2021-2022學(xué)年廣東省高二（上）期末物理試卷（附答案詳解）

2021-2022學(xué)年廣東省高二（上）期末物理試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.科學(xué)家應(yīng)用科學(xué)方法進(jìn)行物理學(xué)科學(xué)探究和實(shí)踐活動(dòng)，下列表述不正確的是（）

A.用點(diǎn)電荷來(lái)代替實(shí)際帶電體是采用了理想化物理模型的方法

B.法拉第提出用電場(chǎng)線描繪抽象的電場(chǎng)是一種形象化的研究方法

C.庫(kù)侖用類比方法做了卡文迪許的扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)出了元電荷e的數(shù)值

D.電場(chǎng)強(qiáng)度的表達(dá)式E=￡和電勢(shì)差的表達(dá)式U=:都是利用比值法得到的定義

式

2.如圖所示電路，在滑動(dòng)變阻器的滑片P向上端a滑動(dòng)過(guò)程中，電壓表、電流表的示

B.電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)減少

C.兩電表示數(shù)都減少

D.電壓表示數(shù)減少，電流表示數(shù)增大

3.如圖，便攜式小風(fēng)扇用可充電直流電源連接電動(dòng)機(jī)驅(qū)動(dòng)，電源電動(dòng)

勢(shì)為E、內(nèi)阻為r,電動(dòng)機(jī)內(nèi)部電阻為RM，電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，回路

電流為/,則（）

A.t秒內(nèi)電源的總功為E/t

B.電動(dòng)機(jī)的額定電壓為/R時(shí)

C.電動(dòng)機(jī)將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能

D.通過(guò)電動(dòng)機(jī)電流做功功率大小為/2/?M

4.如圖1為水平方向的彈簧，一端固定，另一端栓結(jié)一個(gè)小球，在水平橫桿上運(yùn)動(dòng)，

摩擦均不計(jì)，彈簧原長(zhǎng)位置為B點(diǎn)，力和C為左右兩邊的運(yùn)動(dòng)最遠(yuǎn)點(diǎn)，以B點(diǎn)為坐標(biāo)

原點(diǎn)，該運(yùn)動(dòng)位移一時(shí)間圖像如圖2,則（）

圖1圖2

A.AC距離為5cmB.從4到C的時(shí)間為6秒

C.從B到C做勻減速運(yùn)動(dòng)D.從C到B彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能

5.在靜止的湖面上小明和小剛分別劃著兩艘小船，有一列水波從小明的船傳向小剛的

船，兩人停止劃船兩船均上下浮動(dòng)，某時(shí)刻形成如圖所示波形圖，兩船分別位于波

C.這列波的波速為6m/sD.兩船不可能同時(shí)位于平衡位置

6.結(jié)構(gòu)固定的平行板電容器接通電路，其兩板電壓隨時(shí)間變化的圖像如圖，則（）

A.G時(shí)刻之前為放電過(guò)程

B.匕時(shí)刻前平行板帶電量與兩板電壓之比變小

C.口時(shí)刻后平行板帶電量與兩板電壓之比變大

D.全過(guò)程平行板帶電量與兩板電壓之比始終不變

7.某點(diǎn)電荷電場(chǎng)中，僅受電場(chǎng)力作用下的一帶電粒子運(yùn)動(dòng)

軌跡如圖虛線，取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)點(diǎn)，則（）

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A.場(chǎng)源點(diǎn)電荷為負(fù)電荷

B.B點(diǎn)電勢(shì)能一定大于零

C.粒子在B點(diǎn)時(shí)的加速度最小

D.粒子在B點(diǎn)的電勢(shì)能小于在C點(diǎn)的電勢(shì)能

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

8.豎直放置的長(zhǎng)導(dǎo)線中通有向下電流，矩形導(dǎo)線框與導(dǎo)線在同

一平面內(nèi)且長(zhǎng)邊與導(dǎo)線平行，貝U（）

A.導(dǎo)線框內(nèi)磁場(chǎng)為勻強(qiáng)磁場(chǎng)

B.穿過(guò)線框面的磁感線向紙面里

C.導(dǎo)線框向右移會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流

D.導(dǎo)線框豎直向上移，穿過(guò)線框平面磁通量不變

9.如圖斜面傾角為a,與斜面夾角為0的恒力尸拉著物塊勻速向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t,

