福州八縣一中高二上學(xué)期期末聯(lián)考物理試題

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2019-2020學(xué)年第一學(xué)期八縣（市、區(qū))期末聯(lián)考高中二年物理科試卷一、選擇題（本題共12小題,每小題4分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-8題只有一項(xiàng)符合題目要求，第9-12題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。）1。關(guān)子物理學(xué)史，下列說法中正確的是（）A?？ㄎ牡显S借助扭秤裝置總結(jié)出了點(diǎn)電荷間相互作用的規(guī)律B。法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)C。安培發(fā)現(xiàn)了磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用規(guī)律D。美國(guó)物理學(xué)家勞倫斯發(fā)明了回旋加速器【答案】D【解析】【詳解】A．庫(kù)倫借助扭秤裝置總結(jié)出了點(diǎn)電荷間相互作用的規(guī)律，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng),選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．洛倫茲發(fā)現(xiàn)了磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用規(guī)律，選項(xiàng)C錯(cuò)誤;D．美國(guó)物理學(xué)家勞倫斯發(fā)明了回旋加速器，選項(xiàng)D正確。故選D。2。關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度,下列說法正確的是(）A.電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式,只適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)B.由磁感應(yīng)強(qiáng)度公式,磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與放入磁場(chǎng)中通電直導(dǎo)線所受的安培力方向相同C。電場(chǎng)中某點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向與在該點(diǎn)的正檢驗(yàn)電荷所受電場(chǎng)力方向一定相同D.通電直導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到的磁場(chǎng)力為零，則該位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度也一定為零【答案】C【解析】【詳解】A．電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，適用于任何電場(chǎng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤;B．磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與放入磁場(chǎng)中的通電直導(dǎo)線所受的安培力方向垂直，選項(xiàng)B錯(cuò)誤;C．電場(chǎng)中某點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向與在該點(diǎn)的正檢驗(yàn)電荷所受電場(chǎng)力方向一定相同，選項(xiàng)C正確;D．通電直導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到的磁場(chǎng)力為零，可能是電流的方向與磁場(chǎng)方向平行，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C。3.如圖所示,平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，電流表和電壓表為理想電表，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，則（)A.電壓表讀數(shù)增大 B。電流表讀數(shù)增大C.質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動(dòng) D.上消耗的功率逐漸增大【答案】B【解析】【詳解】AB．由圖可知,R2與滑動(dòng)變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后,再由R1串連接在電源兩端;電容器與R3并聯(lián)；當(dāng)滑片向b移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻減小,則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，干路中電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，同時(shí)，R1兩端的電壓也增大,故并聯(lián)部分的電壓減?。挥蓺W姆定律可知流過R3的電流減小，則流過并聯(lián)部分的電流增大，故電流表示數(shù)增大；因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大,故電壓表示數(shù)減小,故A錯(cuò)誤，B正確；C．