2022年重慶市名校聯(lián)盟高考物理一模試卷（附單詳解）

2022年重慶市名校聯(lián)盟高考物理一模試卷

1.中國探月工程又稱嫦娥工程，實(shí)現(xiàn)月球探測(cè)將是我國航天深空探測(cè)突破的開端。在

地球和月球的連線上有一個(gè)非常特殊的點(diǎn)，物體（大小可以忽略）在該點(diǎn)時(shí)，地球和

月球?qū)υ撐矬w的萬有引力大小相等、方向相反。已知地球質(zhì)量約為月球質(zhì)量的81倍,

地球半徑約為月球半徑的4倍，則該點(diǎn)距離地球中心和月球中心的距離之比為（）

地球

月球

A.9：1B.18：1C.1：2

2.如圖所示，在頓斜的直桿上套一個(gè)質(zhì)量為m的圓環(huán)，圓環(huán)通過

輕繩拉著一個(gè)質(zhì)量為M的物體，在圓環(huán)沿滑桿向下滑動(dòng)的過程

中，懸掛物體的輕繩始終處于豎直方向。則該過程中（）

A.懸繩對(duì)物體的拉力與物體的重力是一對(duì)平衡力

B.物體做加速運(yùn)動(dòng)

C.物體處于超重狀態(tài)

D.環(huán)只受兩個(gè)力作用

3.如圖所示，虛線左側(cè)的勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度為當(dāng)，虛XXXXXX

xxxX

BD

線右側(cè)的勻強(qiáng)酸場磁感應(yīng)強(qiáng)度為口2,且2BI=B2,當(dāng)xxxS<x

不計(jì)重力的帶電粒子從當(dāng)磁場區(qū)域運(yùn)動(dòng)到為磁場區(qū)XXXX

XXXXXX

域時(shí)，粒子的（）

A.速率將加倍B.軌跡半徑將減半

C.周期將加倍D.做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度將減半

4.半導(dǎo)體指紋傳感器，多用于手機(jī)、電腦、汽車等設(shè)備

的安全識(shí)別，如圖所示.傳感器半導(dǎo)體基板上有大量

金屬顆粒，基板上的每一點(diǎn)都是小極板，其外表面絕

緣，當(dāng)手指的指紋一面與絕緣表面接觸時(shí)，由于指紋

凹凸不平，凸點(diǎn)處與凹點(diǎn)處分別與半導(dǎo)體基板上的小極板形成正對(duì)面積相同的電容

器，使每個(gè)電容器的電壓保持不變，對(duì)每個(gè)電容器的放電電流進(jìn)行測(cè)量，即可采集

指紋，指紋采集過程中，下列說法正確的是（）

A.指紋的凹點(diǎn)處與小極板距離遠(yuǎn)，電容大

B.指紋的凸點(diǎn)處與小極板距離近，電容小

C.手指用力擠壓絕緣表面，電容器兩極間的距離減小，電容器帶電量增大

D.手指緩慢松開絕緣表面，電容器兩極間的距離增大，電容器帶電量增大

5.如圖所示，某同學(xué)在傾角為。的斜面上某一位置的B點(diǎn)以北的速度水平拋出一個(gè)小

球，小球落在斜面上，水平位移為石；在同一位置以水平速度2%拋出，小球落在

OA

A.|B.1C.|D.|

6.冰壺隊(duì)備戰(zhàn)2022年北京冬奧會(huì)，如圖所示，在某次訓(xùn)練中，藍(lán)壺靜止在大本營Q處，

材質(zhì)相同，質(zhì)量相等的紅壺與藍(lán)壺發(fā)生正碰，在摩擦力作用下最終分別停在M點(diǎn)和

N點(diǎn)，下列說法正確的是（）

A.碰后兩壺所受摩擦力的沖量相同

B.紅壺碰前速度約為碰后速度的4倍

C.碰后藍(lán)壺速度約為紅壺速度的2倍

D.碰撞過程兩壺組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

7.如圖甲所示，水平地面上有一靜止平板車，車上放一物塊，物塊與平板車表面間的

動(dòng)摩擦因數(shù)為（M,t=0時(shí)，車受水平外力作用開始沿水平面向右做直線運(yùn)動(dòng)，其

V-t圖象如圖乙所示，已知t=12s后車靜止不動(dòng)，平板車足夠長，物塊不會(huì)從車

上掉下，g取10m/s2。關(guān)于物塊的運(yùn)動(dòng)，以下描述正確的是（）

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A.0?6s物塊加速，加速度大小為2m/s2；6?12s物塊減速，加速度大小為2m/s2

B.0?8s,物塊所受摩擦力向左，8?12s物塊所受摩擦力向右

C.物塊最終靜止在初始位置的右側(cè)

D.物塊直到停止全過程物體在小車表面劃過的痕跡長度為24m

8.2020年2月，中國科學(xué)家通過冷凍電鏡捕捉到新冠病毒表面S蛋白與人體細(xì)胞表面

4CE2蛋白的結(jié)合過程，首次揭開了新冠病毒入侵人體的神秘面紗。電子顯微鏡是

冷凍電鏡中的關(guān)鍵部分，在電子顯微鏡中電子束相當(dāng)于光束，通過由電場或磁場構(gòu)

