聯(lián)立解得：后=誓

4qR

(2)粒子在Q點(diǎn)時(shí)沿y軸負(fù)方向的分速度"=at=3

0

丫1mvQ4

所以粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的速度大小D=J迸+藥=Jv2+(|v0)2=|vQ

因粒子恰好能從圓弧邊界射出磁場(chǎng)，所以粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑r=^R

粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)由洛倫茲力提供向心力，則有：qvB=m當(dāng)

解得：口=鬻

粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半周，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間t2="=笑=等

V灑5%

答：(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E為嚶；

(2)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B為鬻、粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為警。

Nq/vJVQ

【解析】(1)粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律進(jìn)行解答；

(2)由洛倫茲力提供向心力求解磁感應(yīng)強(qiáng)度，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出粒子在磁場(chǎng)中的時(shí)間。

本題主要是考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵是分析清楚粒子的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，畫(huà)出運(yùn)動(dòng)

軌跡，確定圓心位置，根據(jù)幾何關(guān)系求半徑，結(jié)合洛倫茲力提供向心力求解未知量.

13.【答案】750600102

【解析】解：A到8過(guò)程氣體做等壓變化，〃=(27+273)K=300K,

由蓋一呂薩克定律得：?=黑，即白=高，解得%=750K；

?A300TB0

從A到B過(guò)程氣體對(duì)外界做功W=p△V=6xIO5/,從B到C過(guò)程體積不變，所以外

界對(duì)氣體不做功，所以氣體從A到C過(guò)程氣體對(duì)外界做功為600J；

B-C過(guò)程中，氣體做等容變化，氣體在C狀態(tài)壓強(qiáng)為B時(shí)的一半，則溫度也為B時(shí)的

一半，即7c=375K,所以有：tc=(375-273)℃=102℃.

故答案為：750；600；102,,

4到B過(guò)程由蓋-呂薩克定律求解B狀態(tài)的溫度；根據(jù)氣體做功計(jì)算公式求解從A到B

過(guò)程氣體對(duì)外界做的功；B-C過(guò)程中，氣體做等容變化，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程求解

氣體在C狀態(tài)時(shí)的溫度。

本題考查了求氣體溫度、氣體做功等問(wèn)題，分析清楚氣體狀態(tài)變化過(guò)程、應(yīng)用理想氣體

第14頁(yè)，共17頁(yè)

狀態(tài)方程結(jié)合氣體做功計(jì)算公式進(jìn)行解答。

14.【答案】解：①設(shè)管內(nèi)的橫截面積為S,對(duì)右管中封閉氣體，水銀剛好全部進(jìn)入豎

直右管后，

等溫變化，根據(jù)玻意耳定律可得：

p0-40s=pi?(40-10)5

解得：Pi=lOOcmHg

②對(duì)水平部分氣體，末態(tài)壓強(qiáng)為：

p'=(100+15+10)cmHg=125cmHg

等溫變化，根據(jù)玻意耳定律可得：

(p0+15)-15s=p'LS

解得：L=10.8cm

]I

19.2cm10.8cm

根據(jù)幾何關(guān)系可知，加入水銀的長(zhǎng)度為：

Lx=(125—754-10—10.8)cm=49.2cm

答：①此時(shí)右管封閉氣體的壓強(qiáng)為lOOcmHg；

②左側(cè)管中需要倒入水銀柱的長(zhǎng)度為49.2cm。

【解析】①等溫變化，對(duì)右管中封閉氣體運(yùn)用玻意耳