則（）

A.物塊重力的沖量為0B.物塊的動(dòng)量不變

C.物塊受拉力的沖量為FtD.物塊的合力沖量為Ftcos。

10.如圖，x軸上有兩同種點(diǎn)電荷Qi和Q2,Qi和Q2的位置坐標(biāo)分別為與、%2?Qi和Qz之

間各點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電勢(shì)高低如圖中曲線所示，電勢(shì)最低處為孫點(diǎn)，則（）

A.孫點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零

B.Qi和Q2帶電量相等

C.Qi和＜22都是負(fù)電荷

D.4點(diǎn)左側(cè)和右側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反

三、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共18.0分)

11.某小組探究未知金屬絲的電阻率，根據(jù)實(shí)驗(yàn)需要已選用了規(guī)格和量程合適的器材,

按照以下步驟開展實(shí)驗(yàn)。

(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑，如圖1所示，則該直徑為mm；

(2)按圖2連接好電路進(jìn)行測(cè)量，先將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片/置于。端；

(3)接著將單刀雙擲開關(guān)Si擲向1,調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器,得如圖3電流表讀數(shù)為A,

然后斷開S2；

(4)電阻箱心的阻值調(diào)至較大，將單刀雙擲開關(guān)S1擲向2,保持滑動(dòng)變阻器滑片位置

不變，閉合開關(guān)52,調(diào)電阻箱使得電流表讀數(shù)逐漸增大到上一步讀數(shù)，記錄電阻箱

讀數(shù)為R;

(5)金屬絲的電阻值=,若金屬絲直徑用d表示,金屬絲長(zhǎng)度用x表示，則金

屬絲電阻率為(兩空用字母寫出表達(dá)式)。

圖1圖2

12.(1)靈敏電流計(jì)團(tuán)滿偏電流》,內(nèi)阻Rg,現(xiàn)擴(kuò)大其量程，如圖1將它改裝量程為/的電

流表，需要并聯(lián)電阻R1=；(用字母寫出表達(dá)式)。如圖2,將多用電表的擋

位調(diào)至電流擋測(cè)量電路的電流大小，多用表的紅表筆與(選填“a”“b”)端

連接。

(2)小明通過(guò)實(shí)驗(yàn)描繪額定電壓為2.8V的小燈泡的伏安特性曲線。要求燈泡兩端電

壓從零開始增大，且小明查閱資料發(fā)現(xiàn)燈泡電阻大約在1。到60之間變化?，F(xiàn)有輸

出電壓為3U的學(xué)生電源及量程合適的電壓表和電流表。還有滑動(dòng)變阻器甲(阻值范

圍0?10。)和滑動(dòng)變阻器乙(阻值范圍0?2000)以及開關(guān)和導(dǎo)線若干。小明已畫出

圖3部分的實(shí)驗(yàn)電路，請(qǐng)?jiān)谔摼€框內(nèi)幫他完成圖3。小明通過(guò)理論分析選擇滑動(dòng)變阻

器，在電路中分別接入兩種滑動(dòng)變阻器，滑片均位于中間位置，忽略電源及電表的

內(nèi)阻影響，設(shè)定燈泡電阻為5。，接入滑動(dòng)變阻器甲時(shí)，電壓表讀數(shù)約為1人接入

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滑動(dòng)變阻器乙時(shí)，電壓表讀數(shù)約為V。（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）。根據(jù)以上

結(jié)果，小明應(yīng)該選擇滑動(dòng)變阻器（選填“甲”“乙”）。

四、計(jì)算題（本大題共3小題，共36.0分）

13.寶石外觀光彩奪目，部分原因是由于其特殊的成品形狀可發(fā)生多種光學(xué)效應(yīng)。如圖

為某寶石的剖面圖，一條光線由MN邊從空氣射入寶石，入射角i為60。，經(jīng)過(guò)折射

后，折射角正弦值sinr=f,該折射光線第一次射到OQ邊，剛好發(fā)生全反射，求

角川大小以及該光線在寶石中的速度大?。浚ㄒ阎諝庵械墓馑偌s為c=3x

108m/s)