成的電子透鏡實(shí)現(xiàn)會(huì)聚或發(fā)散作用，其中的一種電子透鏡的電場分布如圖所示，其

中虛線為等勢(shì)面，相鄰等勢(shì)面間電勢(shì)差相等。一電子僅在電場力作用下運(yùn)動(dòng)，其軌

跡如圖中實(shí)線所示，a、b、c是軌跡上的三點(diǎn)則下列說法正確的是（）

A.a點(diǎn)的電勢(shì)低于b點(diǎn)的電勢(shì)

B.a點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于c點(diǎn)的電場強(qiáng)度

C.電子從a點(diǎn)到b點(diǎn)電勢(shì)能增加

D.電子從a點(diǎn)到b點(diǎn)做加速運(yùn)動(dòng)

9.在圖（a）所示的交流電路中，電源電壓的有效值為220人理想變壓器原、副線圈的

匝數(shù)比為10：1,%、R2>R3均為固定電阻，/?2=20。R3=10/2,各電表均為

理想電表。已知電阻中電流/2隨時(shí)間t變化的正弦曲線如圖（。）所示。下列說法正

確的是（

C.電流表的示數(shù)為2.04D.變壓器傳輸?shù)碾姽β蕿?01V

10.如圖所示，輕繩的一端系一質(zhì)量為m的金屬環(huán)，另一端繞N

過定滑輪懸掛一質(zhì)量為57n的重物。金屬環(huán)套在固定的豎d、第

直光滑直桿上，定滑輪與豎直桿之間的距離OQ=d，金屬p

環(huán)從圖中P點(diǎn)由靜止釋放，OP與直桿之間的夾角0=37。，,0力〃,

不計(jì)一切摩擦，重力加速度為g,則()

A.金屬環(huán)從P上升到Q的過程中，重物所受重力的瞬時(shí)功率先增大后減小

B.金屬環(huán)從P上升到Q的過程中，繩子拉力對(duì)重物做的功為

C.金屬環(huán)在Q點(diǎn)的速度大小為舟

D.若金屬環(huán)最高能上升到N點(diǎn)，則ON與直桿之間的夾角a=53。

11.一課外實(shí)驗(yàn)小組用如圖中所示的電路測(cè)定電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，S1為單刀開關(guān),

S2為單刀雙擲開關(guān)，E為電源，R為滑動(dòng)變阻器。

(1)閉合工調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，將S2分別接到1和2得到多組數(shù)據(jù)，描點(diǎn)后得到圖乙的

電池組的U-/關(guān)系圖像，由圖像可得電池組的電動(dòng)勢(shì)為V。

(2)圖像I斜率的物理意義為；圖像H斜率的物理意義為o

人電源內(nèi)阻

及電流表內(nèi)阻

C.電源內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻之和

12.小明利用如圖裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。圖中AB為輕桿，。為固定轉(zhuǎn)軸，4端小球

固定于桿上，質(zhì)量為西。B端小球放在輕質(zhì)勺形槽內(nèi)，質(zhì)量為MB。由靜止釋放后，

輕桿從水平位置逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，輕桿轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí)被制動(dòng)，B球被水平拋出。

(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)，小明首先測(cè)量了Tn-及兩球距0點(diǎn)的距離以、0，除此之外，還需

要測(cè)量的物理量有o

44球從釋放到運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)的時(shí)間t

區(qū)。點(diǎn)離地面的高度八

CB球落地點(diǎn)與。點(diǎn)的水平距離x

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(2)結(jié)合(1)中的各物理量，輕桿從水平位置自由釋放，利用上述測(cè)定的物理量和重

力加速度g，可得系統(tǒng)重力勢(shì)能減少量為，動(dòng)能增加量為

13.滑雪是冬季常見的體育運(yùn)動(dòng)。如圖所示，一滑雪運(yùn)動(dòng)員與

裝備總質(zhì)量為75kg,從傾角為30。的山坡頂端由靜止向下

滑行，在未借助滑雪杖的情況下10s內(nèi)向下滑行了100m。

若該運(yùn)動(dòng)員在開始向下滑行時(shí)就借助滑雪杖的作用，則其

每次借助滑雪杖時(shí)都能獲得150N的沿坡向下的推力，每次滑雪杖作用的時(shí)間為1s,

作用結(jié)束間隔2s后再進(jìn)行下一次作用，重力加速度g=10m/s2,運(yùn)動(dòng)員滑行過程

中受到的阻力不變。求：

(1)未借助滑雪杖時(shí)下滑的加速度大??；

(2)運(yùn)動(dòng)員滑行過程中受到的阻力大??；

(3)運(yùn)動(dòng)員在滑雪杖第二次作用結(jié)束時(shí)滑行的距離。

14.如圖所示，寬度為L的光滑平行金屬導(dǎo)軌I,左端連接阻值為R的電阻，右端連接

半徑為r的四分之三光滑圓弧導(dǎo)軌，圓弧最高端eg與足夠長且寬度為L的水平粗糙平

行金屬導(dǎo)軌H右端pi對(duì)齊、上下錯(cuò)開。圓弧所在區(qū)域有磁感應(yīng)強(qiáng)度為當(dāng)、方向豎直

向上的勻強(qiáng)磁場，導(dǎo)軌II所在區(qū)域有磁感應(yīng)強(qiáng)度為夕2、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場。