因R3兩端電壓減小，則電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場(chǎng)力減小,則重力大于電場(chǎng)力，電荷向下運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．R3上電流減小，根據(jù)P=I32R3,則R3消耗的功率逐漸變小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B4.如圖所示，套在條形磁鐵外的三個(gè)線圈，其面積S1＞S2=S3，且“3”線圈在磁鐵的正中間．設(shè)各線圈中的磁通量依次為φ1、φ2、φ3,則它們的大小關(guān)系是(）A.φ1>φ2>φ3 B。φ1〉φ2=φ3C。φ1〈φ2<φ3 D。φ1<φ2=φ3【答案】C【解析】所有磁感線都會(huì)經(jīng)過磁體內(nèi)部，內(nèi)外磁場(chǎng)方向相反，所以線圈面積越大則抵消的磁場(chǎng)越大,則，線圈3在正中間,此處磁場(chǎng)最弱，即抵消的最少，所以,最大，選C5。如圖所示，M、N和P是以MN為直徑的半圓弧上的三點(diǎn)，O為半圓弧的圓心,∠MOP＝90°，在M、P處各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過紙面，導(dǎo)線中通有垂直紙面向里、大小相等的恒定電流，這時(shí)O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0．若將P處長(zhǎng)直導(dǎo)線移開，則O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為（)A。B.C。D.【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)安培定則可知，兩導(dǎo)線在O點(diǎn)形成的磁感應(yīng)強(qiáng)度如圖所示：合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0。則根據(jù)幾何關(guān)系可知,兩導(dǎo)線單獨(dú)形成磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0，故B正確,ACD錯(cuò)誤．故選B。6。如圖所示,回旋加速器是用來加速帶電粒子使它獲得很大動(dòng)能的裝置，其核心部分是兩個(gè)D型金屬盒，置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩盒分別與高頻電源相連。下列說法正確的是()A.粒子從磁場(chǎng)中獲得能量B.粒子被電場(chǎng)加速后，運(yùn)動(dòng)越來越快,走過半圓的時(shí)間越來越短C。D形盤的半徑R越大，粒子離開回旋加速器時(shí)最大動(dòng)能越小D.粒子第2次和第3次經(jīng)過兩D形盒間狹縫后軌道半徑之比為：【答案】D【解析】【詳解】A．磁場(chǎng)使粒子偏轉(zhuǎn),電場(chǎng)使粒子加速，粒子從電場(chǎng)中獲得能量，故A錯(cuò)誤；B．粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)周期，可知粒子在D型盒每個(gè)半圓周內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間都是相同的,選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．根據(jù)，最大動(dòng)能可知D形盤的半徑R越大，粒子離開回旋加速器時(shí)最大動(dòng)能越大,選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．則由動(dòng)能定理，qU=△Ek,可知，每一次通過狹縫時(shí)獲得的能量相同，粒子第2次和第3經(jīng)過兩D形盒間狹縫后的動(dòng)能之比是2：3，所以速度之比是，根據(jù)：得：軌道半徑之比為．故D正確；故選D。7.如圖所示直線是電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，A、B是該線上的兩點(diǎn)．一負(fù)電荷由A點(diǎn)以一定初速度沿電場(chǎng)線從A運(yùn)動(dòng)到B，運(yùn)動(dòng)過程中的速度-時(shí)間圖線如圖乙所示，則下列說法中正確的是A。該電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)B。A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)相比一定是φA＜φBC。A、B兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相比一定是EA＜EBD。該電荷在兩點(diǎn)的電勢(shì)能大小相比一定是EpA＜EpB【答案】D【解析】【詳解】由于速度-時(shí)間圖線的斜率表示物體運(yùn)動(dòng)的加速度，由乙圖可知，電荷運(yùn)動(dòng)的加速度越來越大，也就是電場(chǎng)強(qiáng)度越來越大，即EB＜EAAC錯(cuò)誤;由于從A向B運(yùn)動(dòng)時(shí)，做減速運(yùn)動(dòng),受力的方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，因此電子受電場(chǎng)力方向從B指向A,而電子受力方向與電場(chǎng)線方向相反,因此電場(chǎng)線方向由A指向B，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)越來越低,因此φB＜φA，B錯(cuò)誤；從A向B運(yùn)動(dòng)的過程中,電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，因此EpA＜EpB,D正確．