O

14.第24屆冬奧會(huì)將于2022年2月4日在北京召開，經(jīng)過(guò)分站比賽的角逐，我國(guó)在短道

速度滑冰項(xiàng)目獲得滿額參賽資格。短道速度滑冰接力賽很具有觀賞性，某次訓(xùn)練參

與接力的兩隊(duì)員，甲質(zhì)量為60kg,乙質(zhì)量為75kg,接力前二人速度均為lOm/s,

方向向前，甲在前，乙在后，乙從后面猛推甲如圖，動(dòng)作完成瞬間乙的速度變?yōu)?m/s,

方向不變，接力過(guò)程二人所受的系統(tǒng)外力遠(yuǎn)小于推力，且接力前后瞬間兩人均在一

條直線上運(yùn)動(dòng)，

(1)求乙猛推甲動(dòng)作完成瞬間甲的速度？

(2)乙猛推甲過(guò)程，甲的速度變化量？若過(guò)程作用時(shí)間為0.8s,求甲的平均加速度？

(3)乙推甲過(guò)程，若乙肌肉做功，消耗生物能量全部轉(zhuǎn)化為甲、乙系統(tǒng)機(jī)械能，且

其它力的功不考慮，求乙消耗的生物能？

15.兩豎直平行板4和B之間電壓為20V,間距為3.75cm。兩水平平行板C和。之間電壓

為22.5V,板長(zhǎng)為L(zhǎng)=40cm。某種比荷為￡=lO,C/kg的帶正電粒子。從A板小孔

無(wú)初速進(jìn)入4B板間。經(jīng)過(guò)加速?gòu)?板小孔射出。正好沿CD板的中心線進(jìn)入CD板間，

不計(jì)粒子重力和電場(chǎng)邊緣效應(yīng)。

(1)求粒子剛從B板小孔射出時(shí)的速度？

(2)若撤去CD板上的電壓，粒子將從CD板的中心線右側(cè)M點(diǎn)進(jìn)入虛線邊界右側(cè)的輻

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向電場(chǎng)，輻向電場(chǎng)M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與48板間電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，其軸心在。板右側(cè)

延長(zhǎng)線上。點(diǎn)，M。為豎直方向，粒子在輻向申場(chǎng)中剛好做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，求該勻

速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑？

(3)射入CD板的粒子在CD板間電場(chǎng)力作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，豎直方向做加速運(yùn)動(dòng)，求加

速度為多少？粒子能否從CD板右側(cè)射出？(寫出計(jì)算過(guò)程)

答案和解析

1.【答案】c

【解析】解：4、用點(diǎn)電荷來(lái)代替實(shí)際帶電的電荷是采用了理想化物理模型的方法，故

A正確；

8、法拉第首先提出用電場(chǎng)線描繪抽象的電場(chǎng)，這是形象化的研究方法，故8正確；

C、庫(kù)侖得出庫(kù)侖定律，但沒(méi)有測(cè)出元電荷e的數(shù)值，e的數(shù)值首先是由密立根測(cè)出的，

同時(shí)庫(kù)侖用扭秤實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)庫(kù)侖定律，不是類比卡文迪許的扭秤實(shí)驗(yàn)，故C錯(cuò)誤；

。、電場(chǎng)強(qiáng)度是由電場(chǎng)本身決定的，電勢(shì)差是由電場(chǎng)與兩點(diǎn)的位置決定的，電場(chǎng)強(qiáng)度的

表達(dá)式都是利用比值法得到的定義式，故力正確。

本題選錯(cuò)誤的

故選：Co

常用的物理學(xué)研究方法有：控制變量法、等效替代法、模型法、比較法、類比法、轉(zhuǎn)換

法等，是科學(xué)探究中的重要思想方法、根據(jù)物理方法和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的

主要貢獻(xiàn)即可。

在高中物理學(xué)習(xí)中，我們會(huì)遇到多種不同的物理分析方法，這些方法對(duì)我們理解物理有

很大的幫助；故在理解概念和規(guī)律的基礎(chǔ)上，更要注意科學(xué)方法的積累與學(xué)習(xí)。

2.【答案】B

【解析】解：當(dāng)滑動(dòng)變阻的滑片向上端移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，變阻器與

定值電阻/?2并聯(lián)的總電阻增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析可知總

電流/變小，電源的內(nèi)電壓變小，&兩端電壓變小，/?2兩端電壓變大，即電壓表示數(shù)增

大。并聯(lián)部分的電壓增大，所以電阻/?2的電流增大，由于總電流/變小，所以電流表示

數(shù)減小。故4CD錯(cuò)誤，B正確。

故選：B。

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向上端a滑動(dòng)過(guò)程中，變阻器接入電路的電阻增大，并聯(lián)部分的

電阻增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流的變化及路端電壓的

變化，即可知電壓表示數(shù)的變化。由歐姆定律分析并聯(lián)部分電壓的變化，即可判斷通過(guò)

電阻&的電流的變化，根據(jù)總電流的變化，再分析電流表示數(shù)的變化。

本題是電路的動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，關(guān)鍵要從局部到整體，再到局部，按順序進(jìn)行分析即