導(dǎo)軌n左端之間連接電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為R的直流電源。一根質(zhì)量為小、電阻為R金

屬桿從導(dǎo)軌I上ab處靜止釋放，沿著圓弧運(yùn)動(dòng)到最低處cd時(shí)，對(duì)軌道的壓力為2rng。

金屬桿經(jīng)過最低處時(shí)施加外力使金屬桿沿圓弧軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，到eg時(shí)立即撤

去外力，金屬桿進(jìn)入導(dǎo)軌口穿過名、B2疊加磁場區(qū)域后，在外磁場區(qū)域做加速運(yùn)

動(dòng)，運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后達(dá)到穩(wěn)定速度，運(yùn)動(dòng)過程中導(dǎo)軌口對(duì)金屬桿的摩擦力為外。金

屬桿與導(dǎo)軌始終接觸良好，導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，求：

(1)金屬桿滑至cd處時(shí)的速度大小U；

(2)金屬桿從ab處滑至cd處的過程中，通過電阻R的電荷量q；

(3)金屬桿從cd處運(yùn)動(dòng)到eg處的過程中，外力對(duì)金屬桿所做的功??；

(4)若導(dǎo)軌口所在區(qū)域的勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可調(diào)節(jié)，求穩(wěn)定速度的最大

值%

15.關(guān)于分子熱運(yùn)動(dòng)和熱學(xué)規(guī)律，以下說法中正確的有()

A.用打氣筒給自行車車胎充氣時(shí)要用力才能壓縮空氣，這說明空氣分子間存在斥

力

B.分子間距離增大時(shí)，分子勢(shì)能可能增大

C.氣體體積不變時(shí)，溫度降低，則每秒撞擊單位面積器壁的力增大

D.用燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面，熔化的蜂蠟呈橢圓形，說明蜂

蠟是單晶體

16.如圖所示，一豎直放置的氣缸上端開口，氣缸壁內(nèi)有卡口a

和b,a、b間距為九=3.Oczn,a距缸底的高度為”=12cm,

活塞只能在a、b間移動(dòng)，其下方密封有一定質(zhì)量的理想氣

H

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體。已知活塞質(zhì)量為m=5.0kg,面積為S=1,0x10-3^2,厚度可忽略，活塞和

汽缸壁均絕熱，不計(jì)活塞與氣缸間的摩擦。開始時(shí)活塞靜止于b處，且活塞與卡口

剛好沒有作用力，氣體溫度為7。=300K,大氣壓強(qiáng)為po=1,0x105Pa?現(xiàn)將一質(zhì)

量也為m的物體輕放在活塞上，活塞剛好到達(dá)a處后保持靜止。重力加速度大小為

g=10m/s2?求：

(i)活塞到達(dá)a處后氣缸內(nèi)的壓強(qiáng)；

(式)活塞到達(dá)a處后氣缸內(nèi)的溫度。

17.在坐標(biāo)原點(diǎn)的波源產(chǎn)生一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，波速v=200?n/s.己知

t=0時(shí)，波剛好傳播到x=40m處，如圖所示，在x=400m處有一接收器(圖中未

畫出)，則下列說法正確的是()

A.波源開始振動(dòng)時(shí)方向沿y軸正方向

B.從t=0開始經(jīng)過0.15s,x=40m處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)路程為0.6m

C.接收器在1=0.8s時(shí)才能接收到此波

D.若波源向支軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)多普勒效應(yīng)，接收器接收到的波源頻率可能為

11Hz

18.如圖所示，一半徑為R的透明球體置于真空中，MN是一條通過透明球體球心的直

線，一單色細(xì)光束AB平行于MN射向球體，B為入射點(diǎn)，夾角NB0M=60。，CD為

出射光線，C。與MN夾角a=30。。已知光在真空中的傳播速度為c,求：

(1)透明球體材料對(duì)該單色細(xì)光束的折射率；

(2)將該入射光束平行下移，當(dāng)入射角為45。時(shí)，求光束在球體中傳播的最短時(shí)間。

MN

D

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答案和解析

1.【答案】

A

【解析】

解：設(shè)月球質(zhì)量為M，地球質(zhì)量則為81M,該點(diǎn)距地心的距離為小距月心的距離為上，

由于地球?qū)Ψ旁谠擖c(diǎn)的物體的引力和月球?qū)υ撐矬w的引力相等，根據(jù)萬有引力定律得:

81GMm_GMm

解得：7=?故A正確，BCD錯(cuò)誤；

r21

故選：A?