【點(diǎn)睛】在電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，電荷在該點(diǎn)受到的電場(chǎng)力越大，也就是帶電體的加速度越大;當(dāng)電場(chǎng)力做正功時(shí)，電勢(shì)能減少，而當(dāng)電場(chǎng)力做負(fù)功時(shí)，電勢(shì)能增加，注意電勢(shì)能與電勢(shì)不同,電勢(shì)高的地方電勢(shì)能不一定大，而電勢(shì)低的地方電勢(shì)能不一定小，電勢(shì)能不僅與電場(chǎng)有關(guān)還與帶電體有關(guān)．8.如圖所示，質(zhì)量m＝0。75kg的通電導(dǎo)體棒在安培力作用下靜止在傾角為30°、寬度L＝1m的光滑絕緣框架上，磁場(chǎng)方向垂直于框架平面向下（磁場(chǎng)僅存在于絕緣框架內(nèi)).右側(cè)回路中,電源的電動(dòng)勢(shì)E＝8V、內(nèi)阻r＝1Ω，額定功率為6W、額定電壓為2V的電動(dòng)機(jī)M正常工作。取重力加速度大小g＝10m/s2，則磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為(）A。1T B。1.25T C.1。5T D.2T【答案】B【解析】【詳解】電動(dòng)機(jī)上的電流為：內(nèi)電壓為：U內(nèi)=8V—2V=6V則電源電流為：則磁場(chǎng)中導(dǎo)線的電流為I′=6A—3A=3A根據(jù)平衡條件：BIL=mgsin30°得：A．1T，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．1。25T，與結(jié)論相符,選項(xiàng)B正確;C．1。5T，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．2T,與結(jié)論不相符,選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B。9。一個(gè)帶電微粒在如圖所示的正交勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，重力不可忽略，已知軌跡圓的半徑為r，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E,磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，重力加速度為g，則（)A。該微粒帶正電 B。帶電微粒沿逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)C.微粒從a到c，機(jī)械能守恒 D.微粒做圓周運(yùn)動(dòng)的速度為【答案】BD【解析】【詳解】A．帶電微粒在正交勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，可知所受的向下的重力和向上的電場(chǎng)力平衡，電場(chǎng)向下，則粒子帶負(fù)電,選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．根據(jù)左手定則可知，帶電微粒沿逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)，選項(xiàng)B正確；C．微粒從a到c，動(dòng)能不變,重力勢(shì)能減小,則機(jī)械能減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．根據(jù)mg=qE，以及，解得微粒做圓周運(yùn)動(dòng)的速度為選項(xiàng)D正確.故選BD。10.如圖，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng),半徑OC與OB夾角為60°．一電子以速率v從A點(diǎn)沿直徑AB方向射入磁場(chǎng)，從C點(diǎn)射出．電子質(zhì)量為m、電荷量為e，不計(jì)電子重力,下列說法正確的是（）A。磁場(chǎng)方向垂直紙面向里B。磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為C.電子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為D.若電子速率變?yōu)?仍要從C點(diǎn)射出，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小應(yīng)變?yōu)樵瓉淼?倍【答案】B【解析】詳解】A。根據(jù)左手定則，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，故A錯(cuò)誤；B。由題意得，電子的運(yùn)動(dòng)半徑恰好等于，解得,故B正確；C.運(yùn)動(dòng)周期，電子在圓形區(qū)域的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，故C錯(cuò)誤；D.電子的運(yùn)動(dòng)半徑恰好等于，若電子速率變?yōu)?，仍要從C點(diǎn)射出，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小應(yīng)變?yōu)樵瓉淼模蔇錯(cuò)誤；11.