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可。

3.【答案】4

【解析】解：4、根據(jù)電功公式，可知t秒內(nèi)電源的總功為：W=Eq=Elt,故4正確；

8、電動(dòng)機(jī)為非純電阻用電器，不適用歐姆定律，所以電動(dòng)機(jī)的額定電壓不等于//?“，

故2錯(cuò)誤；

C、電動(dòng)機(jī)消耗的電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能和內(nèi)能，故C錯(cuò)誤；

D、通過(guò)電動(dòng)機(jī)電流做功功率即為電功率，大于熱功率/2RM，故。錯(cuò)誤。

故選：Ao

電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不再成立，其電功率「電=叼，

發(fā)熱功率。熱=JR。

本題考查對(duì)非純電阻電路電功率、熱功率的理解和運(yùn)算能力，要注意在非純電阻電路中，

求電功率，只能用P^=U/,求發(fā)熱功率只能用P熱=/2R。

4.【答案】D

【解析】解：力、根據(jù)題意及運(yùn)動(dòng)位移一時(shí)間圖像，4c距離為兩倍振幅，即5crnx2=

10cm,故A錯(cuò)誤：

B、從4到6?的時(shí)間為半個(gè)周期，所以其時(shí)間為：t=?=gs=3s,故B錯(cuò)誤；

C、小球從B到C的過(guò)程中，加速度是變化的，所以小球做變減速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

。、小球從C到B的過(guò)程中，小球做加速運(yùn)動(dòng)，彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，故。正確。

故選：Do

根據(jù)AC距離為兩倍振幅求解；從4到C的時(shí)間為半個(gè)周期；小球從B到C的過(guò)程中做變減

速運(yùn)動(dòng)；小球從C到B的過(guò)程中，彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能。

本題考查了彈簧振子的運(yùn)動(dòng)位移一時(shí)間圖像，要求學(xué)生能夠從圖象中獲取有用信息，并

結(jié)合簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)求解。

5.【答案】C

【解析】解：4、根據(jù)波形圖可知質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向與波傳播方向垂直，該水波為橫波，故

A錯(cuò)誤。

B、根據(jù)波形圖可知波的波長(zhǎng)為60m,故B錯(cuò)誤。

C、P點(diǎn)船經(jīng)5秒到波谷，周期為10秒。波速u詒m/s=6m/s,故C正確。

。、兩船平衡位置間距離相隔半個(gè)波長(zhǎng)，可以同時(shí)到達(dá)平衡位置，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)波形圖可知波長(zhǎng)，質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向與波傳播方向垂直，根據(jù)計(jì)算波速；兩船