根據(jù)萬有引力定律聯(lián)立等式計(jì)算出兩段距離之比即可。

本題主要考查了萬有引力定律的相關(guān)應(yīng)用，熟悉公式并代入數(shù)據(jù)即可完成分析。

2.【答案】

A

【解析】

解：假設(shè)小環(huán)和物體一起沿斜面向下做加速運(yùn)動(dòng)，加速度應(yīng)沿斜面向下。但物體M僅受

到重力和輕繩的拉力，不可能有沿斜面方向的合力，即不可能產(chǎn)生沿斜面方向的加速度,

所以兩個(gè)物體做的一定是勻速直線運(yùn)動(dòng)。

A、對(duì)M分析，有平衡條件可知，懸繩的拉力等于物體M的重力，故A正確；

BC、物體M做勻速直線運(yùn)動(dòng)，處于平衡狀態(tài)，故B錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤；

。、對(duì)圓環(huán)分析，由平衡條件可知，受到重力、細(xì)線拉力、直桿的支持力、直桿的摩擦

力，故。錯(cuò)誤。

故選：A.

小環(huán)和物體一起沿桿下滑，通過假設(shè)，推出小環(huán)和物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，再結(jié)合平衡條件和

牛頓運(yùn)動(dòng)定律分析受力情況和超重、失重情況即可。

本題是對(duì)牛頓運(yùn)動(dòng)定律以及受力分析的考查，解題的關(guān)鍵在于分析出小環(huán)和物體運(yùn)動(dòng)狀

態(tài)，分析受力情況及超重、失重情況。

3.【答案】

B

【解析】

解：由公式，帶電粒子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡半徑氏=等

周期7=警

角速度3=與=最

洛倫茲力不做功，則速度不變，B[=2B2,故由當(dāng)進(jìn)入/后"不變，R減半，T減半，3加

倍，AC。錯(cuò)誤，B正確。

故選：Be

帶電粒子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力不做功，由軌跡半徑、周期、角

速度公式分析判斷。

帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力是始終不做功的，即只改變速度的方向，不改變速度

的大??；此類問題要求掌握洛倫茲力的大小和方向的確定，帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中圓周

運(yùn)動(dòng)及其規(guī)律，會(huì)應(yīng)用周期公式和半徑公式進(jìn)行計(jì)算和分析有關(guān)問題。

4.【答案】

C

【解析】

解：AB,根據(jù)電容的定義式C=%可知，指紋的凹點(diǎn)處與小極板距離遠(yuǎn)，電容小，指

4nka

紋的凸點(diǎn)處與小極板距離近，電容大，故A8錯(cuò)誤；

C、手指擠壓絕緣表面，電容器兩極間的距離減小，電容器的電壓保持不變，根據(jù)C=

品=號(hào)可知，電容器的電容增大、電容器帶電量增大，故C正確；

471kdU

。、手指緩慢松開絕緣表面，電容器兩極間的距離增大，電容器的電壓保持不變，根據(jù)

。=品=號(hào)可知，電容器的電容減小、電容器帶電量減小，故。錯(cuò)誤；

4nkdU

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故選：Co

根據(jù)電容的定義式c=%判斷電容大小的變化；根據(jù)電容器的電壓保持不變，結(jié)合C=

4nkd

持=號(hào)分析電荷量的變化。

4nkdU

本題是電容器動(dòng)態(tài)變化分析問題，解答此類問題關(guān)鍵是要抓住不變量：若電容器與電源

斷開，電量保持不變；若電容器始終與電源相連，電容器兩端間的電勢(shì)差保持不變；結(jié)

合電容器的計(jì)算公式和電場強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系進(jìn)行分析解答。

5.【答案】

D

【解析】

解：對(duì)落在斜面上的小球=邊=更

voc2VO

水平位移/=vQt=短詈=誓

對(duì)落在水平地面上的小球%2=2vof=

因九>x^and=

解得不？誓=2xi

即言-2

故。項(xiàng)正確，ACD錯(cuò)誤

故選：Do

根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)知識(shí)，分別求出與和&進(jìn)行求解即可。

本題難點(diǎn)在于運(yùn)用平拋運(yùn)動(dòng)中水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律、豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)

規(guī)律以及斜面傾角如何表達(dá)。

6.【答案】

C

【解析】

解：4、碰后兩壺滑行距離不同，滑行時(shí)加速度相同，所以碰后兩球速度不相同，根據(jù)

動(dòng)量定理：/=0-nw=-mu,可知碰后兩壺所受摩擦力的沖量不相同，故A錯(cuò)誤；

C、碰后紅壺運(yùn)動(dòng)的距離為X[=/?2-&，藍(lán)壺運(yùn)動(dòng)的距離為小=2%

二者質(zhì)量相同，碰后二者所受的摩擦力相同，則二者做勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度也相同，設(shè)

加速度大小為a,對(duì)紅壺，有評(píng)=2axi

對(duì)藍(lán)壺有諺=2ax2

聯(lián)立可得碰后藍(lán)壺速度與紅壺速度之比中=2,即碰后藍(lán)壺速度約為紅壺速度的2倍，故

V1

C正確；

B、設(shè)紅壺碰前速度為%,則有=mvj+mv2

故有%=3%,即紅壺碰前速度約為碰后速度的3倍，故8錯(cuò)誤；

。、碰前系統(tǒng)的總動(dòng)能為=|mvo，碰后系統(tǒng)總動(dòng)能為=gm譜+gm諺=

im(iv)2+im(^vo>2=2m詔，則”>E,碰撞過程兩壺組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守