如圖為一種質(zhì)譜儀示意圖，由加速電場(chǎng)、靜電分析器和磁分析器組成，若靜電分析器通道中心線的半徑為R，通道內(nèi)均勻輻射電場(chǎng)在中心線處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E,磁分析器有范圍足夠大的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向外，一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子從靜止開始經(jīng)加速電場(chǎng)加速后沿中心線通過靜電分析器,由P點(diǎn)垂直邊界進(jìn)入磁分析器，最終打到膠片上的Q點(diǎn)，不計(jì)粒子重力，下列說法中正確的是A.極板M比極板N電勢(shì)低B.加速電場(chǎng)的電壓C。直徑D。若一群粒子從靜止開始經(jīng)過上述過程都落在膠片上同一點(diǎn),則該群粒子具有相同的比荷【答案】CD【解析】【詳解】粒子經(jīng)加速電場(chǎng)加速后進(jìn)入靜電分析器在電場(chǎng)力的作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，因此由電場(chǎng)力指向圓心可知粒子帶正電,因此加速電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向由M指向N，所以M極板的電勢(shì)高,故A錯(cuò)誤；在加速電場(chǎng)由動(dòng)能定理由,在分析器內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，因此由,聯(lián)立可得，故B錯(cuò)誤；粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后再洛倫茲力的作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由,可得,故C正確，通過C可以看出直徑和粒子的比荷有關(guān),因此通過膠片同一點(diǎn)的粒子比荷相同,故D正確．12.在如圖甲所示的電路中,為定值電阻,為滑動(dòng)變阻器,閉合開關(guān)S，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最右端滑到最左端，兩個(gè)電壓表的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的完整過程圖線如圖乙所示,則下列說法正確的是(）A.圖乙中圖線a是電壓表的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的圖線B.電源內(nèi)阻為ΩC。電源的最大輸出功率為WD.滑動(dòng)變阻器的最大功率為W【答案】AC【解析】【詳解】A．將滑動(dòng)變阻器的滑片P從最右端移到最左端,接入電路的電阻減小，電路中的電流增大，R1的電壓和電源的內(nèi)電壓增大,則R2的電壓減小,所以電壓表V1的示數(shù)增大，電壓表V2的示數(shù)減小，可知圖線b反映的是電壓表V1的示數(shù)隨電流的變化,圖線a反映的是電壓表V2的示數(shù)隨電流的變化，故A正確。

B．根據(jù)閉合電路歐姆定律得電壓表V2的示數(shù)為：U2=E—I(R1+r）①由圖線a的斜率大小等于R1+r，由圖知:圖線b的斜率等于R1，則有:則電源的內(nèi)阻為r=5Ω，故B錯(cuò)誤；C．圖線a延長(zhǎng)與U軸的截距為電源的電動(dòng)勢(shì)E=6V，當(dāng)內(nèi)阻等于外阻時(shí)，電源的輸出功率最大,最大的輸出功率為：故C正確；D．把R1等效為內(nèi)阻,則當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值等于R1+r時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大，故當(dāng)滑動(dòng)變阻器阻值為10Ω時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大，滑動(dòng)變阻器的最大功率為：故D錯(cuò)誤；故選AC。二、實(shí)驗(yàn)填空題（每空2分，共16分。）13。(1）如圖1所示為多用電表的刻度盤。若選用倍率為“”的歐姆擋測(cè)電阻時(shí),表針指示如圖所示，為了使測(cè)量結(jié)果更精確些，則下列操作正確的是____

A．將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋“”B．將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋“”C．換擋后直接接入待測(cè)電阻測(cè)量D．換擋后先將兩表筆短接調(diào)零,再接入待測(cè)電阻進(jìn)行測(cè)量（2）若選用2。5V電壓擋測(cè)電壓時(shí)，表針也指于圖示位置，則所測(cè)電壓為________V。（3)若該歐姆表表頭如圖2所示，已知電流計(jì)的量程為,電池電動(dòng)勢(shì)為E＝1。5V，則該歐姆表的表盤上刻度線對(duì)應(yīng)的電阻值是______KΩ?！敬鸢浮?1)。AD(2）.2.20（3）。2【解析】【詳解】(1)[1］．AB由表盤看出，若選用倍率為“×100”的歐姆擋測(cè)電阻時(shí)，指針偏轉(zhuǎn)較大過大,則說明倍率檔選擇過大，應(yīng)改用“×100"的歐姆擋測(cè)量；選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤;CD．換擋后先將兩表筆短接調(diào)零，再接入待測(cè)電阻進(jìn)行測(cè)量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤,D正確；故選AD.（2）［2］．若選用2.5V電壓擋測(cè)電壓時(shí),最小分度為0.05A，則表針?biāo)笀D示位置,則所測(cè)電壓為2.20V。