平衡2位置間距離相隔半個(gè)波長(zhǎng)，可以同時(shí)到達(dá)平衡位置。

本題考查由波動(dòng)圖求解波長(zhǎng)的能力.對(duì)于波往往根據(jù)空間距離研究波長(zhǎng)，根據(jù)時(shí)間研究

周期，注意波速的計(jì)算公式。

6.【答案】D

【解析】解：由圖可知，匕時(shí)刻之前U逐漸增大，由C可知，Q變大，故平行板電容

器兩板帶電量逐漸增大為充電過(guò)程，故A錯(cuò)誤。

電容器電容的大小取決于其決定式即：。=康。由題意可知，決定電容器電容大小的

各個(gè)物理量均未發(fā)生變化，故容器電容不變，平行板帶電量與兩板電壓之比就不變。

故B和C錯(cuò)誤，。正確。

故選：D。

根據(jù)圖像電容的電壓隨著時(shí)間變大，根據(jù)電容器電容的定義式C=苓和決定式C=懸

即可知得正確答案。

本題是結(jié)合圖像考查電容器電容的定義式C=與和決定式C=箴，結(jié)合圖像即可找到

正確答案，屬于簡(jiǎn)單題型。

7.【答案】B

【解析】解：力、因?yàn)閹щ娏Ｗ拥膸щ娦再|(zhì)未知，場(chǎng)源電荷的帶電性質(zhì)與帶電粒子相同，

有兩種情況，故A錯(cuò)誤；

8、若場(chǎng)源電荷為正電荷，其電場(chǎng)電勢(shì)均為正值，帶電粒子也為正電荷，電勢(shì)能為正。

若場(chǎng)源電荷為負(fù)電荷，其電場(chǎng)電勢(shì)均為負(fù)值，帶電粒子也為負(fù)電荷，電勢(shì)能為正。故3

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正確。

C、B點(diǎn)最靠近場(chǎng)源點(diǎn)電荷，電場(chǎng)力最大，加速度最大，故C錯(cuò)誤。

D、從8點(diǎn)到C點(diǎn)，帶電粒子受斥力作用。動(dòng)能增加，電勢(shì)能減小，故。錯(cuò)誤

故選：B。

結(jié)合帶電粒子電性分析場(chǎng)源電荷電性，分類討論B點(diǎn)電勢(shì)能，場(chǎng)源電荷附近加速度大，

由能量守恒判斷電勢(shì)能變化。

本題考查靜電場(chǎng)，學(xué)生需結(jié)合能量轉(zhuǎn)化，分析電勢(shì)能變化。

8.【答案】CD

【解析】解：4、根據(jù)直線電流周圍的磁場(chǎng)分布，導(dǎo)線框內(nèi)磁場(chǎng)為非勻強(qiáng)磁場(chǎng)，故A錯(cuò)

、口

底。

8、根據(jù)右手螺旋定則，穿過(guò)線框平面的磁感線向紙面外，故B錯(cuò)誤。

C、導(dǎo)線框向右移，穿過(guò)閉合線框的磁通量變小，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C正確。

。、導(dǎo)線框豎直向上移，穿過(guò)線框的磁通量不變，故。正確。

故選：CD。

會(huì)判斷通電直導(dǎo)線周圍的磁場(chǎng)分布，知道它是非勻強(qiáng)磁場(chǎng)，同時(shí)要根據(jù)楞次定律和安培

定則判斷感應(yīng)電流。

通電指導(dǎo)線周圍的磁場(chǎng)為非勻強(qiáng)磁場(chǎng)，會(huì)應(yīng)用楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律結(jié)合歐姆

定律解題，考查比較全面。

9.【答案】BC

【解析】解：B、木塊勻速運(yùn)動(dòng)，速度不變，動(dòng)量不變，故8正確。

。、根據(jù)動(dòng)量定理，合外力的沖量等于物體動(dòng)量變化，合力的沖量為0,故。錯(cuò)誤。

A、重力不為0,沖量也不為0。故A錯(cuò)誤。

C、拉力的沖量為Ft,故C正確。

故選：BC。

重力不為0,沖量也不為0,木塊勻速運(yùn)動(dòng)，速度不變，動(dòng)量不變，根據(jù)動(dòng)量定理課解得

合力的沖量。

某一個(gè)力的沖量即為力與時(shí)間的乘積，與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)等無(wú)關(guān)。

10.【答案】AD

【解析】解：BC,因?yàn)檠仉妶?chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，根據(jù)電勢(shì)走向，場(chǎng)源電荷一定為

同種正電荷，且電勢(shì)變化不對(duì)稱，電量不等，故BC錯(cuò)誤。

AD,4點(diǎn)切線斜率為零，而R-X圖線的切線斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，則冷點(diǎn)的電場(chǎng)

強(qiáng)度為零，或根據(jù)兩正電荷連線上必有場(chǎng)強(qiáng)為0點(diǎn)即電勢(shì)升降轉(zhuǎn)折點(diǎn)不，該點(diǎn)左右電場(chǎng)

反向，故A。正確。

故選：AD.

0-X圖線的切線斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，從坐標(biāo)XI到不電勢(shì)先減小后增大，根據(jù)沿

電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低判斷兩電荷的電性，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度為零的位置比較兩電荷的電量大

?。桓鶕?jù)Ep=q尹即可判斷電勢(shì)能的大小關(guān)系。

解決本題的關(guān)鍵找到該題的突破口，即根據(jù)P點(diǎn)的切線斜率(即電場(chǎng)強(qiáng)度)為零入手分析,

以及知道沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低。

11.【答案】5.6940.28R1p=A—.Y

【解析】解：(1)螺旋測(cè)微器的分度值為0.01mm,需要估讀到分度值的下一位，則直徑

為5.57nm+19.4X0.01mm—5.694mm；

(3)最小刻度為0.024估讀到分度值本位，則電流表讀數(shù)為0.284

(5)等效法測(cè)量電阻，金屬絲的電阻為R；

根據(jù)電阻定律R=g,S=—

解得：p=血。

4x

故答案為：(1)5.694；(3)0.28；(5)R；p=—.