N3oL3lokl

恒，故￡>錯(cuò)誤。

故選：Co

碰后兩壺滑行距離不同，所以碰后兩球速度不同，根據(jù)動(dòng)量定理可判斷出碰后兩壺所受

摩擦力的沖量不相同。兩壺碰撞過程系統(tǒng)內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守

恒定律可以分析碰撞前后紅壺的速度的關(guān)系；根據(jù)動(dòng)能的計(jì)算公式可比較碰撞前后動(dòng)能

關(guān)系，從而判斷機(jī)械能是否守恒。

本題考查動(dòng)量守恒定律與動(dòng)量定理、動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚兩壺的運(yùn)

動(dòng)過程是解題的前提，要掌握碰撞的基本規(guī)律：動(dòng)量守恒定律。解題時(shí)要注意正方向的

選擇。

7.【答案】

D

【解析】

解：AB,根據(jù)速度與時(shí)間的圖象的斜率表示加速度，則有車先以a=^=￥m/s2=

At6

2m/s2的加速度勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后以優(yōu)=*==-2m/s2的加速度勻減速

Ai12—6

直線運(yùn)動(dòng)，物體與車的動(dòng)摩擦因數(shù)可知，物體與車的滑動(dòng)摩擦力產(chǎn)生的加速度為%=

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4mglig=lm/s2,因此當(dāng)車的速度大于物體的速度時(shí)，物體受到滑動(dòng)摩擦動(dòng)力，相

m

反則受到滑動(dòng)摩擦阻力，根據(jù)受力分析，結(jié)合牛頓第二定律，則有：當(dāng)0-6s時(shí)，車的

速度大于物體，因此物體受到滑動(dòng)摩擦動(dòng)力，6s末物塊的速度"物==6m/s,此時(shí)

小車速度大于物塊速度，當(dāng)車減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，當(dāng)兩者速度相等時(shí)，則"共=^揚(yáng)+。拉'=

vm+a't',解得t'=2s,共速的速度"共=8zn/s,故在這2s內(nèi)物塊受到的摩擦力向右，

8s后車速小于物塊的速度，物塊受到的摩擦力向左，故A8錯(cuò)誤；

CD、8s內(nèi)物塊前進(jìn)的位移為Xi=：的曲=：x1x826=32m,車運(yùn)動(dòng)的位移x至=：x

6x12m+112+8)x2m=56m,相對(duì)位移為=%本一與=56m-32m=24m,

2

物塊減速到靜止通過的位移X2=%=空m=32m，車的位移,至=共&=；x8x

z2al2x1干2Kz

4m=16m,相對(duì)位移為Ax'=%'至-外=16m-32nl=-16m,物塊最終靜止在初始

位置的左側(cè)d=Ax+Ax'=87n處，兩階段的相對(duì)運(yùn)動(dòng)而產(chǎn)生的痕跡會(huì)有部分重疊，由

于＞4x',故痕跡長度為=24m,故C錯(cuò)誤，。正確

故選：Do

分析物塊的受力情況以及平板車的加速度，從而明確物塊的運(yùn)動(dòng)情景；從而求出其加加

速度；由圖象分析平板車的運(yùn)動(dòng)過程，再根據(jù)小車的運(yùn)動(dòng)進(jìn)行分析，明確兩物體的運(yùn)動(dòng)

規(guī)律，從而根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分析8s時(shí)小車的速度：根據(jù)位移公式求出兩物體的對(duì)地位移,

從而確定所產(chǎn)生的痕跡.

本題考查牛頓第二定律的應(yīng)用，涉及多個(gè)物體多個(gè)過程，所以難度較大；在分析中一定

要注意考慮可能的情況，正確分析找出準(zhǔn)確的運(yùn)動(dòng)規(guī)律；同時(shí)要掌握通過受力分析和過

程分析來明確物體的運(yùn)動(dòng)過程是難點(diǎn)所在，對(duì)學(xué)生要求較高；最后一問中，要注意判斷

痕跡出現(xiàn)了重疊現(xiàn)象.

8.【答案】

AD

【解析】

解：AC,由電場線與等勢(shì)面處處垂直和電子運(yùn)動(dòng)軌跡的彎曲方向可知，若電子從a點(diǎn)運(yùn)

動(dòng)到b點(diǎn)，電場力做正功，則電子在a點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能大于其在b點(diǎn)的電勢(shì)能；若電子從b點(diǎn)

運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn)，電場力做負(fù)功，則電子在a點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能依然大于其在b點(diǎn)的電勢(shì)能。由于電