（3）［3]．當(dāng)電流表滿偏時(shí):當(dāng)電流為300μA時(shí)：帶入數(shù)據(jù)解得:R=2kΩ14.某同學(xué)要測(cè)定一電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r，實(shí)驗(yàn)器材有：一只電阻箱（阻值用R表示），一個(gè)電流表（讀數(shù)用I表示），一只開關(guān)和導(dǎo)線若干，電路如圖所示。（1)該同學(xué)設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)的原理表達(dá)式是E＝__________（用r、I、R表示）（2）該同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)采集到的數(shù)據(jù)作出如圖2所示的圖象，縱軸截距為0.4，則由圖象可求得該電源的電動(dòng)勢(shì)E＝______

V，內(nèi)阻r＝______Ω

（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）．（3）考慮電流表內(nèi)阻的影響，則電池電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻真實(shí)值與測(cè)量值的大小比較,E真______E測(cè),r真______r測(cè)。（填“＞”,“＜”或“＝”）【答案】(1).I(R+r）（2).6。3（6。1～6。4均可）（3）.2。5（2。4~2.6均可）（4）。＝(5)。＜【解析】【詳解】（1)[1］．由圖示電路圖可知，在閉合電路中，電源電動(dòng)勢(shì)：E=I（r+R）．

（2）[2］．在閉合電路中,電源電動(dòng)勢(shì)：E=I（r+R）由圖象可知，圖象截距圖象斜率則電源電動(dòng)勢(shì):電源內(nèi)阻：r=bE=0。4×6。25=2。5Ω；（3）［3]．實(shí)驗(yàn)誤差是由于電流表內(nèi)阻造成的，用該實(shí)驗(yàn)方案電源電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值等真實(shí)值，電源內(nèi)阻的測(cè)量值等于電源內(nèi)阻與安培表內(nèi)阻之和，則大于電源內(nèi)阻的真實(shí)值．三、計(jì)算題（本題共4小題，共36分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫最后答案不得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案應(yīng)明確寫出數(shù)值和單位。）15。電場(chǎng)中某區(qū)域的電場(chǎng)線如圖所示，A、B是電場(chǎng)中的兩點(diǎn)．一個(gè)電荷量的點(diǎn)電荷在A點(diǎn)所受電場(chǎng)力，將該點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn),電場(chǎng)力做功．求：（1）A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小EA；(2）A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差U．【答案】（1）；（2）．【解析】【詳解】(1）A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為：(2）A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差16.如圖所示，光滑的平行導(dǎo)軌與水平面的夾角為θ＝37°，兩平行導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)＝1m，整個(gè)裝置處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。導(dǎo)軌中接入電動(dòng)勢(shì)為E=4.5V、內(nèi)阻為r=0.5Ω的直流電源，電路中有一阻值為R=1Ω的電阻，其余電阻不計(jì).將質(zhì)量為m=4kg，長(zhǎng)度也為L(zhǎng)的導(dǎo)體棒放在平行導(dǎo)軌上恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度為g=10m/s2，（sin370=0。6,cos370=0.8），求:（1）通過ab導(dǎo)體棒的電流強(qiáng)度為多大？（2)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為多大？（3）若突然將勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向變?yōu)榇怪睂?dǎo)軌平面向上，求此時(shí)導(dǎo)體棒的加速度大小及方向?！敬鸢浮浚?）3A(2）10T(2)1.5m/s2,方向沿斜面向上【解析】【詳解】（1)由閉合電路歐姆定律可得(2)導(dǎo)體棒靜止，根據(jù)共點(diǎn)力平衡可得BILcos37°=mgsin37°解得:B=10T（3）由牛頓第二定律可得，BIL-mgsin37°=ma解得：a=1.5m/s2方向沿斜面向上17.如圖所示是磁流體發(fā)電機(jī)的裝置，a、b組成一對(duì)平行電極，兩板間距為d，板平面的面積為S，內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng).現(xiàn)持續(xù)將一束等離子體即高溫下電離的氣體,含有大量帶正電和負(fù)電的微粒，而整體呈中性垂直噴入磁場(chǎng)，每個(gè)離子