4x

(1)根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)則得出金屬絲的直徑；

(3)根據(jù)電表的指針和分度值得出電流表讀數(shù)；

(5)根據(jù)電路特點(diǎn)分析出金屬絲電阻，結(jié)合電阻定律計(jì)算出金屬絲電阻率。

本題主要考查了金屬的電阻率的測(cè)量，熟悉測(cè)量?jī)x器的讀數(shù)，結(jié)合閉合電路歐姆定律和

電阻定律計(jì)算出金屬絲電阻率。

第12頁(yè)，共16頁(yè)

12.【答案】簪60.1甲

【解析】解：(1)依題意，根據(jù)串聯(lián)分壓，并聯(lián)分流的特點(diǎn)，可知電流計(jì)需要并聯(lián)電阻

值為％=器，根據(jù)多用電表電流流向“紅進(jìn)黑出"，由圖(2)可知電流應(yīng)從b端紅表筆

流進(jìn)表內(nèi)。

(2)依題意，由于燈泡電阻為小電阻，且要求燈泡兩端電壓從零開始增大，故應(yīng)采用分

壓式外接法測(cè)電阻，所以補(bǔ)充完整，電路圖如圖3所示

滑動(dòng)變阻器分壓式接法，選甲時(shí)，燈泡50與變阻器一半電阻50并聯(lián)總阻值2.5。再與變

阻器另一半50分壓，

故分得

選乙同理，可求得電壓表讀數(shù)為

..3/5X100、cY

=-5X100---------X(----------

U+10015+100，)?0AV

(5+100)

顯然調(diào)節(jié)甲較為方便，滑片開始移動(dòng)時(shí)電壓改變較為明顯

故應(yīng)該選擇滑動(dòng)變阻器甲。

本實(shí)驗(yàn)難點(diǎn)在電流表擴(kuò)大量程，需要學(xué)生能夠熟練使用部分電路歐姆定律，結(jié)合本題實(shí)

際需要進(jìn)行改裝，其他各項(xiàng)為常規(guī)填空較為簡(jiǎn)單。

本實(shí)驗(yàn)為描繪小燈泡伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)，主要考查步驟和數(shù)據(jù)處理靈敏電流計(jì)改裝成

電流表多用電表測(cè)電阻的方法、操作步驟、注意事項(xiàng)和讀數(shù)等，本實(shí)驗(yàn)的難點(diǎn)在電流表

擴(kuò)大量程，需要學(xué)生熟練應(yīng)用部分電路歐姆定律。

13.【答案】解：設(shè)該光線在該寶石中的折射率為n,速度為。，光在MN邊折射，由折

..叵

射定律：九=%=+=2

sinrV3

4

光在0Q邊全反射，有葭=就

計(jì)算得：sinp=1

解得：0=30。

又由幾-?

得u=1.5x108m/s

答：所求/?為30。，速度為1.5x108m/s

【解析】由折射定律解得折射率，由sinC=；解得角°,由幾=:求出光在棱鏡中傳播速

度。

本題是幾何光學(xué)問(wèn)題，關(guān)鍵是掌握全反射的條件和臨界角公式sinC=；.解題時(shí)要作出光

路圖，運(yùn)用幾何知識(shí)幫助解答。

14.【答案】解：(1)設(shè)所求甲的速度為方，取初速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律

可得：

(m+M)v0=Mu1+mv2

解得：v2=20m/s,方向與初速度方向相同；

(2)設(shè)所求甲的速度變化量為/〃，平均加速度為￡

速度變化量為：Av=v2-VQ=(20-10)m/s=lOm/s

根據(jù)加速度定義式可知平均加速度：Q=r=^m/s2=12.5m/s2；

CO.o

(3)設(shè)乙消耗的生物能量為E,對(duì)二者系統(tǒng)，由能量守恒定律弓(徵+M)詔+E=說(shuō)+

-2771^22

解之得：E=5400;?

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答：(1)乙猛推甲動(dòng)作完成瞬間甲的速度為20m/s；

(2)乙猛推甲過(guò)程，甲的速度變化量為10m/s,若過(guò)程作用時(shí)間為0.8s,甲的平均加速度

為12.5M/S2；

(3)乙推甲過(guò)程，乙消耗的生物能為5400人

【解析】(1)根據(jù)動(dòng)量守恒定律求解速度大?。?/p>

(2)根據(jù)初速度和末速度求解速度變化量，根據(jù)加速度定義式可知求解加速度；

(3)對(duì)二者系統(tǒng)，由能量守恒定律求解乙消耗的生物能。

本題主要是考查了動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律；對(duì)于動(dòng)量守恒定律，其守