子帶負(fù)電，故a點(diǎn)的電勢(shì)低于b點(diǎn)的電勢(shì)，故A正確，C錯(cuò)誤；

B、根據(jù)等差等勢(shì)面的疏密可表示場強(qiáng)大小，由于a點(diǎn)等差等勢(shì)面比c點(diǎn)稀疏，則a點(diǎn)的

電場強(qiáng)度小于c點(diǎn)的電場強(qiáng)度，故B錯(cuò)誤；

C、由電場線的方向可判斷出3c>0a，電子在電勢(shì)低的地方電勢(shì)能大，在電勢(shì)高的地

方電勢(shì)能小，故電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在c點(diǎn)的電勢(shì)能，故C錯(cuò)誤；

D、若電子從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，電場力做正功，則電子在a點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能大于其在b點(diǎn)的電勢(shì)

能，電子從a點(diǎn)到b點(diǎn)做加速運(yùn)動(dòng)，故。正確。

故選：ADo

根據(jù)電子所受的電場力情況，分析電子透鏡的作用，根據(jù)電場線與等勢(shì)面相互垂直，以

及電子所受電場力的方向與電場線方向反向來判斷。

解決本題的關(guān)鍵要讀懂題意，理解電子顯微鏡的等勢(shì)面分布，利用電場線與等勢(shì)面處處

垂直，作出電場線。對(duì)于此類題型，多數(shù)要先畫出電場線。

9.【答案】

BC

【解析】

解：4、由圖可知交流電的周期T=0.02s,則交流電的頻率為/=*=念=50Hz,故

A錯(cuò)誤；

B、通過/?2電流的有效值為/=去人=14,色兩端即副線圈兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律

可知外=膽=1x20V=20V,根據(jù)理想變壓器的電壓規(guī)律得：》代入數(shù)據(jù)解

u2n2

得，原線圈的電壓U1=￡4=10x201/=200乙電阻％兩端分壓即為電壓表示數(shù)，

即Uy=%—=2201/—100V=20U,故8正確；

C、電流表的示數(shù)為〃=§=|^=2.0A,故C正確；

D、副線圈中流過的總電流為，2=I+IA=1A+2.0A=3.04變壓器原副線圈傳輸?shù)墓?/p>

率為P=12U2=3.0x20W=30勿，故。錯(cuò)誤。

故選：BC。

根據(jù)圖(匕)可得交流電的周期，利用/=/可得交流電的頻率；根據(jù)圖(b)可得的最大值,

第14頁，共23頁

根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系可得交流電的有效值，利用歐姆定律、變壓器的變壓比可得

電壓表的示數(shù)；&和R3并聯(lián)，電壓相等，利用歐姆定律可得電流表的示數(shù)；先算出副線

圈中通過的電流，再利用功率公式求解。

此題考查了變壓器的構(gòu)造和原理，明確變壓比、變流比是解題的關(guān)鍵，對(duì)于原線圈串聯(lián)

電阻的電路，可以從電壓關(guān)系分析電壓表的示數(shù)。

10.【答案】

AD

【解析】

解：4剛開始，重物的速度為零，重物所受重力的瞬時(shí)功率為零，當(dāng)環(huán)上升到Q時(shí)，由

于環(huán)的速度向上與繩垂直，重物的速度為零，此時(shí)重物所受重力的瞬時(shí)功率為零，故金

屬環(huán)從P上升到Q的過程中，重物所受重力的瞬時(shí)功率先增大后減小，故A正確；

8.金屬環(huán)從P上升到Q的過程中，對(duì)重物由動(dòng)能定理可得

小+5mg（益一砌=。

解得繩子拉力對(duì)重物做的功為

W=一mmgd

故B錯(cuò)誤;

C.設(shè)金屬環(huán)在Q點(diǎn)的速度大小為區(qū)對(duì)環(huán)和重物整體，由機(jī)械能守恒定可得

5mg(-^——d)=mgx-^—+-mv2

a'sine'Vtane2

解得

V=2/gd

故C錯(cuò)誤;

D若金屬環(huán)最高能上升到N點(diǎn)，則在整個(gè)過程中，對(duì)環(huán)和重物整體，由機(jī)械能守恒定律

可得

_,dd、d

5mg(.—：-)=--d--------)

*'sin。sinay?、an。tana7

解得ON與直桿之間的夾角

a=53°

故。正確。

故選：AD?

對(duì)重物，初始速度為0則重力功率為0,末速度與重力垂直則重力功率也為0;環(huán)從P上

升到。的過程中，對(duì)重物由動(dòng)能定理可得拉力對(duì)重物做的功；對(duì)環(huán)和重物整體，由機(jī)械

能守恒定可得環(huán)在Q點(diǎn)的速度；整個(gè)過程中，對(duì)環(huán)和重物整體，由機(jī)械能守恒定律可解

得角度大小。

本題多次運(yùn)用幾何關(guān)系及機(jī)械能守恒定律，定律的表達(dá)式除題中變化的動(dòng)能等于變化的

重力勢(shì)能外，還可以寫成圓環(huán)的變化的機(jī)械能等于重物的變化的機(jī)械能。同時(shí)關(guān)注題中

隱含條件的挖掘。

11.【答案】

2.80AC

【解析】

解：(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E-/r可知：U-/圖像中的縱截距表示電源電動(dòng)勢(shì)，

為2.80匕

(2)當(dāng)$2接1時(shí)，電流表內(nèi)接，圖像斜率的絕對(duì)值表示電源內(nèi)阻；當(dāng)S2接2時(shí)，電流表外

接，圖像斜率的絕對(duì)值表示電源內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻之和。所以后者圖像斜率的絕對(duì)值大

于前者，因此圖像I斜率絕對(duì)值的物理意義為電源內(nèi)阻，故選人

圖像II斜率絕對(duì)值的物理意義為電源內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻之和，故選Co

故答案為：(1)2.80；(1)4,C；

(1)根據(jù)電路的連接情況結(jié)合U-/圖象斜率表示的物理意義進(jìn)行分析；

(2)U-/圖象與縱坐標(biāo)的截距表示電動(dòng)勢(shì)，由于干電池的內(nèi)電阻較小，開關(guān)S2必須接1,

根據(jù)圖象乙的斜率表示的物理意義進(jìn)行解答。

對(duì)于實(shí)驗(yàn)題，要弄清楚實(shí)驗(yàn)?zāi)康?、?shí)驗(yàn)原理以及數(shù)據(jù)處理、誤差分析等問題，一般的實(shí)

驗(yàn)設(shè)計(jì)、實(shí)驗(yàn)方法都是根據(jù)教材上給出的實(shí)驗(yàn)方法進(jìn)行拓展，延伸，所以一定要熟練掌

握教材中的重要實(shí)驗(yàn)。

12.【答案】

加"/4__________

BCmAgLA-mBgLB

4(h+Z.B)44(h+LB)

第16頁，共23頁

【解析】

解：(1)設(shè)。點(diǎn)離地面的高度為h,小球B被水平拋出后做平拋運(yùn)動(dòng),

設(shè)8做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為玲，水平位移為尢，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為3

水平方向：x=vBt

2

豎直方向：h+LB=^gt

解得：vB=x

輕桿轉(zhuǎn)動(dòng)過程4、8做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度相等，設(shè)角速度為?,B拋出時(shí)4的速度大小是外,

=

則"A3L4,Vg=(JI)L^,

解得：v

ALB2(/l+Lg)

A、8從水平位置轉(zhuǎn)到豎直位置過程，以桿的水平位置所在平面為零使面,

由機(jī)械能守恒定律得：mBgLB-mAgLA+:犯M=0

m_________

整理得：2mL-2mL=

BBAA2(h+LB)4+2(h+LB)'

除測(cè)量如、血8及兩球距。點(diǎn)的距離〃、0外，還需要測(cè)量：。點(diǎn)高地面的高度h和B球

落地點(diǎn)與。點(diǎn)的水平距離，故選8C。

(2)系統(tǒng)重力勢(shì)能的減少量/琮=mAgLA-mBgLB,

小

m4g4加8小

動(dòng)能的增加量/Ek==

4(?l+LB)Lg4(h+Lg)

故答案為：⑴BC：(2)mAgLA-mBgLB；群慧+中培。

小球8被拋出后做平拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律與機(jī)械能守恒定律求出實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的

表達(dá)式，然后分析答題。

本題考查了系統(tǒng)機(jī)械能守恒的驗(yàn)證，通過實(shí)驗(yàn)的設(shè)計(jì)，運(yùn)用重力勢(shì)能的減小來轉(zhuǎn)化為動(dòng)

能來驗(yàn)證.注意平拋運(yùn)動(dòng)的初速度的確定，及兩小球的速度不同，并知道兩球轉(zhuǎn)動(dòng)的角

速度相等，線速度之比等于轉(zhuǎn)動(dòng)的半徑之比.

13.【答案】

解：(1)設(shè)沒有滑雪杖作用時(shí)，運(yùn)動(dòng)員沿山坡向下滑行的加速度大小為a,

由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律可得x=,at2

代入數(shù)據(jù)可解得a=2m/s2；

(2)設(shè)運(yùn)動(dòng)員受到的阻力大小為/,由牛頓第二定律可得mgs譏30。-/=ma,

代入數(shù)據(jù)可得/=225/V：

(3)設(shè)有滑雪杖作用時(shí)，運(yùn)動(dòng)員運(yùn)動(dòng)的加速度大小為優(yōu)，由牛頓第二定律可得：

mgsin30°+F—f=ma'

代入數(shù)據(jù)解得：a'=4m/s2

作用口=Is后運(yùn)動(dòng)員獲得的速度大小為％=a'j=4xlm/s=4m/s,

此段時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)員滑行的距離為Xi=梟宣="4xMm=2m

間隔《2=2s后運(yùn)動(dòng)員獲得的速度大小為=%+*=(4+2x2)m/s=8m/s,

此段時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)員滑行的距離為外=空12=等、2m=12m

滑雪杖第二次作用過程中，運(yùn)動(dòng)員滑行的距離為與=v2t1+\a'tl

代入數(shù)據(jù)解得：x3=10m

運(yùn)動(dòng)員在滑雪杖第二次作用結(jié)束時(shí)滑行的距離：x=xx+x2+x3=2m+12m+

10m=24mo

答：(1)未借助滑雪杖時(shí)下滑的加速度大小為2m/s2；

(2)運(yùn)動(dòng)員滑行過程中受到的阻力大小為225N；

(3)運(yùn)動(dòng)員在滑雪杖第二次作用結(jié)束時(shí)滑行的距離為24m。

【解析】

(1)設(shè)沒有滑雪杖作用時(shí)，由位移一時(shí)間關(guān)系求解加速度大小；

(2)由牛頓第二定律求解運(yùn)動(dòng)員受到的阻力大??；

(3)由牛頓第二定律求解有滑雪杖作用時(shí)運(yùn)動(dòng)員運(yùn)動(dòng)的加速度大小，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求

解作用口=1s后運(yùn)動(dòng)員獲得的速度大小和滑行的距離;再求出沒有滑雪杖作用時(shí)運(yùn)動(dòng)員

滑行的距離；最后求解運(yùn)動(dòng)員第二次利用滑雪杖作用時(shí)滑行的距離，由此得到運(yùn)動(dòng)員在

滑雪杖第二次作用結(jié)束時(shí)滑行的距離。

對(duì)于牛頓第二定律的綜合應(yīng)用問題，關(guān)鍵是弄清楚物體的運(yùn)動(dòng)過程和受力情況，利用牛

頓第二定律或運(yùn)動(dòng)學(xué)的計(jì)算公式求解加速度，再根據(jù)題目要求進(jìn)行解答；知道加速度是

聯(lián)系力和運(yùn)動(dòng)的橋梁。

14.【答案】

解：(1)由牛頓第二定律，在cd處時(shí)軌道對(duì)金屬桿的支持力FN=2mg

所以有：FN—mg-

第18頁，共23頁

解得：V=y[gr

(2)金屬桿從ab處滑至cd處的過程中：q=1xt

而：E=-

通過電阻的電荷量：勺=箸

(3)金屬桿從cd處運(yùn)動(dòng)到eg處的過程中，通過R的電流為余弦交流電，電動(dòng)勢(shì)峰值7=

BrLv

電流峰值：%=號(hào)

電流有效值：/=%

V2

運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t=?

產(chǎn)生的焦耳熱Q=2xl2Rt

對(duì)金屬桿在全過程由功能原理：W^Q+mg-2r

解得：W=(2mgr4-—^―y/~g^')

(4)穩(wěn)定時(shí)回路中的電流為/=學(xué)”

B2IL=Ff

化簡得到：v=g*-.]*

L02乙。

可知，當(dāng)為=鬻時(shí)，可得：“n=磊；

答：(1)金屬桿滑至Cd處時(shí)的速度大小"為歷；

(2)金屬桿從必處滑至cd處的過程中，通過電阻R的電荷量q為噂；

(3)金屬桿從cd處運(yùn)動(dòng)到eg處的過程中,外力對(duì)金屬桿所做的功W為(2?ngr+

曙標(biāo))；

(4)若導(dǎo)軌n所在區(qū)域的勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為大小可調(diào)節(jié)，穩(wěn)定速度的最大值Um為

E2

8RF/

【解析】

(1)金屬桿從最高點(diǎn)滑到最低點(diǎn)，由題設(shè)條件根據(jù)牛頓第二定律求在最低點(diǎn)的速度;

(2)根據(jù)電流的定義，結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律求平均值法求電量；

(3)根據(jù)金屬桿沿弧形軌道運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)知其垂直切割磁感線的速度隨時(shí)間余弦變化，因

而產(chǎn)生的是正弦交流電，由交流電的有效值求熱量，再根據(jù)功能關(guān)系求出外力做的功；

(4)進(jìn)入磁場疊加區(qū)后，在電源和動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)共同作用下，根據(jù)歐姆定律表示出電流、

安培力、根據(jù)穩(wěn)定時(shí)平衡條件求出速度的表達(dá)式，從表達(dá)式可以看出什么條件下取最大

值。

本題考查導(dǎo)體切割磁感線與能量相結(jié)合題型的分析，要注意明確根據(jù)功能關(guān)系求解內(nèi)能,

注意變速運(yùn)動(dòng)時(shí)往往根據(jù)平均電動(dòng)勢(shì)和動(dòng)量定理分析求解電量。本題還涉及反電動(dòng)勢(shì)問

題、求極值問題中的數(shù)學(xué)知識(shí)等，對(duì)學(xué)生要求較高。

15.【答案】

B

【解析】

解：4、用打氣筒給自行車車胎充氣時(shí)要用力才能壓縮空氣，這是氣體壓強(qiáng)作用的緣故，

氣體分子間一般不考慮相互作用力，故A錯(cuò)誤；

8、當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為引力，隨著分子間距離增大，引力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大，

故8正確；

C、氣體體積不變時(shí)，單位體積分子數(shù)密度不變，溫度降低，氣體分子平均動(dòng)能減小，

分子對(duì)器壁的平均撞擊力減小，故C錯(cuò)誤；

。、用燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面，熔化的蜂蠟呈橢圓形，是由于云母

片具有各向異性的原因，說明云母片是單晶體，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為引力，隨著分子間距離增大，分子間作用力減小時(shí)，引力做負(fù)功，

分子勢(shì)